1、1.5 一质点沿半径为 0.10m 的圆周运动，其角位置（以弧度表示）可用公式表示： = 2 + 4t3求：（1）t = 2s 时，它的法向加速度和切向加速度；（2）当切向加速度恰为总加速度大小的一半时， 为何值？（3）在哪一时刻，切向加速度和法向加速度恰有相等的值？解答 （1）角速度为 = d/dt = 12t2 = 48(rads-1)，法向加速度为an = r2 = 230.4(m s-2)；角加速度为 = d/dt = 24t = 48(rads-2)，切向加速度为at = r = 4.8(ms-2)（2）总加速度为 a = (at2 + an2)1/2，当 at = a/2 时，有
2、4at2 = at2 + an2，即由此得，即 ，解得 所以=3.154(rad)（3）当 at = an 时，可得 r = r 2，即 24t = (12t2)2，解得 t = (1/6)1/3 = 0.55(s)1.7 一个半径为 R = 1.0m 的轻圆盘，可以绕一水平轴自由转动一根轻绳绕在盘子的边缘，其自由端拴一物体 A在重力作用下，物体 A 从静止开始匀加速地下降，在 t = 2.0s 内下降的距离 h = 0.4m求物体开始下降后 3s 末，圆盘边缘上任一点的切向加速度与法向加速度解答 圆盘边缘的切向加速度大小等于物体 A 下落加速度由于，所以at = 2h/t2 = 0.2(ms
3、-2)物体下降 3s 末的速度为v = att = 0.6(ms-1)，这也是边缘的线速度，因此法向加速度为= 0.36(ms-2)1.8 一升降机以加速度 1.22ms-2 上升，当上升速度为 2.44ms-1 时，有一螺帽自升降机的天花板上松落，天花板与升降机的底面相距 2.74m计算：（1）螺帽从天花板落到底面所需的时间；（2）螺帽相对于升降机外固定柱子的下降距离解答 在螺帽从天花板落到底面时，升降机上升的高度为；螺帽做竖直上抛运动，位移为由题意得 h = h1 - h2，所以，解得时间为= 0.705(s)算得 h2 = -0.716m，即螺帽相对于升降机外固定柱子的下降距离为 0.7
4、16m注意 以升降机为参考系，钉子下落时相对加速度为 a + g，而初速度为零，可列方程h = (a + g)t2/2，由此可计算钉子落下的时间，进而计算下降距离第一章 质点运动学1.1 一质点沿直线运动，运动方程为 x(t) = 6t2 - 2t3试求：（1）第 2s 内的位移和平均速度；（2）1s 末及 2s 末的瞬时速度，第 2s 内的路程；（3）1s 末的瞬时加速度和第 2s 内的平均加速度解答 （1）质点在第 1s 末的位移大小为x(1) = 612 - 213 = 4(m)在第 2s 末的位移大小为x(2) = 622 - 223 = 8(m)在第 2s 内的位移大小为x = x(
5、2) x(1) = 4(m)，经过的时间为 t = 1s ，所以平均速度大小为=x/ t = 4(ms-1)（2）质点的瞬时速度大小为v(t) = dx/dt = 12t - 6t2，因此 v(1) = 121 - 612 = 6(ms-1)，v(2) = 122 - 622 = 0，质点在第 2s 内的路程等于其位移的大小，即 s = x = 4m （3）质点的瞬时加速度大小为a(t) = dv/dt = 12 - 12t，因此 1s 末的瞬时加速度为a(1) = 12 - 121 = 0，第 2s 内的平均加速度为= v(2) - v(1)/t = 0 6/1 = -6(ms-2)注意 第
6、几秒内的平均速度和平均加速度的时间间隔都是 1 秒1.2 一质点作匀加速直线运动，在 t = 10s 内走过路程 s = 30m，而其速度增为 n = 5 倍试证加速度为并由上述数据求出量值证明 依题意得 vt = nvo，根据速度公式 vt = vo + at，得a = (n 1)vo/t， (1)根据速度与位移的关系式 vt2 = vo2 + 2as，得a = (n2 1)vo2/2s， (2)（1）平方之后除以（2）式证得计算得加速度为= 0.4(ms-2)1.3 一人乘摩托车跳越一个大矿坑，他以与水平成 22.5的夹角的初速度 65ms-1 从西边起跳，准确地落在坑的东边已知东边比西边
