1、第页 1广东省六校（广州二中，深圳实验，珠海一中，中山纪念，东莞中学，惠州一中）2019 届高三第一次联考文科数学试卷注意事项：1答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号、座位号、学校、班级等考生信息填写在答题卡上。2作答选择题时，选出每个小题答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案信息点涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案，写在本试卷上无效。3非选择题必须用黑色字迹签字笔作答，答案必须写在答题卡各题指定的位置上。4考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本题共 12 小题，每小题 5 分，共 60 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。1.已知集合 ，集
2、合 ，则 ( )A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】先根据题意得到集合 B 的元素，再根据集合的交集的概念得到结果.【详解】集合 ，集合 = ，根据集合交集的概念得到.故答案为：B.【点睛】高考对集合知识的考查要求较低，均是以小题的形式进行考查，一般难度不大，要求考生熟练掌握与集合有关的基础知识纵观近几年的高考试题，主要考查以下两个方面：一是考查具体集合的关系判断和集合的运算解决这类问题的关键在于正确理解集合中元素所具有属性的含义，弄清集合中元素所具有的形式以及集合中含有哪些元素二是考查抽象集合的关系判断以及运算2.已知复数 ，其中为虚数单位，则 ( )A. B. C. D. 【
3、答案】D第页 2【解析】【分析】先由复数的除法运算得到复数 z，再根据复数的模长公式得到模长即可.【详解】复数 = 根据复数模长公式得到 故答案为：D.【点睛】复数的常见考点有：复数的几何意义，zabi(a，bR)与复平面上的点 Z(a，b)、平面向量 都可建立一一对应的关系(其中 O 是坐标原点)；复平面内，实轴上的点都表示实数；虚轴上的点除原点外都表示纯虚数涉及到共轭复数的概念，一般地，当两个复数的实部相等 ，虚部互为相反数时，这两个复数叫做互为共轭复数3.等比数列 的前 n 项和为 ，且 4 ，2 ， 成等差数列。若 =1，则 ( )A. 16 B. 15 C. 8 D. 7【答案】B【
4、解析】解： 4 ，2 ， 成等差数列4a1+a3= 8a2，4a1+ a1q2=“2“ a1q，即（4+q 2） 2 = qq=2S4=a1(1-q4) （ 1-q ）=1(1-2 4) ( 1-2 )=15故选 B4.某单位为了落实“绿水青山就是金山银山”理念，制定节能减排的目标，先调查了用电量 （单位：度）与气温 （单位： ）之间的关系，随机选取了 天的用电量与当天气温，并制作了对照表：（单位: ）(单位：度)由表中数据得线性回归方程： .则的值为A. B. C. D. 第页 3【答案】C【解析】样本平均数为 ，即样本中心 ，则线性回归方程 过 ，则 ，解得 ，即的值为 ，故选 C.5.下
5、列四个结论：命题“ ”的否定是“ ”；若 是真命题，则 可能是真命题；“ 且 ”是“ ”的充要条件；当 时，幂函数 在区间 上单调递减.其中正确的是（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】特称命题的否定是：换量词，否结论，不变条件；根据这一准则判正误即可；若 是真命题，则 p和 q 均为真命题，可得到结果；a,b 的范围不唯一， “ 且 ”是“ ”的充分不必要条件；即可得正误；幂函数在第一象限的单调性只和指数 有关， 0 函数增， 0,b0 也可以满足 ，即 a,b 的范围不唯一， “ 且 ”是“ ”的充分不必要条件，故选项不正确；当 时，幂函数 在区间 上单调递减，是正确的，
