1、- 1 -安徽省亳州市 2018届高三上学期期末质量检测物理试题一、选择题： 1. 如图所示，直线 a和曲线 b分别是在同一条平直公路上行驶的甲乙两汽车的速度-时间图线，由图可知A. t1时刻，甲车的加速度大于乙车B. t1时刻，甲乙两车运动方向相反C. t2时刻，甲乙两车相遇D. t1到 t2时间内，乙车的平均速度比甲车的大【答案】D【解析】图线切线的斜率表示加速度，在 时刻，a 图线的斜率小于 b图线切线的斜率，故甲车的加速度小于乙车的加速度，故 A错误；在 时刻，速度图象都在时间轴的上方，都为正，方向相同故 B错误在 时刻，甲车和乙车的速度相同，不能说明在同一位置故 C错误图象与坐标轴围
2、成的面积表示位移，则在 到 这段时间内，乙车的位移大于甲车的位移，因平均速度等于位移比时间，时间相同，故乙车的平均速度比甲车的大故 D正确选 D.【点睛】在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线代表该位置的加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负.2. 一物块用轻绳 AB悬挂于天花板上，用力 F拉住套在轻绳上的光滑小圆环 O（圆环质量忽略不计） ，系统在图示位置处于静止状态，此时细绳 OA与竖直方向的夹角为 ，力 F与竖直方向的夹角为 ，当缓慢拉动圆环使
3、（090）增大时，则- 2 -A. F变大， 变小B. F变小， 变小C. F变大， 变大D. F变小， 变大【答案】A【解析】由于圆环 O是光滑的，所以环的绳子各处张力大小相等，等于物块的重力，当 增大时，AO 与 OB间的夹角减小，根据平行四边形定则可知，绳 AO和 OB的拉力的合力变大，由平衡条件可知，F 与绳 AO和 OB的拉力的合力等大反向，所以 F变大，+ 变小，则 变小故选 A.3. 一物块沿倾角为 的固定斜面底端上滑，到达最高点后又返回至斜面底端。已知物块下滑的时间是上滑时间的 3倍，则物块与斜面间的动摩擦因数为A. B. C. D. 【答案】C【解析】向上运动的末速度等于 0
4、，其逆过程为初速度为 0的匀加速直线运动，设加速度的大小为 ，则： ，设向下运动的加速度的大小为 ，则向下运动的过程中：，由题知物块下滑的时间是上滑时间的 3倍，即 ，联立可得： ，对物块进行受力分析，可知向上运动的过程中： ，向下运动的过程中：，联立得： ，故 C正确，ABD 错误，故选 C.【点睛】由运动学的公式求出向上与向下的过程中的加速度的大小关系，然后分别对物块进行受力分析，分别求出加速度的表达式，最后比较即可得出结论4. 如图所示，两物块 A、B 用跨过定滑轮轻绳相连，B 在水平外力 F作用下沿粗糙水平地面向右运动，同时 A匀速上升。以下判断正确的是- 3 -A. B的速度逐渐增大
5、B. 绳对 B的拉力逐渐减小C. 地面对 B的摩擦力逐渐增大D. 地面对 B的支持力逐渐减小【答案】C【解析】物块 B沿绳子方向的速度等于 A的速度，设绳子与水平方向的夹角为，根据平行四边形定则，物体 A的速度 ，物体 A匀速上升时，减小，则 B的速度减小，所以 B做减速运动，故 A错误；A 匀速上升，根据平衡条件有： ，得 ，故绳子对 B的拉力不变，故 B错误；对 B进行受力分析如图：根据平衡条件，在竖直方向有： ， B 向右运动，减小，所以地面对 B的支持力N增大B 受到的摩擦力为滑动摩擦力，即 ，N 增大，所以摩擦力 f增大故 C正确、D错误故选 C【点睛】将物块 B的速度分解为沿绳子方