7、低 70m，忽略空气阻力，且取 g = 10ms-2问：（1）矿坑有多宽？他飞越的时间多长？（2）他在东边落地时的速度？速度与水平面的夹角？解答 方法一：分步法 （1）夹角用 表示，人和车（他）在竖直方向首先做竖直上抛运动，初速度的大小为vy0 = v0sin = 24.87(ms-1)取向上的方向为正，根据匀变速直线运动的速度公式vt - v0 = at，这里的 v0 就是 vy0，a = -g；当他达到最高点时， vt = 0，所以上升到最高点的时间为t1 = vy0/g = 2.49(s)再根据匀变速直线运动的速度和位移的关系式vt2 - v02 = 2as，可得上升的最大高度为h1 =
8、 vy02/2g = 30.94(m)他从最高点开始再做自由落体运动，下落的高度为h2 = h1 + h = 100.94(m)根据自由落体运动公式 s = gt2/2，得下落的时间为= 4.49(s)因此他飞越的时间为t = t1 + t2 = 6.98(s)他飞越的水平速度为vx0 = v0cos = 60.05(ms-1)，所以矿坑的宽度为x = vx0t = 419.19(m)（2）根据自由落体速度公式可得他落地的竖直速度大小为vy = gt = 69.8(ms-1)，落地速度为v = (vx2 + vy2)1/2 = 92.08(ms-1)，与水平方向的夹角为 = arctan(vy
9、/vx) = 49.30?，方向斜向下方法二：一步法取向上的方向为正，他在竖直方向的位移为 y = vy0t - gt2/2，移项得时间的一元二次方程，解得这里 y = -70m，根号项就是他落地时在竖直方向的速度大小，由于时间应该取正值，所以公式取正根，计算时间为t = 6.98(s)由此可以求解其他问题1.4 一个正在沿直线行驶的汽船，关闭发动机后，由于阻力得到一个与速度反向、大小与船速平方成正比例的加速度，即 dv/dt = -kv2，k 为常数（1）试证在关闭发动机后，船在 t 时刻的速度大小为；（2）试证在时间 t 内，船行驶的距离为证明 （1）分离变量得，积分 ，可得 （2）公式可
10、化为，由于 v = dx/dt，所以积分 因此 证毕讨论 当力是速度的函数时，即 f = f(v)，根据牛顿第二定律得 f = ma由于 a = d2x/dt2，而 dx/dt = v，所以 a = dv/dt，分离变量得方程，解方程即可求解在本题中，k 已经包括了质点的质量如果阻力与速度反向、大小与船速的 n 次方成正比，则dv/dt = -kvn（1）如果 n = 1，则得，积分得lnv = -kt + C当 t = 0 时，v = v0，所以 C = lnv0，因此lnv/v0 = -kt，得速度为 v = v0e-kt而 dv = v0e-ktdt，积分得当 t = 0 时，x = 0
11、，所以 C = v0/k，因此（2）如果 n1，则得，积分得当 t = 0 时，v = v0，所以，因此如果 n = 2，就是本题的结果如果 n2，可得，读者不妨自证1.5 一质点沿半径为 0.10m 的圆周运动，其角位置（以弧度表示）可用公式表示： = 2 + 4t3求：（1）t = 2s 时，它的法向加速度和切向加速度；（2）当切向加速度恰为总加速度大小的一半时， 为何值？（3）在哪一时刻，切向加速度和法向加速度恰有相等的值？解答 （1）角速度为 = d/dt = 12t2 = 48(rads-1)，法向加速度为an = r2 = 230.4(m s-2)；角加速度为 = d/dt = 2
12、4t = 48(rads-2)，切向加速度为at = r = 4.8(ms-2)（2）总加速度为 a = (at2 + an2)1/2，当 at = a/2 时，有 4at2 = at2 + an2，即由此得，即 ，解得 所以=3.154(rad)（3）当 at = an 时，可得 r = r 2，即 24t = (12t2)2，解得 t = (1/6)1/3 = 0.55(s)1.6 一飞机在铅直面内飞行，某时刻飞机的速度为 v = 300ms-1，方向与水平线夹角为30而斜向下，此后飞机的加速度为 a = 20ms-2，方向与水平前进方向夹角为 30而斜向上，问多长时间后，飞机又回到原来的
