1、2018-2019 学年第三学期半期考试化学试题考试时间：90 分钟 总分:100 分一、选择题（每小题只有一个正确答案，1-11 题每小题 2 分，12-21 题每小题 3 分）1.“优化结构、提高效益和降低消耗、保护环境”,这是我国国民经济和社会发展的基础性要求。你认为下列行为不符合这个要求的是( )A. 大力发展农村沼气,将废弃的秸秆转化为清洁高效的能源B. 加快太阳能、风能、生物质能、海洋能等清洁能源的开发利用C. 研制开发以水代替有机溶剂的化工涂料D. 将煤转化成气体燃料可以有效地减少“温室效应”气体的产生【答案】D【解析】试题分析：ABC 选项都符合低能，环保，而 D 选项中气体燃
2、料燃烧也可以产生“温室效应”的气体，所以 D 错误。考点：化学与生活常识点评：本题属于简单题，需要学生熟练掌握。2.下列说法不正确的是( )A. 化学变化过程是原子的重新组合过程B. 化学反应的焓变用 H 表示,单位是 kJmol-1C. 化学反应的焓变 H 越大,表示放热越多D. 化学反应中的能量变化不都是以热能形式表现出来的【答案】C【解析】【分析】A.从微观角度分析化学变化；B. 焓变的单位是 kJmol-1；C.H 带符号，并非 H 越大，放热越多；D.能量变化可以是热能、电能、光能等；【详解】A.化学反应从微观角度考虑就是原子重新组合过程，故 A 项正确； B.化学反应的焓变用 H
3、表示，单位是 kJmol-1，故 B 项正确；C.H 带符号，对于放热反应 H 越大，表示放热越少，对于吸热反应 H 越大，则表示吸热越多，故 C 项错误；D.化学反应中的能量变化形式可以是热能、电能、光能等形式表现出来，故 D 项正确；综上，本题选 C。3.下列热化学方程式正确的是( )A. 表示硫的燃烧热的热化学方程式:S(s)+3/2O 2(g)=SO3(g) H=-315 kJ/molB. 表示中和热的热化学方程式:NaOH(aq)+HCl(aq)=NaCl(aq)+H 2O(l) H=-57.3 kJ/molC. 表示 H2燃烧热的热化学方程式:H 2(g)+1/2O2(g)= H2
4、O(g) H=-241.8 kJ/molD. 表示 CO 燃烧热的热化学方程式:2CO(g)+O 2(g)=2CO2(g) H=-566 kJ/mol【答案】B【解析】试题分析：A违反燃烧热的含义，硫完全燃烧生成的稳定的氧化物不是三氧化硫（SO 3能分解为 SO2和 O2） ，而是 SO2，A 错误；B25、101kPa 时，稀强碱溶液和稀强酸溶液中和生成1mol 液态水和可溶性盐溶液时放出的 57.3kJ 热量，其焓变为57.3 kJ/mol，B 正确；C违反燃烧热的含义，25、101kPa 时，1mol 氢气完全燃烧生成的稳定的氧化物不是水蒸气（水蒸气的能量比液态水高） ，而是液态水，C
5、错误；D违反燃烧热的定义，各物质的化学计量系数和焓变均要减半，25、101kPa 时，1molCO 气体完全燃烧生成 CO2气体时放出的热量为288 kJ/mol，D 错误；答案选 B。考点：考查燃烧热、中和热的含义及表示燃烧热和中和热的热化学方程式的书写。4.下列依据热化学方程式得出的结论正确的是( )A. 1 mol 甲烷燃烧生成气态水和 CO2所放出的热量是甲烷的燃烧热B. 已知 C(s)+O2(g)=CO2(g) H 1 C(s)+1/2O 2(g)= CO(g) H 2,则 H 2H 1C. 已知 2H2(g)+O2(g)= 2H2O(g) H=-483.6 kJ/mol,则氢气的燃
6、烧热为 241.8 kJ/molD. 已知 NaOH(aq)+HCl(aq)= NaCl(aq)+H2O(l) H=-57.3 kJ/mol,则含 20 g NaOH 的稀溶液与稀盐酸完全中和,中和热为 28.65 kJ/mol【答案】B【解析】【分析】A.结合燃烧热的定义分析B.一氧化碳转化为二氧化碳是放热过程，焓变包含负号据此分析；C.燃烧热指 1mol 可燃物完全燃烧生成稳定的化合物时所放出的热量，气态水不是稳定氧化物；D.中和热 H=-57.3 kJ/mol，是一个固定值；【详解】A.燃烧热要求生成液态水，故 A 项错误；B.己知 C(s)+O2(g)=CO2(g) H 1 C(s)+
7、1/2O 2(g)= CO(g) H 2，完全燃烧比不完全燃烧放热更多。放热反应 H 为负值，放热越多，H 越小，则 H 2H 1，故 B 项正确；C.氢气的燃烧热是指 1mol 氢气完全燃烧生成液态水放出的热量，气态水不是稳定氧化物，故 C 项错误；D.已知 NaOH(aq)+HCl(aq)= NaCl(aq)+H2O(l) H=-57.3 kJ/mol，此时，中和热指 1mol NaOH 和 1mol HCl 溶液发生中和反应生成 1mol 水时所放出的热量为 57.3 kJ，减少用量时，放出的热量变少，但中和热数值不变，故 D 项错误；综上，本题选 B。【点睛】本题 A、C 项考查燃烧热
