1、第 1 页（共 31 页）2015 年山西省吕梁市高考物理一模试卷一、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分，在每小题给出的四个选项中，第 1-5 题只有一个选项符合题目要求，第 6-8 题有多个选项符合题目要求，全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分1曹冲生五六岁，智意所及，有若成人之智时孙权曾致巨象，太祖欲知其轻重，访之群下，咸莫能出其理冲曰：“置象大船之上，而刻其水痕所至，称物以载之，则校可知矣 “太祖悦，即施行焉这便是家喻户晓的典故“曹冲称象”下列研究过程中用到的方法与“曹冲称象” 相同的是（ ）A建立“瞬时速度 ”的概念B建立“合力与分力”的概念C建立“电
2、场强度”的概念D探究电阻、电压和电流三者之间的关系2如图所示，质量为 m 的小球套在竖直固定的光滑圆环上，轻绳一端固定在圆环的最高点 A，另一端与小球相连小球静止时位于环上的 B 点，此时轻绳与竖直方向的夹角为 60，则轻绳对小球的拉力大小为（ ）A2mg B mg Cmg D mg3用传感器研究质量为 2kg 的物体由静止开始做直线运动的规律时，在计算机上得到 06s 内物体的加速度随时间变化的关系如图所示下列说法正确的是（ ）第 2 页（共 31 页）A06s 内物体先向正方向运动，后向负方向运动B06s 内物体在 4s 时的速度最大C物体在 24s 内速度不变D04s 内合力对物体做的功
3、等于 06s 内合力做的功4某小型水电站的电能输送示意图如图所示，发电机通过升压变压器 T1 和降压变压器 T2 向R0=11的纯电阻用电器供电已知输电线的总电阻为 R=10，T 2 的原、副线圈匝数比为 4：1，用电器两端电压为 u=220 sin100t（V），将 T1、T 2 均视为理想变压器，下列说法中正确的是（ ）A降压变压器的输入功率为 4400WB升压变压器中电流的频率为 100HzC输电线 R 消耗的功率为 500WD当用电器的电阻减小时，输电线 R 消耗的功率减小5如图所示，直角坐标系 xOy 平面内有一与该平面平行的匀强电场，以 O 点为圆心，R=0.10m 为半径画一个圆
4、，圆周与坐标轴的交点分别为 a、b、c、d，已知 a、b、c 三点的电势分别为 2V、2V、2V，则下列说法正确的是（ ）A匀强电场的方向沿 y 轴负方向Bd 点的电势为 VC将一个电子从 c 点移到 O 点，电子的电势能增加 2eVD将一个电子沿圆弧 顺时针从 a 点移到 b 点，电子的电势能先减小后增大第 3 页（共 31 页）6火星是太阳系中唯一的类地行星，可能适合人类居住我国计划在 2020 年实现火星着陆巡视，在 2030 年实现火星采样返回已知火星表面的重力加速度为 g 火 ，火星的平均密度为 火星可视为球体，火星探测器离火星表面的高度为 h，绕火星做匀速圆周运动的周期为 T仅根据
5、以上信息能求出的物理量是（ ）A火星探测器的质量B引力常量C火星探测器与火星间的万有引力D火星的第一宇宙速度7如图，竖直平面（纸面）两水平线间存在宽度为 d 的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里一质量为 m、边长也为 d 的正方形线圈从磁场上方某处自由落下，t 1 时刻线圈的下边进入磁场，t 2 时刻线圈的上边进入磁场，t 3 时刻线圈上边离开磁场已知线圈平面在下落过程中始终与磁场方向垂直，且线圈上、下边始终与磁场边界平行，不计空气阻力，则线圈下落过程中的 vt 图象可能正确的是（ ）A BC D第 4 页（共 31 页）8在倾角为 的光滑斜面上有两个用轻弹簧连接的物块 A 和 B，它们的质量分别
6、为 m 和 2m，弹簧的劲度系数为 k，C 为一固定挡板，系统处于静止状态现用一沿斜面方向的恒力拉物块 A 使之沿斜面向上运动，当 B 刚离开 C 时，A 的速度为 v，加速度方向沿斜面向上，大小为 a，则（ ）A从静止到 B 刚离开 C 的过程中， A 发生的位移为B从静止到 B 刚离开 C 的过程中，重力对 A 做的功为CB 刚离开 C 时，恒力对 A 做功的功率为（mgsin +ma）vD当 A 的速度达到最大时，B 的加速度大小为二、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第 9-12 题为必考题，每个试题考生都必须作答。第13-18 题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题9为探究弹簧