13、高度？在此期间飞机在水平方向飞行的距离为多少？解答 建立水平和垂直坐标系，飞机的初速度的大小为v0x = v0cos，v0y = v0sin加速度的大小为ax = acos， ay = asin 运动方程为，即 ， 令 y = 0，解得飞机回到原来高度时的时间为t = 0（舍去） ；(s)将 t 代入 x 的方程求得 x = 9000m注意 选择不同的坐标系，例如 x 方向沿着 a 的方向或者沿着 v0 的方向，也能求出相同的结果1.7 一个半径为 R = 1.0m 的轻圆盘，可以绕一水平轴自由转动一根轻绳绕在盘子的边缘，其自由端拴一物体 A在重力作用下，物体 A 从静止开始匀加速地下降，在
14、t = 2.0s 内下降的距离 h = 0.4m求物体开始下降后 3s 末，圆盘边缘上任一点的切向加速度与法向加速度解答 圆盘边缘的切向加速度大小等于物体 A 下落加速度由于，所以at = 2h/t2 = 0.2(ms-2)物体下降 3s 末的速度为v = att = 0.6(ms-1)，这也是边缘的线速度，因此法向加速度为= 0.36(ms-2)1.8 一升降机以加速度 1.22ms-2 上升，当上升速度为 2.44ms-1 时，有一螺帽自升降机的天花板上松落，天花板与升降机的底面相距 2.74m计算：（1）螺帽从天花板落到底面所需的时间；（2）螺帽相对于升降机外固定柱子的下降距离解答 在螺
15、帽从天花板落到底面时，升降机上升的高度为；螺帽做竖直上抛运动，位移为由题意得 h = h1 - h2，所以，解得时间为= 0.705(s)算得 h2 = -0.716m，即螺帽相对于升降机外固定柱子的下降距离为 0.716m注意 以升降机为参考系，钉子下落时相对加速度为 a + g，而初速度为零，可列方程h = (a + g)t2/2，由此可计算钉子落下的时间，进而计算下降距离1.9 有一架飞机从 A 处向东飞到 B 处，然后又向西飞回到 A 处已知气流相对于地面的速度为 u，AB 之间的距离为 l，飞机相对于空气的速率 v 保持不变（1）如果 u = 0（空气静止） ，试证来回飞行的时间为；
16、（2）如果气流的速度向东，证明来回飞行的总时间为；（3）如果气流的速度向北，证明来回飞行的总时间为证明 （1）飞机飞行来回的速率为 v，路程为 2l，所以飞行时间为 t0 = 2l/v（2）飞机向东飞行顺风的速率为 v + u，向西飞行逆风的速率为 v - u，所以飞行时间为（3）飞机相对地的速度等于相对风的速度加风相对地的速度为了使飞机沿着 AB 之间的直线飞行，就要使其相对地的速度偏向北方，可作矢量三角形，其中沿 AB 方向的速度大小为，所以飞行时间为 证毕1.10 如图所示，一汽车在雨中沿直线行驶，其速度为 v1，下落雨的速度方向与铅直方向的夹角为 ，偏向于汽车前进方向，速度为 v2今在
17、车后放一长方形物体，问车速 v1 为多大时此物体刚好不会被雨水淋湿？解答 雨对地的速度等于雨对车的速度加车对地的速度，由此可作矢量三角形根据题意得 tan = l/h方法一：利用直角三角形根据直角三角形得v1 = v2sin + v3sin，其中 v3 = v/cos，而 v = v2cos ，因此 v1 = v2sin + v2cossin/cos，即 证毕方法二：利用正弦定理根据正弦定理可得，所以，即 方法三：利用位移关系将雨滴的速度分解为竖直和水平两个分量，在 t 时间内，雨滴的位移为l = (v1 v2sin)t，h = v2cos?t两式消去时间 t 即得所求 证毕2.12 质量为