6、幂函数在第一象限的单调性只和指数 有关， 0 函数增， 0 函数增， 0 函数减.6.在 上函数 满足 ，且 ，其中 ，若 ，则 a= ( )第页 4A. 0.5 B. 1.5 C. 2.5 D. 3.5【答案】C【解析】【分析】先由题干得到函数的周期为 2，进而得到 =a-1, =1.5，根据 ，列方程，求出 a 值.【详解】在 上函数 满足 ，可得到函数的周期为 2，故 ,故 f(-1)=a-1,f(0.5)=1.5,所以 a-1=1.5，解得 a=2.5.故答案为：C.【点睛】这个题目考查了分段函数的性质和应用，这类题的常见题型及解决方法有：（1）此类求值问题，一般要求的式子较多，不便逐
7、个求解.求解时，注意观察所要求的式子，发掘它们之间的规律,进而去化简，从而得到问题的解决方法;（2 ）已知函数解析式求函数值，可分别将自变量的值代入解析式即可求出相应的函数值.当自变量的值为包含字母的代数式时，将代数式作为一个整体代入求解;（3）已知函数解析式，求对应函数值的自变量的值(或解析式中的参数值 )，只需将函数值代入解析式，建立关于自变量 (或参数)的方程即可求解，注意函数定义域对自变量取值的限制7.已知点 A(2,1)，O 是坐标原点，点 的坐标满足： ，设 ，则的最大值是（ ） A. -6 B. 1 C. 2 D. 4【答案】D【解析】【分析】先由不等式组得到可行域，将目标函数化
8、为 ，由图像得到在过点 A(1,2)时 z 取得最大值，代入得到 z=4.【详解】根据题意以及不等式组得到可行域，如图，是由 CBO 围成的三角形内部， 第页 5，变形为 ，根据图像得到函数在过点 C(1,2)时 z 取得最大值，代入得到 z=4.故答案为：D.【点睛】利用线性规划求最值的步骤：(1)在平面直角坐标系内作出可行域(2)考虑目标函数的几何意义，将目标函数进行变形常见的类型有截距型（ 型）、 斜率型（ 型）和距离型（ 型）(3)确定最优解：根据目标函数的类型，并结合可行域确定最优解(4)求最值：将最优解代入目标函数即可求出最大值或最小值。注意解答本题时不要忽视斜率不存在的情形.8.
9、将函数 的图象向右平移 个单位后得到函数 ，则 具有性质( )A. 最大值为 1，图象关于直线 对称 B. 在 上单调递增，为奇函数C. 在 上单调递增，为偶函数 D. 周期为 ，图象关于点 对称【答案】B【解析】【分析】由条件根据诱导公式、函数 y=Asin（x+）的图象变换规律，求得 g（x）的解析式，再利用正弦函数的图象性质得出结论【详解】A.将函数 f（x）=cos2x 的图象向右平移 个单第页 6位后得到函数 g（x）=cos2（x ）=sin2x 的图象，当 x（0， ）时，2x（0， ）,最大值为 1，图象关于直线对称故 A 不正确；B:故当 x（0， ）时，2x（0， ） ，故
10、函数 g（x）在（0， ）上单调递增，为奇函数，故正确；C.单调递增区间： ，为奇函数，故不正确；D，周期为 ，图象对称中心为： .故 D 不正确.故选：B【点睛】本题主要考查诱导公式的应用，函数 y=Asin（x+）的图象变换规律，正弦函数的图象性质，属于基础题. 在研究函数的单调性和最值时，一般采用的是整体思想，将 x + 看做一个整体，地位等同于sinx 中的 x。9.如右图是一个四棱锥的三视图,则该几何体的体积为（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】根据几何体的三视图，得出该几何体是底面为直角梯形的直四棱锥，结合图中数据求出它的体积【详解】根据几何体的三视图，得第页
11、7该几何体是如图所示的直四棱锥；且四棱锥的底面为梯形，梯形的上底长为 1，下底长为 4，高为 4；所以，该四棱锥的体积为V=S 底面积 h= .故选：A【点睛】思考三视图还原空间几何体首先应深刻理解三视图之间的关系，遵循“长对正，高平齐，宽相等”的基本原则，其内涵为正视图的高是几何体的高，长是几何体的长；俯视图的长是几何体的长，宽是几何体的宽；侧视图的高是几何体的高，宽是几何体的宽.由三视图画出直观图的步骤和思考方法：1、首先看俯视图，根据俯视图画出几何体地面的直观图；2、观察正视图和侧视图找到几何体前、后、左、右的高度；3、画出整体，然后再根据三视图进行调整.10.已知双曲线 ，的左焦点为