7、的弹性势能与压缩量的关系，某同学设计了如图（a）的实验装置实验步骤如下：用游标卡尺测量滑块上遮光片的宽度 d，游标卡尺的示数如图（b）；将水平弹簧的一端固定于水平气垫导轨的左侧；用滑块压缩弹簧，记录弹簧的压缩量 x；释放滑块，记录滑块脱离弹簧后通过光电门的时间 t，算出滑块的速度 v；重复步骤，作出 v 与 x 的关系图象如图（c）回答下列问题：（1）遮光片的宽度为 cm（2）若t=3.010 2s，则滑块的速度为 m/s 第 5 页（共 31 页）（3）由图（c）可知，v 与 x 成 关系（4）实验可得结论：对同一根弹簧，弹性势能与弹簧压缩量的关系是 10用图（a）的电路，可测量叠层电池“6
8、F22”的电动势 E 和内阻 r，所用的实验器材有：电阻箱R（最大阻值 999.9），电阻 R0（阻值为 900.0），电流表 A（量程为 10mA，内阻为RA=100.0），开关 S实验中，闭合开关 S 后，多次调节电阻箱，记下电流表的示数 I 和电阻箱对应的阻值 R，算出 与的值如表：R/ 17.5 23.1 26.7 36.9 58.1 139.0（10 22）5.71 4.33 3.75 2.71 1.72 0.72I/mA 2.50 3.00 3.30 4.00 5.00 6.67（10 2A1）4.00 3.33 3.03 2.50 2.00 1.50回答下列问题：（1）根据图（a
9、）用笔画线代替导线将图（b）中的实验器材连成实验电路（2） 与 的关系式为 （3）在图（c）的坐标纸上将所缺数据点补充完整并作图（4）根据图线求得电源电动势 E= V，内阻 r= （保留 2 为有效数字）第 6 页（共 31 页）112014 年 4 月 10 日，南海舰队 372 潜艇在远航巡逻中，遭遇海水密度突变造成的“断崖” 掉深，该潜艇急速下沉，全艇官兵在能见度几乎为零的水雾环境中，关闭了近百个阀门和开关，操纵了几十种仪器，成功将险情化解，创下了同类潜艇大深度自救成功的新纪录！假设总质量为M=3.45106kg 的潜艇正在深度为 h1=150m、密度为 p1=1.029103kg/m3
10、 的水下缓慢水平潜航，突然进入密度为 p2=1.008103kg/m3 区域发生“断崖”，潜艇沿竖直方向从静止开始匀加速下沉，经一系列操作在很短的时间排出一定量的水后，潜艇转为匀减速下沉，当速度减为 0 时到达最大深度h2=330m，整个过程历时 t=90s设潜艇在下沉中只受重力与浮力的作用，忽略排水的时间及潜艇体积的变化，取 g=9.8m/s2，求：（1）潜艇匀加速下沉的时间；（2）紧急排出水的质量12如图，第一象限内存在沿 y 轴负方向的匀强电场，电场强度大小为 E，第二，三，四象限存在方向垂直 xOy 平面向外的匀强磁场，其中第二象限的磁感应强度大小为 B，第三，四象限磁感应强度大小相等
11、，一带正电的粒子，从 P（d，0）点沿与 x 轴正方向成 =60角平行 xOy 平面入射，经第二象限后恰好由 y 轴上的 Q 点（图中未画出）垂直 y 轴进入第一象限，之后经第四，三象限重新回到 P 点，回到 P 点时速度方向与入射时相同，不计粒子重力，求：（1）粒子从 P 点入射时的速度 v0；（2）第三，四象限磁感应强度的大小 B第 7 页（共 31 页）三、选考题物理-选修 3-313下列说法正确的是 （ ）A布朗运动就是分子的热运动B气体温度升高，分子的平均动能一定增大C物体体积增大时，分子间距增大，分子势能也增大D热量可以从低温物体传递到高温物体E对物体做功，物体的内能可能减小14如
12、图所示，水平放置一个长方体的封闭气缸，用无摩擦活塞将内部封闭气体分为完全相同的A、B 两部分初始时两部分气体压强均为 p、热力学温度均为 T使 A 的温度升高T 而保持 B部分气体温度不变则 A 部分气体的压强增加量为多少？四、物理-选修 3-415甲、乙两列简谐横波沿 x 轴传播，t=0 时，甲、乙分别如图中实线、虚线所示，已知两列波的速度大小相等、振幅均为 20cm，且甲的频率为 2Hz，则两列波相遇时，在 012m 的区域内（ ）第 8 页（共 31 页）A两列波会发生干涉现象B甲与乙的频率之比为 3： 2Ct=0 时，x=6m 的质点的速度为零Dt=0 时，x=8.5m 的质点的位移大