6、向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于 A的速度，判断出 B的速度变化；再分别对 A、B 受力分析，根据受力情况进行分析判断.5. 跳水比赛是我国的传统优势项目。甲乙两图是某次跳水比赛中两名运动员从跳台上腾空而起和刚入水瞬间的照片，则运动员从离开跳板至落入水中最低点的过程，下列说法正确的是- 4 -A. 运动到最高点时受到和加速度均为零B. 上升阶段处于失重状态C. 入水后机械能一直增加D. 入水过程一直做减速运动【答案】B【解析】当运动员到达最高点时速度为零，但只受重力，故加速度不为零故 A错误；运动员在上升阶段做匀减速运动，加速度向下，故运动员处于失重状态，故 B正确；入水后，运动员除受
7、力重力外还受水的作用力，对运动员做负功，故机械能减小，故 C错误；入水过程中，开始时水对运动员的作用力大小（浮力和阻力）小于运动员的重力，所以先向下做一段加速运动，即入水后的速度先增大，当水对运动员的作用力大小（浮力和阻力）等于运动员的重力，速度达到最大，然后当水对运动员的作用力大小（浮力和阻力）大于运动员的重力，运动员将做减速运动，故 D错误，选 B.6. M、N、P 是半圆上的三点，O 点是圆心，MN 为直径，NOP=60。在 M、N 点处各有一条垂直半圆面的长直导线，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图所示，这时 O地啊你的磁感应强度大小为 B1。若将 M点的长直导线移至 P点，O 点
8、的磁感应强度大小变为 B2，则A. B. C. - 5 -D. 【答案】C【解析】依题意，每根导线在 O点产生的磁感强度为 B1/2，方向竖直向上，则当 M移至 P点时，O 点合磁感强度大小为：B 2=2 cos60= ，则 B2与 B1之比为 1：2故选 C.点睛：磁感强度为矢量，在求合磁感强度时应先分别求得各导线 O点的磁感强度再由矢量的合成方法-平行四边形求得总的磁感强度7. 如图所示，用两根相同的导线绕成匝数分别为 n1和 n2的圆形闭合线圈 A和 B，两线圈平面与匀强磁场垂直。当磁感应强度对时间均匀变化时，两线圈中的感应电流之比 为A. B. C. D. 【答案】D【解析】由法拉第电
9、磁感应定律得： ，可知感应电动势与半径的平方成正比而根据电阻定律：线圈的电阻为 ，线圈中感应电流 ，由上综合得到，感应电流与线圈半径成正比，即 ，因相同导线绕成匝数分别为 和 的圆形线圈，因此半径与匝数成反比，故 ，选 D. 8. 心电图仪是将心肌收缩产生的脉动转化为电压脉冲的仪器。其输出部分可以等效为虚线框内的交流电源和定值电阻 R0串联，如图所示心电图仪与一理想变压器的原线圈连接，一可变电阻 R与该变压器的副线圈连接在交流电源的电压有效值 U0不变的情况下，将可变电阻 R的阻值调大的过程中（ ）- 6 -A. 通过原线圈的电流变大B. 通过原线圈的电流变小C. 通过副线圈的电流变大D. 通
10、过副线圈的电流变小【答案】BD【解析】在原、副线圈匝数比一定的情况下，在交流电源的电压有效值 不变的情况下，满足 ，根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，知 ，又，所以 ，所以 R增大， 增大，匝数不变， 也增大， 减小，即电流 减小， 也减小，故选 BD.【点睛】电压由原线圈决定， 根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比表示出 U0与电阻 R关系式，负载 R变大，判定电压变化，根据欧姆定律分析副线圈电流变化，根据电流与匝数成反比知原线圈电流变化9. “嫦娥之父欧阳自远预计我国将在 2020年实现火星着陆巡航。在 2030年实现火星的采样返回。已知地球的质量约为火星质量的 N倍，地球的半径约