12、F，离心率为 ，若经过 和 两点的直线平行于双曲线的一条渐近线，则双曲线的方程为（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】由双曲线的离心率为 ，则双曲线为等轴双曲线，即渐近线方程为 y=x，根据直线的斜率公式，即可求得c 的值，求得 a 和 b 的值，即可求得双曲线方程【详解】设双曲线的左焦点 F（c，0） ，离心率 e= ，c= a，则双曲线为等轴双曲线，即 a=b，双曲线的渐近线方程为 y= x=x，则经过 F 和 P（0，4）两点的直线的斜率 k= ，则 =1，c=4，则 a=b=2 ，双曲线的标准方程： ；故选：D【点睛】本题考查双曲线的几何性质及其应用，对于第页 8双曲
13、线的离心率是双曲线最重要的几何性质，求双曲线的离心率(或离心率的取值范围) ，常见有两种方法：求出 ，代入公式 ；只需要根据一个条件得到关于 的齐次式，结合 转化为 的齐次式，然后等式(不等式)两边分别除以或 转化为关于的方程( 不等式)，解方程(不等式) 即可得(的取值范围).11.数列 的前 项和为 , ,则数列 的前 50 项和为（ ）A. 49 B. 50 C. 99 D. 100【答案】A【解析】解： 数列 an的前 n 项和 Sn=n2+n+1，a1=s1=3，当 n2 时，an=S n-sn-1=n2+n+1-（n-1 ） 2+（n-1 ）+1=2n ，故 an=“ 3“ ， n
14、=12n ， n2 bn=（-1） nan=“ -“ 3 ， n=“1“(-1)n2n ， n2 ，数列 bn的前 50 项和为（-3+4）+（-6+8）+（-10+12）+（-98+100）=1+242=49，故选 A12.已知定义在 上的可导函数 满足 ，设 ， ，则 的大小关系是（ ）A. B. C. D. 的大小与 有关【答案】B【解析】【分析】构造函数 g（x），求导，求出 g（x）的奇偶性和单调性，根据函数单调性的性质判断 a，b 的大小即可【详解】设 g（x）=exf（x），则 g（x）=exf（x）+exf（x）=ex（f（x）+f（x）0，所以 g（x）为减函数，mm2=（m
15、 ）2+ 1，g（mm2）g（1） ，所以即 ， f（1） ，所以 f（mm2） f（1） ，所以 ab；故选：B第页 9【点睛】本题考查函数的单调性与奇偶性的综合应用，注意奇函数的在对称区间上的单调性的性质；对于解抽象函数的不等式问题或者有解析式，但是直接解不等式非常麻烦的问题，可以考虑研究函数的单调性和奇偶性等，以及函数零点等，直接根据这些性质得到不等式的解集。二、填空题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。13.已知 ， ，若 ，则与 的夹角是_.【答案】【解析】【分析】由 ， ，且 ，知 ，即 3+2 cos =0，由此能求出向量与 的夹角【详解】 ， ，且 ，即 3+2
16、cos =0，解得 cos = ，向量与 的夹角是 150，故答案为：150【点睛】本题考查向量的数量积判断两个向量垂直的条件的应用，是基础题解题时要认真审题，仔细解答，解决向量的小题常用方法有：数形结合，向量的三角形法则，平行四边形法则等；建系将向量坐标化；向量基底化，选基底时一般选择已知大小和方向的向量为基底.14.已知函数 的图象在点 处的切线过点 ，则 _.【答案】-5【解析】【分析】求出函数的导数 f（x）=3x2+a，f（1）=3+a，而 f（1）=a+2,根据点斜式得到程，利用切线的方程经过的点求解即可【详解】函数 f（x）=x3+ax+1 的导数为：f（x）=3x 2+a，f（