13、于 20cmEt=0.75s ，x=5m 处的质点在 x 轴的下方16如图所示的圆表示一圆柱形玻璃砖的截面，O 为其圆心，MN 为直径一束平行于 MN 的光线沿 PO1 方向从 O1 点射入玻璃砖，在玻璃砖内传到 N 点，已知 PO1 与 MN 之间的距离为 R（R 为玻璃砖的半径），真空中的光速为 c，求：（）该玻璃砖的折射率；（）光线从 O1 传到 N 所用的时间五、物理-选修 3-517核反应堆是利用中子轰击重核发生裂变反应，释放出大量核能核反应方程式 U+ nBa+ Kr+aX 是反应堆中发生的许多核反应中的一种，X 是某种粒子， 是 X 粒子的个数，用 mU，m Ba，m Kr 分别
14、表示 U， Ba， Kr 核的质量，m x 表示 X 粒子的质量，c 为光在真空中的光速，以下说法正确的是（ ）Ax 为中子，a=2第 9 页（共 31 页）Bx 为中子，a=3C上述核反应中放出的核能 E=（m UmBamKr2mX）c 2D上述核反应中放出的核能 E=（m UmBamKr3mX）c 2E只有铀块体积达到临界体积才可能发生链式反应18如图，质量为 m1=0.45kg 的平顶小车静止在光滑水平面上，质量为 m2=0.5kg 的小物体（可视为质点）静止在车顶的右端一质量为 m0=0.05kg 的子弹，以水平速度 v0=100m/s 射中小车左端并留在车中，最终小物块相对地面以 2
15、m/s 的速度滑离小车已知子弹与车的作用时间很短，物块与车顶面的动摩擦因数为 =0.8认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力取 g=10m/s2求：（）子弹相对小车静止时小车速度的大小；（）小车的长度 L2015 年山西省吕梁市高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分，在每小题给出的四个选项中，第 1-5 题只有一个选项符合题目要求，第 6-8 题有多个选项符合题目要求，全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分1曹冲生五六岁，智意所及，有若成人之智时孙权曾致巨象，太祖欲知其轻重，访之群下，咸莫能出其理冲曰：“置象大船之上，而刻其水痕所至，称
16、物以载之，则校可知矣 “太祖悦，即施行焉这便是家喻户晓的典故“曹冲称象”下列研究过程中用到的方法与“曹冲称象” 相同的是（ ）A建立“瞬时速度 ”的概念B建立“合力与分力”的概念C建立“电场强度”的概念第 10 页（共 31 页）D探究电阻、电压和电流三者之间的关系【考点】物理学史【分析】等效替代法，物理学研究术语，是科学研究中常用的方法之一，是在保证某种效果相同的前提下，将实际的、复杂的物理问题和物理过程转化为等效的、简单的、易于研究的物理问题和物理过程来研究和处理的方法，将复杂的问题简单化【解答】解：把象安放到大船上，在水面所达到的地方做上记号，再让船装载其它东西，（称一下这些东西），那么
17、比较就能知道结果了曹冲在这一过程中所用到的物理方法是等效替代法即象安放到大船上和其它东西放到大船上，在水面所达到相同的地方，作用效果相同A、建立“瞬时速度 ”的概念是极限法，故 A 错误；B、研究合力与分力是运用等效替代法，故 B 正确；C、建立“电场强度”的概念，采用的是比值法，故 C 错误；D、探究电阻、电压和电流三者之间关系是控制变量法，故 D 错误；故选：B【点评】等效替代的前提是在保证某种效果相同的前提下进行替代，否则不能等效替代2如图所示，质量为 m 的小球套在竖直固定的光滑圆环上，轻绳一端固定在圆环的最高点 A，另一端与小球相连小球静止时位于环上的 B 点，此时轻绳与竖直方向的夹
18、角为 60，则轻绳对小球的拉力大小为（ ）A2mg B mg Cmg D mg【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力【专题】共点力作用下物体平衡专题【分析】对小球 B 受力分析，结合 B 球所受的合力为零，根据平行四边形定则求出轻绳对小球的拉力大小【解答】解：小球的受力分析如图所示：第 11 页（共 31 页）根据平行四边形定则，因为拉力与竖直方向的夹角为 60，由几何关系知，平行四边形定则为菱形，且拉力等于支持力，则：F=mg，故 C 正确 A、B、D 错误故选：C【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，根据共点力平衡进行求解，可以用合成法，也可以采用正交分解法，基础题3用传感