11、为火星的半径为 K倍，则下列说法正确的是A. 地球的密度是火星的 倍B. 地球表面的重力加速度是火星表面的 倍C. 地球的第一宇宙速度是火星的 倍D. 地球同步卫星的运行速度是火星的 倍- 7 -【答案】BC【解析】星球密度 ，则有 ，故 A错误；根据 ，得，则有 ，故 B正确；当卫星的轨道半径等于星球半径时，卫星运行的速度即为第一宇宙速度，根据 ，得 ，则有 ，故C正确；因不知道同步卫星的轨道半径之比，故无法求出两者同步卫星的运动速度的关系，故 D错误；故选 BC.10. 沿着电场中某条直线电场线方向建立 x轴，该电场线上各点电场强度 E随 x的变化规律如图所示，坐标点 O、x 1、x 2和
12、 x3分别是 x轴上的 O、A、B、C 四点相对应，相邻两点间距相等一个带正电的粒子从 O点附近由静止释放，运动到 A点处的动能为 Ek，仅考虑电场力作用则A. 从 O点到 C点，电势一直降低B. 粒子先做变加速运动，后做匀减速运动C. 粒子运动到 C点时动能大于 1.5EkD. 粒子在 OA段的电势能减少量小于 AB段的电势能减少量【答案】ACD- 8 -二、实验题11. 如图甲所示实验装置，可以测量滑块经过斜面底端的瞬时速度。（1）用游标卡尺测量挡光片的宽度 d，示数如图乙所示，可读得 d=_cm；（2）让装有挡光片的滑块从斜面上端由静止释放，测得它经过光电门时挡光片的挡光时间为 0.00
13、2s，则滑块经过斜面底端时的速度 v=_m/s（保留两位有效数字） ；挡光片平行安装于滑块运动的竖直平面，但未与斜面垂直（如图丙） ，则速度的测量值比真实值偏_（填“大”或“小” ，档光片足够长） （3）若测得滑块下滑高度为 h，水平位移为 x，则可得出滑块与斜面间的动摩擦因数=_（用符号 h、v、x 和重力加速度 g表示） 【答案】 (1). （1）1.02； (2). （2）5.1； (3). 小； (4). （3）【解析】试题分析：（1）游标卡尺的读数为（2）用滑块通过的平均速度来代替瞬时速度大小，有：挡光片平行安装于滑块运动的竖直平面，但未与斜面垂直，当通过光电门时，使得时间变长，-
14、9 -然而在求瞬时速度时，仍用挡光片的宽度与变长的时间的比值，导致瞬时速度变小，则速度的测量值比真实值偏小；（3）设下滑位移为，根据速度-位移公式有： ，根据牛顿第二定律有：，其中 ，联立解得： 考点：探究小车速度随时间变化的规律实验【名师点睛】解决本题的关键是掌握游标卡尺的读数方法，主尺读数加上游标读数，注意不需要估读；熟练应用牛顿第二定律以及运动学公式解决实验问题，注意挡光片的不垂直斜面，导致通过的时间变长是解题问题的关键12. 某同学利用下列器材测量一定值电阻 Rx的阻值：i待测电阻 Rx：约 100ii直流电源 E：电动势约为 4V，内阻不计iii直流电压表 V：量程 03V，内阻约
15、15kiv电阻箱 R：阻值范围 0999.9v单刀开关 Svi若干导线（1）该同学已完成部分电路图，请你按器材的规格和要求在方框内画出余下部分_；（2）试验中测得电阻箱读数为 R1时，电压表读数为 U1，电阻箱读数为 R2时，电压表读数为U2用测定的实验数据写出计算待测电阻的表达式 Rx=_（3）测得的 Rx值比真实值_（填“偏大” 、 “偏小”或“不变” ） - 10 -【答案】 (1). （1） 或 (2). 甲：或乙： (3). （2）偏小【解析】 （1）题中给出了一个电阻箱 R和一只电压表，要测量未知电阻 的阻值，可以采用两个电阻串联的方式，测出电阻箱 R或未知电阻 的电压，故电路图有
16、如下两种方式：或（2）按第一种电路图，根据闭合电路欧姆定理有： ， ，解得：；按第二种电路图，根据闭合电路欧姆定理有： ， ，解得： ；（3）按第一种电路图实验时，由于电压表的分流作用，所以流过 电流真实值比计算时电流偏大，故测得 的值比真实值偏小；按第二种电路图实验时，由于电压表的分流作用，所以流过电阻箱 R电流真实值比计算时电流偏大，故测得 的值比真实值偏小.三、计算题13. 如图所示，倾角为 的斜面上有一质量为 m的木块，在水平力 F作用下沿斜面向上做匀速运动。若斜面始终保持静止，二者间的动摩擦因数为 ，重力加速度为 g，求水平推力F的大小。- 11 -【答案】【解析】试题分析：对物块进