17、1）=3+a，而 f（1）=a+2，切线方程为：ya 2=（3+a）（x1） ，因为切线方程经过（-1，1），第页 10所以 1a2=（3+a）（-11），解得 a=-5故答案为：-5.【点睛】这个题目考查了利用导数求函数在某一点处的切线方程；步骤一般为：一，对函数求导，代入已知点得到在这一点处的斜率；二，求出这个点的横纵坐标；三，利用点斜式写出直线方程.15.在三棱锥 中， 底面 ， 且三棱锥 的每个顶点都在球 的表面上，则球 的表面积为 _【答案】【解析】【分析】根据题目所给的条件可得到相应的垂直关系，得到三角形 ACD 和三角形 ABD 均为直角三角形，有公共斜边 AD，由直角三角形的性
18、质得到 AD 中点为球心，进而得到球的半径和面积.【详解】因为三棱锥 中， 底面 ，所以 ，又因为 ，DC 和 CB 相交于点 C，故得到 AB 面 BCD，故得到 AB 垂直于 BD，又因为 DC 垂直于面 ABC，故 DC 垂直于 AC，故三角形ACD 和三角形 ABD 均为直角三角形，有公共斜边 AD，取 AD 中点为 O 点，根据直角三角形斜边的中点为外心得到 O 到 ABCD 四个点的距离相等，故点 O 是球心，求得半径为 3，由球的面积公式得到 S=.故答案为： .【点睛】本题考查了球与几何体的问题，是高考中的重点问题，要有一定的空间想象能力，这样才能找准关系，得到结果，一般外接球
19、需要求球心和半径，首先应确定球心的位置，借助于外接球的性质，球心到各顶点距离相等，这样可先确定几何体中部分点组成的多边形的外接圆的圆心，过圆心且垂直于多边形所在平面的直线上任一点到多边形的顶点的距离相等，然后同样的方法找到另一个多边形的各顶点距离相等的直线（这两个多边形需有公共点） ，这样两条直线的交点，就是其外接球的球心，再根据半径，顶点到底面中心的距离，球心到底面中心的距离，构成勾股定理求解，有时也可利用补体法得到半径，例：三条侧棱两两垂直的三棱锥，可以补成长方体，它们是同一个外接球.16.已知直线： 与圆 相交于 两点，且三角形 的面积取得最大值，又直线与抛物线 相交于不同的两点 ，则实
20、数的取值范围是 _.【答案】【解析】第页 11【分析】根据题干知道当三角形 为等腰直角三角形时面积最大，可以得到圆心到直线的距离为 1，进而得到 k和 t 的等量关系，之后联立直线和抛物线得到二次方程，只需要此方程有两个不等根即可，故使得判别式大于 0 即可，代入得到 t 的范围 .【详解】根据题意得到三角形 的面积为 ，当角度为直角时面积最大，此时三角形 为等腰直角三角形，设圆心到直线的距离为 d=1，根据点到直线的距离公式得到，直线与抛物线 相交于不同的两点 ，联立直线和抛物线得到 只需要此方程有两个不等根即可， 解得 t 的范围为： .故答案为： .【点睛】本题主要考查直线与圆锥曲线位置
21、关系，所使用方法为韦达定理法：因直线的方程是一次的，圆锥曲线的方程是二次的，故直线与圆锥曲线的问题常转化为方程组关系问题，最终转化为一元二次方程问题，故用韦达定理及判别式是解决圆锥曲线问题的重点方法之一，尤其是弦中点问题，弦长问题，可用韦达定理直接解决，但应注意不要忽视判别式的作用三、解答题：共 70 分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第 1721 题为必考题，每个试题考生都必须作答。第 22、23 题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共 60 分。17.在 中，内角 所对的边分别为 ，已知 （）求角 的大小；（）若 的面积 ，且 ，求 【答案】 （） 。 （） 。【解析】试