19、器研究质量为 2kg 的物体由静止开始做直线运动的规律时，在计算机上得到 06s 内物体的加速度随时间变化的关系如图所示下列说法正确的是（ ）A06s 内物体先向正方向运动，后向负方向运动B06s 内物体在 4s 时的速度最大C物体在 24s 内速度不变D04s 内合力对物体做的功等于 06s 内合力做的功【考点】功的计算；匀变速直线运动的图像【专题】功的计算专题【分析】由牛顿第二定律知：加速度方向与合外力方向相同，当加速度方向与速度方向相同时，物体做加速运动；否则做减速运动根据加速度图象，分析物体的运动情况，即可判断速度最大的时第 12 页（共 31 页）刻根据 at 图象的“面积” 大小等
20、于速度变化量结合动能定理判断 04s 内合力对物体做的功和 06s内合力做的功的关系【解答】解：A、a t 图象的“面积”大小等于速度变化量，由图象可知，0 6s 内速度变化量一直为正，所以一直沿正方向运动，故 A 错误；B、根据图象可知，0 5s 内，加速度方向与速度方向相同，做加速运动，56s 内加速度方向与速度方向相反，做减速运动，则 5s 末速度最大，故 B 错误；C、物体在 24s 内加速度不变，物体做匀加速直线运动，故 C 错误；D、at 图象的“面积” 大小等于速度变化量，根据图象可知，0 4s 内速度变化量等于 06s 内速度变化量，初速度为零，所以 4s 末和 6s 末的速度
21、相等，则动能的变化量相等，根据动能定理可知 04s 内合力对物体做的功等于 06s 内合力做的功故 D 正确故选：D【点评】本题关键有两点：一要正确分析物体的运动情况；二抓住 at 图象的“面积”求出速度的变化量，难度适中4某小型水电站的电能输送示意图如图所示，发电机通过升压变压器 T1 和降压变压器 T2 向R0=11的纯电阻用电器供电已知输电线的总电阻为 R=10，T 2 的原、副线圈匝数比为 4：1，用电器两端电压为 u=220 sin100t（V），将 T1、T 2 均视为理想变压器，下列说法中正确的是（ ）A降压变压器的输入功率为 4400WB升压变压器中电流的频率为 100HzC输
22、电线 R 消耗的功率为 500WD当用电器的电阻减小时，输电线 R 消耗的功率减小【考点】远距离输电【专题】交流电专题第 13 页（共 31 页）【分析】根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，可以求得降压变压器的电流和输电线上的电流的大小，从而可以求得输电线和用电器消耗的功率的大小【解答】解：A、用电器的电流为 I=用电器消耗的功率为 ，故降压变压器的输入功率为 4400W，故 A 正确；B、变压器只改变电压，不改变频率，故频率 f=50HZ，故 B 错误C、降压变压器原线圈的电流为输电线路上损失功率为 ，故 C 错误；D、当用电器的电阻 R0 减小时，由于电压不变，电流增大，输电线 R 消
23、耗的功率增大，故 D 错误；故选：A【点评】掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题5如图所示，直角坐标系 xOy 平面内有一与该平面平行的匀强电场，以 O 点为圆心，R=0.10m 为半径画一个圆，圆周与坐标轴的交点分别为 a、b、c、d，已知 a、b、c 三点的电势分别为 2V、2V、2V，则下列说法正确的是（ ）A匀强电场的方向沿 y 轴负方向Bd 点的电势为 VC将一个电子从 c 点移到 O 点，电子的电势能增加 2eVD将一个电子沿圆弧 顺时针从 a 点移到 b 点，电子的电势能先减小后增大【考点】电势能；电势【专题】电场力与电势的性质专题第 14
24、 页（共 31 页）【分析】在匀强电场中，找出相等的两点的电势，作出等势面，根据电场线与等势面垂直即可判断，并且任意两条平行的等长线段电势差相等【解答】解：A、连接 bc，在 bc 连线上找一点 M，使 M 点的电势为 2V，则 aM 为等势面，做 aM等势面的垂直平分线则为电场线，又沿电场线方向电势降低，故可判断有图可知匀强电场的方向不沿 y 轴负方向，故 A 错误；B、在匀强电场中，ad 平行于 bc，故 Ubc=Uad，解得 ，故 B 错误；C、根据对称性可知，O 点的电势为 0，故 Uco=2V，一个电子从 c 点移到 O 点电场力做功为W=eU=2eV，故电势能减小 2eV，故 C