17、行受力分析，根据共点力平衡，利用正交分解，在沿斜面方向和垂直于斜面方向都平衡，进行求解对木块受力分析如图所示：由平衡条件得： ，联立解得：14. 如图所示，一“U”型金属导轨固定在绝缘水平地面上，导轨间有竖直向上的匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为 B，导轨间距为 d，电阻不计，质量为 m、电阻为 R的金属棒 ab与导轨接触良好且始终垂直，棒与导轨间的动摩擦因数为 现棒在水平向右的拉力 F（垂直棒）作用下，由静止开始做加速度为 a匀加速直线运动，重力加速度为 g，试求：（1）拉力 F随时间 t变化的关系式；（2）t 0时间内通过棒的电荷量 q【答案】 （1） （2）【解析】 （1）对棒，由牛顿第
18、二定律- 12 -根据法拉第电磁感应定律又根据闭合电路欧姆定律知联立以上各式，解得（2）在 时间内棒发生的位移而15. 质量为 50kg的运动员，在一座高桥上做“蹦极”运动。他所用的弹性绳自由长度为12m，假设弹性绳中的弹力与弹性绳的伸长之间的关系遵循胡克定律，在整个运动中弹性绳不超过弹性限度运动员从桥面下落，能到达距桥面为 40m的最低点 D处，运动员下落速率v跟下落距离 S的关系如图所示，运动员在 C点时的速度最大空气阻力不计，重力加速度g取 10m/s2求：（1）弹性绳的劲度系数 k（2）运动员到达 D点时，弹性绳的弹性势能 Ep（3）运动员到达 D点时的加速度值 a【答案】 （1）62
19、.5N/m（2）210 4J（3）25m/s 2【解析】试题分析：（1）在 C点速度最大，则 C点是平衡位置，则有重力等于弹力，结合胡克定律即可求解；（2）对由 O到 D的过程运用机械能守恒定律列式即可求解；（3）在 D点，由胡克定律求得弹簧的弹力，再根据牛顿第二定律求加速度（1）运动员在 C点受到的弹力与重力大小相等，合外力为 0，加速度为 0，所以速度最大则代入数据得- 13 -（2）运动员到达 D点的速率为 0，在整个下落过程中减少的重力势能全部转化为弹簧增加的弹性势能代入数据得：（3）在 D点弹簧的弹根据牛顿第二定律： 联立解得：16. 如图所示，足够大的荧光屏 ON垂直于 xoy坐标
20、平面，与 x轴夹角为 30，当 y轴于 ON间有沿+y 方向、场强为 E的匀强电场时，一质量为 m、电荷量为-q 的离子从 y轴上的 P点，以速度 v0、沿+x 轴方向射入电场，恰好垂直打到荧光屏上的 M点（图中未标出） 现撤去电场，在 y轴与 ON间加上垂直坐标面向里的匀强磁场，相同的离子仍以速度 v0从 y轴上的 Q点沿+x 轴方向射入磁场，恰好也垂直打到荧光屏上的 M点，离子的重力不计求：（1）离子在电场中运动的时间 t1；（2）P 点距 O点的距离 y1和离子在磁场中运动的加速度大小 a；（3）若相同的离子分别从 y轴上的不同位置以速度 v=ky（y0，k 为常数） 、沿+x 轴方向射
21、入磁场，离子都能打到荧光屏上，k 应满足的条件【答案】 （1） （2） （3）【解析】试题分析：（1）设离子垂直打到荧光屏上的 M点时，沿 y方向的分速度大小为vy，在电场中运动的加速度为 a1，则（1 分）（1 分）- 14 -（1 分）解得 （1 分）（2）由几何关系可知（2 分）解得 （1 分）设离子在磁场中做圆周运动半径为 y2，则 （1 分）而 （1 分）解得 （1 分）（3）如图所示，设从纵坐标为 y处射入磁场的离子，恰好能打到荧光屏上，对应的圆周运动半径为 r0，则（1 分）- 15 -此离子进入磁场时的速度 ，设运动半径为 r，则（1 分）为使离子能打到荧光屏上应满足 （1 分）而 （1 分）解得 （2 分）考点：带点粒子在复合场中的运动