22、题分析：（）由余弦定理把已知条件化为 ，再由正弦定理化为角的关系，最后由两角和与差的正弦公式及诱导公式可求得 ，从而得 角；第页 12（）由三角形面积公式求得 ，再由余弦定理可求得 ，从而得 ，再由正弦定理得，计算可得结论 .试题解析：（）因为 ，所以由 ，即 ，由正弦定理得 ，即 ， ， ，即 ， ， ， ， ， .（） ， ， ， ， ，即 ， .18.某机构组织语文、数学学科能力竞赛，按照一定比例淘汰后，颁发一二三等奖现有某考场考生的两科考试成绩数据统计如下图 1 所示，其中数学科目成绩为二等奖的考生有 人（）求该考场考生中语文成绩为一等奖的人数；（）用随机抽样的方法从获得数学和语文二等
23、奖的学生中各抽取 人，进行综合素质测试，将他们的综合得分绘成茎叶图（图 2） ，求样本的平均数及方差并进行比较分析；（）已知本考场的所有考生中，恰有 人两科成绩均为一等奖，在至少一科成绩为一等奖的考生中，随机抽取 人进行访谈，求两人两科成绩均为一等奖的概率【答案】 （）4 人。 （）数学二等奖考生较语文二 等奖考生综合测试平均分高，但是稳定性较差第页 13（） 。 【解析】试题分析：（）由数学成绩为二等奖的考生人数及频率，可求得总人数，再利用对立事件的概率公式求出该考场考生中语文成绩为一等奖的频率，与总人数相乘即可得结果（）分别利用平均值公式与方差公式求出数学和语文二等奖的学生两科成绩的平均值
24、与方差，可得数学二等奖考生较语文二等奖考生综合测试平均分高，但是稳定性较差；（）利用列举法求得随机抽取两人的基本事件个数为 个，而两人两科成绩均为一等奖的基本事件共 个，利用古典概型概率公式可得结果.试题解析：（）由数学成绩为二等奖的考生有 人，可得 ，所以语文成绩为一等奖的考生 人（）设数学和语文两科的平均数和方差分别为 ， ， ，, ,因为 , ，所以数学二等奖考生较语文二等奖考生综合测试平均分高，但是稳定性较差. （）两科均为一等奖共有 人，仅数学一等奖有 人，仅语文一等奖有 人-9 分设两科成绩都是一等奖的 人分别为 ，只有数学一科为一等奖的 人分别是 ,只有语文一科为一等奖的 人是
25、，则随机抽取两人的基本事件空间为 ,共有 个，而两人两科成绩均为一等奖的基本事件共 个，所以两人的两科成绩均为一等奖的概率 . 19.如图，平行四边形 中， ， ， 平面 ， ， ， 分别为 ，的中点（）求证： 平面 ； （）求点 到平面 的距离第页 14【答案】 （）见解析。 （） 。【解析】试题分析：（）欲证 平面 ，根据线面垂直判定定理，需要证明 平面 内两条相交直线，由于 ， ，所以易求 ， ，则有 ，接下来证明 平面，从而得到 平面 ， ，于是问题得证；（）求点到面的距离，可以用等体积法，即，由（）易知 为直角三角形，于是可求其面积，在 中， ，于是可求其面积，根据 ，于是可以求出点
26、到面的距离.试题解析：（）连接 ，在平行四边形 中， ， ， ，从而有 ， 平面 ， 平面 ， ，又 ， 平面 ， 平面从而有 又 ， 为 的中点， ，又 ， 平面 （）设点 到平面 的距离为 ，在 中， ， ， 在 中， ， ， 由 得， ，第页 15 所以点 到平面 的距离为 方法点睛：求几何体体积常用的方法有：（1）分割求和法：把不规则图形分割成规则图形，然后进行体积计算；（2）补形法：把不规则的几何体补成规则的几何体，不熟悉的几何体补成熟悉的几何体，便于计算其体积；（3）等体积法：选择适当的底面图形求几何体的体积，常用于三棱锥.20.已知椭圆 的离心率为 ，点 在椭圆 上.（）求椭圆
27、的方程；（）过椭圆内一点 的直线的斜率为 ，且与椭圆 交于 两点， 设直线 ， （ 为坐标原点）的斜率分别为 ，若对任意 ，存在实数，使得 ，求实数的取值范围.【答案】() ；() .【解析】试题分析：（）由离心率中得 ，再点 的坐标代入椭圆方程又得一关于 的方程，结合 可求得 ，得标准方程；（）设直线的方程为 ，设 ， ，由直线方程与椭圆方程联立消元后可得 ，计算 ，并代入 ，由 的任意性可得 ，由于直线与椭圆问题相交的，因此点 在椭圆内部，即 ，最终可得范围试题解析：（）椭圆 的离心率 ，所以 ，又点 在椭圆上，所以 ，解得 ， ，所以椭圆 的方程为 .第页 16（）设直线的方程为 .由