18、m 的物体，最初静止于 x0，在力(k 为常数)作用下沿直线运动证明物体在 x处的速度大小 v = 2k(1/x 1/x0)/m1/2证明 当物体在直线上运动时，根据牛顿第二定律得方程利用 v = dx/dt，可得，因此方程变为，积分得利用初始条件，当 x = x0 时，v = 0，所以 C = -k/x0，因此，即 证毕讨论 此题中，力是位置的函数：f = f(x)，利用变换可得方程：mvdv = f(x)dx，积分即可求解如果 f(x) = -k/xn，则得（1）当 n = 1 时，可得利用初始条件 x = x0 时，v = 0，所以 C = lnx0，因此 ，即 （2）如果 n1，可得利
19、用初始条件 x = x0 时，v = 0，所以，因此 ，即 当 n = 2 时，即证明了本题的结果2.13 一质量为 m 的小球以速率 v0 从地面开始竖直向上运动在运动过程中，小球所受空气阻力大小与速率成正比，比例系数为 k求：（1）小球速率随时间的变化关系 v(t)；（2）小球上升到最大高度所花的时间 T解答 （1）小球竖直上升时受到重力和空气阻力，两者方向向下，取向上的方向为下，根据牛顿第二定律得方程，分离变量得，积分得当 t = 0 时，v = v0，所以，因此，小球速率随时间的变化关系为（2）当小球运动到最高点时 v = 0，所需要的时间为讨论 （1）如果还要求位置与时间的关系，可用
20、如下步骤由于 v = dx/dt，所以，即，积分得，当 t = 0 时，x = 0，所以，因此（2）如果小球以 v0 的初速度向下做直线运动，取向下的方向为正，则微分方程变为，用同样的步骤可以解得小球速率随时间的变化关系为这个公式可将上面公式中的 g 改为-g 得出由此可见：不论小球初速度如何，其最终速率趋于常数 vm = mg/k2.14 如图所示：光滑的水平桌面上放置一固定的圆环带，半径为 R一物体帖着环带内侧运动，物体与环带间的滑动摩擦因数为 k设物体在某时刻经 A 点时速率为 v0，求此后时刻 t 物体的速率以及从 A 点开始所经过的路程解答 物体做圆周运动的向心力是由圆环带对物体的压
21、力，即N = mv2/R 物体所受的摩擦力为f = -kN，负号表示力的方向与速度的方向相反根据牛顿第二定律得，即 积分得当 t = 0 时，v = v0，所以，因此 解得 由于，积分得，当 t = 0 时，x = x0，所以 C = 0，因此2.15 如图所示，一半径为 R 的金属光滑圆环可绕其竖直直径转动在环上套有一珠子今逐渐增大圆环的转动角速度 ，试求在不同转动速度下珠子能静止在环上的位置以珠子所停处的半径与竖直直径的夹角 表示解答 珠子受到重力和环的压力，其合力指向竖直直径，作为珠子做圆周运动的向心力，其大小为F = mgtg珠子做圆周运动的半径为r = Rsin根据向心力公式得F =
22、 mgtg = m2Rsin，可得，解得 2.16 如图所示，一小球在弹簧的弹力作用下振动弹力 F = -kx，而位移 x = Acost，其中 k，A 和 都是常数求在 t = 0 到 t = /2 的时间间隔内弹力予小球的冲量解答 方法一：利用冲量公式根据冲量的定义得dI = Fdt = -kAcostdt，积分得冲量为，方法二：利用动量定理小球的速度为v = dx/dt = -Asint ，设小球的质量为 m，其初动量为p1 = mv1 = 0，末动量为p2 = mv2 = -mA，小球获得的冲量为I = p2 p1 = -mA ，可以证明 k =m2，因此I = -kA/2.17 一个
23、质量 m = 50g，以速率的 v = 20ms-1 作匀速圆周运动的小球，在 1/4 周期内向心力给予小球的冲量等于多少？解答 小球动量的大小为p = mv，但是末动量与初动量互相垂直，根据动量的增量的定义得，由此可作矢量三角形，可得因此向心力给予小球的的冲量大小为= 1.41(Ns)注意 质点向心力大小为 F = mv2/R，方向是指向圆心的，其方向在不断地发生改变，所以不能直接用下式计算冲量假设小球被轻绳拉着以角速度 = v/R 运动，拉力的大小就是向心力F = mv2/R = mv，其分量大小分别为Fx = Fcos = Fcos t，Fy = Fsin = Fsint，给小球的冲量大