25、错误；D、由图可知，将一个电子沿圆弧 顺时针从 a 点移到 b 点，先逆着电场线运动，再沿着电场线运动，故电场力先做正功后做负功，故电子的电势能先减小后增大，故 D 正确；故选：D【点评】解决本题的关键是正确理解 U=Ed，分析匀强电场中两点间的电势差关系，并能正确求解场强6火星是太阳系中唯一的类地行星，可能适合人类居住我国计划在 2020 年实现火星着陆巡视，在 2030 年实现火星采样返回已知火星表面的重力加速度为 g 火 ，火星的平均密度为 火星可视为球体，火星探测器离火星表面的高度为 h，绕火星做匀速圆周运动的周期为 T仅根据以上信息能求出的物理量是（ ）A火星探测器的质量B引力常量C
26、火星探测器与火星间的万有引力D火星的第一宇宙速度【考点】万有引力定律及其应用【专题】万有引力定律的应用专题第 15 页（共 31 页）【分析】根据万有引力等于重力列出等式，根据密度的定义式表示出密度；火星探测器离火星表面的高度为 h，绕火星做匀速圆周运动的周期为 T，根据万有引力提供向心力列出等式求解【解答】解：A、根据火星表面的物体万有引力等于重力列出等式，=mg 火 ，火星探测器离火星表面的高度为 h，绕火星做匀速圆周运动的周期为 T，根据万有引力提供向心力列出等式= =m （R+h） 由可解得火星的半径 R，不能得出火星探测器的质量，故 A 错误；B、火星的平均密度为 = = 由可解得引
27、力常量 G，故 B 正确；C、不知道火星探测器的质量，所以不能得出火星探测器与火星间的万有引力，故 C 错误；D、火星的第一宇宙速度 v= ，所以能得出火星的第一宇宙速度，故 D 正确；故选：BD【点评】解决本题的关键掌握万有引力等于重力和万有引力提供向心力两个理论，并能灵活运用7如图，竖直平面（纸面）两水平线间存在宽度为 d 的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里一质量为 m、边长也为 d 的正方形线圈从磁场上方某处自由落下，t 1 时刻线圈的下边进入磁场，t 2 时刻线圈的上边进入磁场，t 3 时刻线圈上边离开磁场已知线圈平面在下落过程中始终与磁场方向垂直，且线圈上、下边始终与磁场边界平行，不计
28、空气阻力，则线圈下落过程中的 vt 图象可能正确的是（ ）第 16 页（共 31 页）A BC D【考点】导体切割磁感线时的感应电动势【专题】电磁感应与图像结合【分析】线框先做自由落体运动，求得进入磁场时的速度，求出安培力，再根据安培力和重力的关系结合牛顿第二定律，确定线框在磁场中的运动形式，出磁场后线框再做自由落体运动【解答】解：0t 1 时间内，线框做自由落体运动，根据速度公式得： v=gt，得 t1 时间内线框做匀加速运动，到达 t1 时速度达到最大， t3 以后，线框做自由落体运动，再做匀加速运动t1t3 时间内，线框在磁场中运动，下边切割磁感线产生感应电流，线框受安培力和重力作用，开
29、始进入时，如果： mg ，有牛顿第二定律得： mg=ma，加速度方向向上，速度向下，线框做减速运动，随着速度的减小加速度在减小，加速度减小到零时，速度达到最小，故 B正确；开始进入时，如果： mg ，有牛顿第二定律得：mg =ma，加速度方向向下，速度向下，线框做加速运动，随着速度的增大加速度在减小，加速度减小到零时，速度达到最大，保持匀速，直至出磁场后做匀加速运动，故 C 错误，D 错误；开始进入时，如果： =mg，线框做匀速运动，直至出磁场后做匀加速运动，故 A 正确；故选：AB【点评】本题是电磁感应和牛顿第二定律相结合的题目，重在分析进入磁场时的安培力和重力的关系，结合牛顿第二定律分析运
30、动即可第 17 页（共 31 页）8在倾角为 的光滑斜面上有两个用轻弹簧连接的物块 A 和 B，它们的质量分别为 m 和 2m，弹簧的劲度系数为 k，C 为一固定挡板，系统处于静止状态现用一沿斜面方向的恒力拉物块 A 使之沿斜面向上运动，当 B 刚离开 C 时，A 的速度为 v，加速度方向沿斜面向上，大小为 a，则（ ）A从静止到 B 刚离开 C 的过程中， A 发生的位移为B从静止到 B 刚离开 C 的过程中，重力对 A 做的功为CB 刚离开 C 时，恒力对 A 做功的功率为（mgsin +ma）vD当 A 的速度达到最大时，B 的加速度大小为【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功的计算【专题