28、，消元可得 ，设 ， ，则 ， ，而 ，由 ，得 ，因为此等式对任意的 都成立，所以 ，即 .由题意得点 在椭圆内，故 ，即 ，解得 .点睛：“设而不求”是解题过程中根据需要设邮变量，但并不直接求出其具体值，而是利用某种关系（如和、差、积）来表示变量之间的联系，在解决圆锥曲线的有关问题时能够达到种“化难为易、化繁为简”的效果，在直线与圆锥曲线的位置关系问题中，步骤一般如下：（1）设直线方程 与椭圆为 的两个交点坐标为 ；（2）联立直线与椭圆的方程组成方程组，消元得一元二次方程； （3）利用韦达定理得 ， ，然后再求弦长以及面积，或求其他量本题中求出 ，代入 后可得与的关系21.已知函数 （）当
29、 时，讨论函数 f(x)的单调性；（）若不等式 对于任意 成立，求正实数的取值范围【答案】 （）当 时，函数 在 上单调递增，在 上单调递减；当 时，函数 在上单调递减，在 和 上单调递增 （） 。【解析】【分析】(1)对函数求导得到 ，讨论 a 和 0 和 1 的大小关系，从而得到单调区间；（2）原题等价于对任意 ，有 成立， 设 ，所以 ，对 g(x)求导研究单调性，从而得到最值，进而求得结果.第页 17【详解】 （）函数 的定义域为 若 ，则当 或 时， ， 单调递增；当 时， ， 单调递减； 若 ，则当 时， ， 单调递减；当 时， ， 单调递增； 综上所述，当 时，函数 在 上单调递
30、增，在 上单调递减；当 时，函数 在 上单调递减，在 和 上单调递增 （）原题等价于对任意 ，有 成立，设 ，所以 令 ，得 ；令 ，得 函数 在 上单调递减，在 上单调递增， 为 与 中的较大者 设 ，则 ， 在 上单调递增，故 ，所以 ，从而 ，即 设 ，则 所以 在 上单调递增又 ，第页 18所以 的解为 ， 的取值范围为 【点睛】本题考查了导数的综合应用问题，解题时应根据函数的导数判定函数的增减性以及求函数的极值和最值，应用分类讨论法，构造函数等方法来解答问题对于函数恒成立或者有解求参的问题，常用方法有：变量分离，参变分离，转化为函数最值问题；或者直接求函数最值，使得函数最值大于或者小
31、于 0；或者分离成两个函数，使得一个函数恒大于或小于另一个函数.（二）选考题：共 10 分。请考生在第 22、23 题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。选修 4-4：坐标系与参数方程22.在平面直角坐标系 中，直线的参数方程为 （为参数） ，以平面直角坐标系的原点为极点，正半轴为极轴，取相同的长度单位建立极坐标系，曲线 的极坐标方程为 （）求直线和曲线 的直角坐标方程，并指明曲线 的形状；（）设直线与曲线 交于 两点， 为坐标原点，且 ，求 【答案】 （）直线和曲线 的直角坐标方程分别为 和 ，曲线 表示以 为圆心，1为半径的圆；（） 。【解析】试题分析：（1）由 消去参数，得直
32、线的直角坐标方程为 ，由极坐标和直角坐标的互化公式可得曲线 的直角坐标方程 .；（2）联立直线与曲线 的方程，消去，得 ，设 对应的极径分别为 ， ，GV 韦达定理可得 .的值.试题解析：（1）由 消去参数，得 ，由 ，得 ，第页 19所以曲线 的直角坐标方程为 ，即 .即曲线 是圆心为 ，半径 的圆.（2）联立直线与曲线 的方程，得 ，消去，得 ，设 对应的极径分别为 ， ，则 ， ，所以 .选修 4-5：不等式证明选讲23.已知函数（）若不等式 恒成立，求的取值范围；（）求不等式 的解集【答案】 （） ；（） 或 。【解析】【分析】(1)由绝对值三角不等式得到 ，故 恒成立得 ，解此不等式即可；（2）不等式等价于 或 ，去掉绝对值得到，根据图像可得到结果.【详解】() ， 由 恒成立得 ，即 或 ，得 或 的取值范围是 .（）不等式 等价于 或 ， 由 得第页 20由 得如图所示：由图可得原不等式的解集为 或 【点睛】这个题目考查了含有绝对值的不等式的解法，绝对值三角不等式的应用，以及函数的值域问题；一般对于解含有多个绝对值的不等式，根据零点分区间，将绝对值去掉，分段解不等式即可.