24、小为dIx = Fxdt = Fcostdt，dIy = Fydt = Fsintdt，积分得，合冲量为，所前面计算结果相同，但过程要复杂一些2.18 用棒打击质量 0.3kg，速率等于 20ms-1 的水平飞来的球，球飞到竖直上方 10m 的高度求棒给予球的冲量多大？设球与棒的接触时间为 0.02s，求球受到的平均冲力？解答 球上升初速度为= 14(ms-1)，其速度的增量为= 24.4(ms-1)棒给球冲量为I = mv = 7.3(Ns)，对球的作用力为（不计重力）F = I/t = 366.2(N)2.19 如图所示，3 个物体 A、B、C ，每个质量都为 M，B 和 C 靠在一起，放
25、在光滑水平桌面上，两者连有一段长度为 0.4m 的细绳，首先放松B 的另一侧则连有另一细绳跨过桌边的定滑轮而与 A 相连已知滑轮轴上的摩擦也可忽略，绳子长度一定问 A 和 B 起动后，经多长时间 C 也开始运动？C 开始运动时的速度是多少？（取 g = 10ms-2）解答 物体 A 受到重力和细绳的拉力，可列方程Mg T = Ma，物体 B 在没有拉物体 C 之前在拉力 T 作用下做加速运动，加速度大小为 a，可列方程T = Ma，联立方程可得a = g/2 = 5(m s-2)根据运动学公式s = v0t + at2/2，可得 B 拉 C 之前的运动时间= 0.4(s)此时 B 的速度大小为
26、v = at = 2(ms-1)物体 A 跨过动滑轮向下运动，如同以相同的加速度和速度向右运动A 和 B 拉动 C 运动是一个碰撞过程，它们的动量守恒，可得2Mv = 3Mv，因此 C 开始运动的速度为v = 2v/3 = 1.33(ms-1)2.22 如图所示，一匹马拉着雪撬沿着冰雪覆盖的弧形路面极缓慢地匀速移动，这圆弧路面的半径为 R设马对雪橇的拉力总是平行于路面雪橇的质量为 m，它与路面的滑动摩擦因数为 k当把雪橇由底端拉上 45圆弧时，马对雪橇做了多少功？重力和摩擦力各做了多少功？解答 取弧长增加的方向为正方向，弧位移的大小为ds = Rd重力的大小为G = mg，方向竖直向下，与位移
27、元的夹角为 + ，所做的功元为，积分得重力所做的功为摩擦力的大小为f = kN = kmgcos ，方向与弧位移的方向相反，所做的功元为，积分得摩擦力所做的功为要使雪橇缓慢地匀速移动，雪橇受的重力、摩擦力和马的拉力就是平衡力，即 ，或者 拉力的功元为， 拉力所做的功为由此可见：重力和摩擦力都做负功，拉力做正功2.23 一质量为 m 的质点拴在细绳的一端，绳的另一端固定，此质点在粗糙水平面上作半径为 r 的圆周运动设质点最初的速率是 v0，当它运动 1 周时，其速率变为 v0/2，求：（1）摩擦力所做的功；（2）滑动摩擦因数；（3）在静止以前质点运动了多少圈？解答 （1）质点的初动能为E1 =
28、mv02/2，末动能为E2 = mv2/2 = mv02/8，动能的增量为Ek = E2 E1 = -3mv02/8 ，这就是摩擦力所做的功 W（2）由于dW = -fds = -kNds = -kmgrd，积分得由于 W = E ，可得滑动摩擦因数为（3）在自然坐标中，质点的切向加速度为at = f/m = -kg，根据公式 vt2 vo2 = 2ats，可得质点运动的弧长为，圈数为 n = s/2r = 4/3注意 根据用动能定理，摩擦力所做的功等于质点动能的增量-fs = E k，可得 s = -E k/f，由此也能计算弧长和圈数。2.24 如图所示，物体 A 的质量 m = 0.5kg
29、，静止于光滑斜面上它与固定在斜面底 B 端的弹簧 M 相距 s = 3m弹簧的倔强系数 k = 400Nm-1斜面倾角为 45求当物体 A 由静止下滑时，能使弹簧长度产生的最大压缩量是多大？解答 取弹簧自然伸长处为重力势能和弹性势能的零势点，由于物体 A 和弹簧组成的系统只有保守力做功，所以机械能守恒，当弹簧压缩量最大时，可得方程，整理和一元二次方程，解得= 0.24(m)（取正根） 2.29 如图所示，有一个在竖直平面上摆动的单摆问：（1）摆球对悬挂点的角动量守恒吗？（2）求出 t 时刻小球对悬挂点的角动量的方向，对于不同的时刻，角动量的方向会改变吗？（3）计算摆球在 角时对悬挂点角动量的变