31、】功率的计算专题【分析】未加拉力 F 时，物体 A 对弹簧的压力等于其重力的下滑分力；物块 B 刚要离开 C 时，弹簧的拉力等于物体 B 重力的下滑分力；根据平衡条件并结合胡克定律求解出两个状态弹簧的行变量，得到弹簧的长度变化情况；然后结合功能关系进行分析即可【解答】解：A、开始时，弹簧处于压缩状态，压力等于物体 A 重力的下滑分力，根据胡克定律，有：mgsin=kx1解得：x 1=物块 B 刚要离开 C 时，弹簧的拉力等于物体 B 重力的下滑分力，根据胡克定律，有；2mgsin=kx2解得：x 2=故物块 A 运动的距离为： ，故 A 正确；B、从静止到 B 刚离开 C 的过程中，物块 A
32、克服重力做功为 ，故 B 错误；第 18 页（共 31 页）C、此时物体 A 受拉力、重力、支持力和弹簧的拉力，根据牛顿第二定律，有：FmgsinT=ma弹簧的拉力等于物体 B 重力的下滑分力，为：T=2mgsin故：F=3mgsin+ma，恒力对 A 做功的功率为（3mgsin +ma）v故 C 错误；D、当 A 的速度达到最大时，A 受到的合外力为 0，则：F mgsinT=0所以：T =2mgsin+maB 沿斜面方向受到的力：F B=T2mgsin=ma又：F B=2ma所以： 故 D 正确故选：AD【点评】本题关键抓住两个临界状态，开始时的平衡状态和最后的 B 物体恰好要滑动的临界状
33、态，然后结合功能关系分析，难度适中二、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第 9-12 题为必考题，每个试题考生都必须作答。第13-18 题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题9为探究弹簧的弹性势能与压缩量的关系，某同学设计了如图（a）的实验装置实验步骤如下：用游标卡尺测量滑块上遮光片的宽度 d，游标卡尺的示数如图（b）；将水平弹簧的一端固定于水平气垫导轨的左侧；用滑块压缩弹簧，记录弹簧的压缩量 x；释放滑块，记录滑块脱离弹簧后通过光电门的时间 t，算出滑块的速度 v；重复步骤，作出 v 与 x 的关系图象如图（c）第 19 页（共 31 页）回答下列问题：（1）遮光片的宽度为 0.930
34、 cm（2）若t=3.010 2s，则滑块的速度为 0.31 m/s （3）由图（c）可知，v 与 x 成 正比 关系（4）实验可得结论：对同一根弹簧，弹性势能与弹簧压缩量的关系是 压缩量的平方成正比 【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系【专题】实验题【分析】（1）游标卡尺的读数=整数毫米+格数精确度，（2）当释放压缩的弹簧时，弹性势能转化为滑块的动能，再由光电门测量瞬时速度，求出弹性势能的大小；（3）根据 v 与 x 的关系图，可知，v 与 x 成正比，（4）结合动能表达式，即可知弹性势能与压缩量的关系，从而即可求【解答】解：（1）游标卡尺的读数 9mm+60.05mm=0.930cm（2）通过
35、光电门来测量瞬时速度，v= = =0.31m/s；（3）根据 v 与 x 的关系图可知，图线经过原点，且是斜倾直线，则 v 与 x 成正比，（4）由动能表达式，动能与速度的大小平方成正比，而速度的大小与弹簧的压缩量成正比，因此弹簧的弹性势能与弹簧的压缩量的平方成正比；故答案为：（1）0.930；（3）0.31；（4）正比，压缩量的平方成正比【点评】本题考查胡克定律的应用，注意弹簧的长度与形变量的区别，理解光电门能测量瞬时速度的原理，知道弹簧弹性势能与滑块动能的关系同时注意图线的物理含义10用图（a）的电路，可测量叠层电池“6F22”的电动势 E 和内阻 r，所用的实验器材有：电阻箱R（最大阻值
36、 999.9），电阻 R0（阻值为 900.0），电流表 A（量程为 10mA，内阻为RA=100.0），开关 S实验中，闭合开关 S 后，多次调节电阻箱，记下电流表的示数 I 和电阻箱对应的阻值 R，算出 与的值如表：R/ 17.5 23.1 26.7 36.9 58.1 139.0第 20 页（共 31 页）（10 22）5.71 4.33 3.75 2.71 1.72 0.72I/mA 2.50 3.00 3.30 4.00 5.00 6.67（10 2A1）4.00 3.33 3.03 2.50 2.00 1.50回答下列问题：（1）根据图（a）用笔画线代替导线将图（b）中的实验器材连
37、成实验电路（2） 与 的关系式为 = + （3）在图（c）的坐标纸上将所缺数据点补充完整并作图（4）根据图线求得电源电动势 E= 9.2 V，内阻 r= 46 （保留 2 为有效数字）【考点】测定电源的电动势和内阻【专题】实验题【分析】（1）由电路图可得出对应的实物图；（2）根据闭合电路欧姆定律可求得对应的表达式；（3）由描点法可得出对应的图象；（4）根据欧姆定律和串联的知识求出电流表示数 I 和电阻箱示数 R 的关系，根据图象与纵轴的交点和斜率则可求得电动势和内阻【解答】解：（1）根据电路图可以得出对应的实物图如图所示；（2）表头的示数与定值电阻阻值的乘积可作为路端电压处理，则由闭合电路欧姆
38、定律可知：第 21 页（共 31 页）I（R 0+Rg）=E r= +（3）由描点法可得出对应的图象如图所示；（4）由图可知，将电流单位 mA 转换成 A，图象与纵坐标的交点为 1.2102A1所以有：1.210 2A1= ；图象的斜率为：由公式得图象的斜率等于 = ，解得：r=46E=9.2V故答案为：（1）如图所示；（2） = + （3）如图所示；（4）9.2；46【点评】本题涉及测定电源电动势和内电阻的实验原理及具体操作，虽然最后的图象处理不是用的伏安法，但都可以用闭合电路欧姆定律列式分析，作出直线图象是关键112014 年 4 月 10 日，南海舰队 372 潜艇在远航巡逻中，遭遇海水
39、密度突变造成的“断崖” 掉深，该潜艇急速下沉，全艇官兵在能见度几乎为零的水雾环境中，关闭了近百个阀门和开关，操纵了几十种仪器，成功将险情化解，创下了同类潜艇大深度自救成功的新纪录！假设总质量为第 22 页（共 31 页）M=3.45106kg 的潜艇正在深度为 h1=150m、密度为 p1=1.029103kg/m3 的水下缓慢水平潜航，突然进入密度为 p2=1.008103kg/m3 区域发生“断崖”，潜艇沿竖直方向从静止开始匀加速下沉，经一系列操作在很短的时间排出一定量的水后，潜艇转为匀减速下沉，当速度减为 0 时到达最大深度h2=330m，整个过程历时 t=90s设潜艇在下沉中只受重力与
40、浮力的作用，忽略排水的时间及潜艇体积的变化，取 g=9.8m/s2，求：（1）潜艇匀加速下沉的时间；（2）紧急排出水的质量【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】（1）根据匀变速直线运动的平均速度与位移的关系，求出潜艇向下的最大速度；根据牛顿第二定律求出向下的加速度，然后由 v=at 即可求出潜艇下沉的时间；（2）先求出减速向下的时间，再由运动学的公式求出减速运动的加速度，结合牛顿第二定律求出潜艇受到的浮力，即可求出排出的水的质量【解答】解：（1）设潜艇下沉的最大速度为 vm，则：代入数据得：v m=4m/s设潜艇向下加速的时间是 t1，加速度
41、的大小是 a1，则：v m=a1t1设潜艇的体积为 V，为排水时： 1Vg=Mg水的密度变化后：Mg 2Vg=Ma1联立以上方程，代入数据得：t 1=20s（2）设向下减速时的加速度的大小为 a2，紧急排出水的质量为 m，则排水后：vm=a1（tt 1）2Vg（Mm）g=（Mm）a 2代入数据解得：m=9.0 104kg答：（1）潜艇匀加速下沉的时间是 20s；（2）紧急排出水的质量 9.0104kg【点评】该题属于牛顿运动定律的应用中的已知物体的运动求物体的受力的类型，解答的过程中要紧抓加速度的桥梁的作用，围绕加速度分析和解答第 23 页（共 31 页）12如图，第一象限内存在沿 y 轴负方
42、向的匀强电场，电场强度大小为 E，第二，三，四象限存在方向垂直 xOy 平面向外的匀强磁场，其中第二象限的磁感应强度大小为 B，第三，四象限磁感应强度大小相等，一带正电的粒子，从 P（d，0）点沿与 x 轴正方向成 =60角平行 xOy 平面入射，经第二象限后恰好由 y 轴上的 Q 点（图中未画出）垂直 y 轴进入第一象限，之后经第四，三象限重新回到 P 点，回到 P 点时速度方向与入射时相同，不计粒子重力，求：（1）粒子从 P 点入射时的速度 v0；（2）第三，四象限磁感应强度的大小 B【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动【分析】（1）粒子从 P 点射入磁场中做匀速