30、化率解答 （1）由于单摆速度的大小在不断发生改变，而方向与弧相切，因此动量矩 l 不变；由于角动量 L = mvl，所以角动量不守恒（2）当单摆逆时针运动时，角动量的方向垂直纸面向外；当单摆顺时针运动时，角动量的方向垂直纸面向里，因此，在不同的时刻，角动量的方向会改变（3）质点对固定点的角动量的变化率等于质点所受合外力对同一点的力矩，因此角动量的变化率为2.31 我国第一颗人造地于卫星的质量为 173kg，其近地点高度为 439km，远地点高度为 2 384km，求它的轨道总能量解答 地球半径 R0 = 6371km，因此r1 = R0 + h1，r2 = R0 + h2根据万有引力定律，在地
31、球表面有，因此，根据上题的结果可得卫星的轨道总能量为= -4.42109(J)2.38 质量为 m，半径为 R 的均匀圆盘在水平面上绕中心轴转动，如图所示盘与水平面的摩擦因数为 ，圆盘从初角速度为 0 到停止转动，共转了多少圈？解答 圆盘对水平面的压力为N = mg，压在水平面上的面积为S = R2，压强为p = N/S = mg/R2当圆盘滑动时，在盘上取一半径为 r、对应角为 d 面积元，其面积为dS = rddr ，对水平面的压力为dN = pdS = prdrd，所受的摩擦力为df = dN = prdrd，其方向与半径垂直，摩擦力产生的力矩为dM = rdf = pr2drd，总力矩
32、为圆盘的转动惯量为I = mR2/2，角加速度大小为，负号表示其方向与角速度的方向相反根据转动公式 2 = 02 + 2，当圆盘停止下来时 = 0，所以圆盘转过的角度为，转过的圈数为注意 在圆盘上取一个细圆环，其面积为 ds = 2rdr，这样计算力矩等更简单。4.1 一物体沿 x 轴做简谐振动，振幅 A = 0.12m，周期 T = 2s当 t = 0 时，物体的位移 x = 0.06m，且向 x 轴正向运动求：（1）此简谐振动的表达式；（2）t = T/4 时物体的位置、速度和加速度；（3）物体从 x = -0.06m，向 x 轴负方向运动第一次回到平衡位置所需的时间解答 （1）设物体的简
33、谐振动方程为x = Acos(t + )，其中 A = 0.12m，角频率 = 2/T = 当 t = 0 时， x = 0.06m，所以cos = 0.5，因此 = /3物体的速度为v = dx/dt = -Asin(t + )当 t = 0 时，v = -Asin，由于 v 0，所以 sin 0，因此t1 - /3 = 2/3，得 t1 = 1s当物体从 x = -0.06m 处第一次回到平衡位置时，x = 0，v 0，因此cos(t2 - /3) = 0，可得 t2 - /3 = -/2 或 3/2 等由于 t2 0，所以t2 - /3 = 3/2，可得 t2 = 11/6 = 1.83
34、(s)所需要的时间为t = t2 - t1 = 0.83(s)方法二：反向运动物体从 x = -0.06m，向 x 轴负方向运动第一次回到平衡位置所需的时间就是它从 x = 0.06m，即从起点向 x 轴正方向运动第一次回到平衡位置所需的时间在平衡位置时，x = 0，v 0 时，sin 0，因此 = arccos(x0/A) /3 可见：当速度大于零时，初位相取负值；当速度小于零时，初位相取正值如果速度等于零，当初位置 x0 = A 时， = 0；当初位置 x0 = -A 时， = 5.8 一简谐波沿 x 轴正向传播，波长 = 4m，周期 T = 4s，已知 x = 0 处的质点的振动曲线如图所示（1）写出时 x = 0 处质点的振动方程；（2）写出波的表达式；（3）画出 t = 1s 时刻的波形曲线解答 波速为 u = /T = 1(m s-1)（1）设 x = 0 处的质点的振动方程为y = Acos(t + )，其中 A = 1m， = 2/T = /2当 t = 0 时， y = 0.5，因此cos = 0.5， = /3在 0 时刻的曲线上作一切线，可知该时刻的速度小于零，因此 = /3振动方程为y = cos(t/2 + /3) （2）波的表达式为（3）t = 1s 时刻的波形方程为，波形曲线如图所示