43、圆周运动，根据题意可知粒子在第二象限中运动时速度偏向角为 30，则轨迹对应的圆心角为 30，画出粒子运动的轨迹，根据几何知识求出轨迹半径，由洛伦兹力等于向心力，求解速度 v0（2）粒子进入电场中做类平抛运动，根据粒子经第四、三象限重新回到 P 点，回到 P 点时速度方向与入射时相同，可知粒子进入第四象限时速度与 x 轴正方向的夹角为 ，根据类平抛运动的规律求出粒子在电场中运动时的水平位移，从而粒子在第三、四象限运动的轨迹半径，即可求解 B【解答】解：（1）粒子从 P 点射入磁场中做匀速圆周运动，画出轨迹如图，设粒子在第二象限圆周运动的半径为 r，由几何知识得：r= = =根据 qv0B=m 得
44、 v0=粒子在第一象限中做类平抛运动，则有r（1 cos60）=第 24 页（共 31 页）tan= =联立解得 v0=（2）设粒子在第一象限类平抛运动的水平位移和竖直位移分别为 x 和 y，根据粒子在第三、四象限圆周运动的对称性可知粒子刚进入第四象限时速度与 x 轴正方向的夹角等于 则有：x=v 0t， y=得 = = =由几何知识可得 y=rrcos= =则得 x=所以粒子在第三、四象限圆周运动的半径为 R= = d粒子进入第三、四象限运动的速度 v= =2v0=根据 qvB=m 得：B = B答：（1）粒子从 P 点入射时的速度 v0 为 （2）第三，四象限磁感应强度的大小 B为 B第
45、25 页（共 31 页）【点评】解决本题的关键掌握处理类平抛运动的方法，以及粒子在磁场中运动，会确定圆心、半径和圆心角，这是解决粒子在复合场中运动的关键三、选考题物理-选修 3-313下列说法正确的是 （ ）A布朗运动就是分子的热运动B气体温度升高，分子的平均动能一定增大C物体体积增大时，分子间距增大，分子势能也增大D热量可以从低温物体传递到高温物体E对物体做功，物体的内能可能减小【考点】分子势能；温度是分子平均动能的标志【分析】布朗运动就是悬浮微粒的运动；温度是分子平均动能的标志，温度越高，分子的平均动能越大正确应用热力学第一定律和热力学第二定律解答【解答】解：A、布朗运动是悬浮微粒的运动，
46、它间接反应了液体分子做无规则运动，故 A 错误；B、温度是分子平均动能的标志，温度越高，分子的平均动能越大故 B 正确；C、分子势能随距离增大先减小后增加，再减小，故两个分子的间距减小，分子间的势能可能减小，故 C 错误；D、热量在一定的条件下，可以从低温物体传递到高温物体，例如电冰箱，故 D 正确；E、由U=W+Q 可知系统吸收热量后，若系统对外做功，则内能不一定增加，故 E 正确故选：BDE【点评】本题考查了热学的有关基础知识，对于这部分知识主要是加强记忆和平时的积累，要正确理解热力学第二定律第 26 页（共 31 页）14如图所示，水平放置一个长方体的封闭气缸，用无摩擦活塞将内部封闭气体
47、分为完全相同的A、B 两部分初始时两部分气体压强均为 p、热力学温度均为 T使 A 的温度升高T 而保持 B部分气体温度不变则 A 部分气体的压强增加量为多少？【考点】理想气体的状态方程【专题】理想气体状态方程专题【分析】A、B 两部分气体总体积不变、它们的压强相等，对 A 部分气体根据理想气体状态方程列方程，对 B 部分气体应用玻意耳定律列方程，然后求出 A 部分气体压强的增加量【解答】解：设温度升高后，AB 压强增加量都为p，升高温度后体积 VA，由理想气体状态方程得： ，对 B 部分气体，升高温度后体积 VB，由玻意耳定律得：pV=（p+ p）V B，两部分气体总体积不变：2V=V A+
48、VB，解得： ；答：A 部分气体的压强增加量为 【点评】本题是连接体问题，对连接体问题应分别对各部分气体应用相关实验定律或理想气体状态方程列方程、找出各部分气体间的关系即可正确解题四、物理-选修 3-415甲、乙两列简谐横波沿 x 轴传播，t=0 时，甲、乙分别如图中实线、虚线所示，已知两列波的速度大小相等、振幅均为 20cm，且甲的频率为 2Hz，则两列波相遇时，在 012m 的区域内（ ）第 27 页（共 31 页）A两列波会发生干涉现象B甲与乙的频率之比为 3： 2Ct=0 时，x=6m 的质点的速度为零Dt=0 时，x=8.5m 的质点的位移大于 20cmEt=0.75s ，x=5m 处的质点在 x 轴的下方【考点】横波的图象；波长、频率和波速的关系【专题】振动图像与波动图像专题【分析】在均匀介质中两列波的波速相同，由 v=f 得：波长与频率成反比某时刻两列波的平衡位置正好在 x=0 处重合，两列波的平衡位置的另一重合处到