8、。燃烧热指 1mol 可燃物完全燃烧生成稳定的化合物时所放出的热量。如 H 元素最终转化为液态水，C 元素最终转化为 CO2。5.将 1 L 0.1 mol/L BaCl2溶液与足量稀硫酸充分反应放出 a kJ 热量;将 1 L 0.5 mol/L HCl 溶液与足量 CH3COONa 溶液充分反应放出 b kJ 热量(不考虑醋酸钠水解);将 0.5 L 1 mol/L H2SO4溶液与足量(CH 3COO)2Ba(可溶性强电解质)溶液反应放出的热量为( )A. (5a+2b)kJ B. (4b-10a)kJ C. (5a-2b)kJ D. (10a+4b)kJ【答案】A【解析】试题分析：1L
9、 0.1molL-1BaCl2的物质的量为 0.1mol，将 1L 0.1molL-1BaCl2溶液与足量稀硫酸反应，涉及的离子方程式为：Ba 2+（aq）+SO 42-（aq）=BaSO 4（s） ，放出 akJ 热量，生成0.1molBaSO4，则生成 0.5molBaSO4，放出 5akJ 热量；1L 0.5molL-1HCl 溶液的物质的量为0.5mol，将 1L 0.5molL-1HCl 溶液与足量 CH3COONa 溶液反应，涉及的离子方程式为H+（aq）+CH 3COO-（aq）=CH 3COOH（l） ，放出 b kJ 热量，生成 0.5molCH3COOH，则生成1molCH
10、3COOH，放出 2bkJ 热量。0.5L 1molL-1H2SO4的物质的量为 0.5mol，将 0.5L 1molL-1H2SO4溶液与足量（CH 3COO） 2Ba 溶液反应，生成 0.5molBaSO4，1molCH 3COOH，涉及的离子方程式有 Ba2+（aq）+SO 42-（aq）=BaSO 4（s） ，H +（aq）+CH 3COO-（aq）=CH 3COOH（l） ，溶液反应放出的热量为（5a+2b）kJ，答案选 A。考点：考查热化学方程式的书写和反应热的计算6.影响化学反应速率的因素有:浓度、压强、温度、催化剂等。下列说法不正确的是( )A. 改变压强不一定能改变有气体参与
11、反应的速率B. 增大浓度能加快化学反应速率,原因是增大浓度增加了反应体系中活化分子的百分数C. 温度升高使化学反应速率加快的主要原因是增加了单位体积内活化分子总数D. 催化剂能加快化学反应速率主要原因是降低反应所需的能量【答案】B【解析】试题分析：A压强改变有气体参加的反应的反应速率，增大压强，反应速率加快，故 A 不选；B增大浓度，增加了反应体系中活化分子数目增大，则反应速率加快，故 B 选；C温度升高，增加了反应体系中活化分子百分数增大，反应速率加快，故 C 不选；D催化剂降低反应的活化能，则反应速率加快，故 D 不选；故选 B。考点：考查了化学反应速率的影响因素的相关知识。7.下列说法正
12、确的是( )A. 在常温下,放热反应一般能自发进行,吸热反应都不能自发进行B. NH4HCO3(s)=NH3(g)+H2O(g)+CO2(g) H=+185.57 kJmol -1,能自发进行,原因是体系有自发地向混乱度增加的倾向C. 因焓变和熵变都与反应的自发性有关,故焓变和熵变均可以单独作为反应自发性的判据D. 在其他外界条件不变的情况下,使用催化剂,可以改变化学反应进行的方向【答案】B【解析】【分析】A.吸热反应不一定不能自发进行；B.体系有自发向混乱度增加的方向转变的倾向，导致反应可自发进行；C.焓变和熵变共同决定反应能否自发；D.催化剂不能改变反应进行的方向；【详解】A.吸热反应常温
13、下也可能自发进行，如 Ba(OH)28H2O+2NH4Cl=BaCl2+2NH3+10H 2O，故 A 项错误；B.该反应是分解反应，由一种固体分解生成多种气体，体系混乱度增加，所以S0，G=H-TS0，所以该反应在高温时可自发进行的原因为：体系有自发向混乱度增加的方向转变的倾向，导致反应可自发进行，故 B 项正确；C.反应能自发进行的判断依据是G=H-TS0，反应不能自发；8.若反应:2NO(g)+2CO(g) 2CO2(g)+N2(g) HK(400 )，故 D 项错误, 综上，本题选 C。10.T 时,在一固定容积的密闭容器中发生反应:A(g)+B(g) C(s) H0。下列叙述正确的是
14、( )A. 加入少量 W,逆反应速率增大,正反应速率减小 B. 升高温度,平衡逆向移动C. 当容器中气体压强不变时,反应达到平衡 D. 反应平衡后加入 X,上述反应的 H 增大【答案】C【解析】【分析】A.固体量的增减不会影响反应速率，不会引起化学平衡的移动；B.升高温度平衡向吸热反应移动；C.随反应进行，气体的物质的量减小，压强减小，压强不变说明到达平衡；D.反应热 H 与物质的化学计量数有关，与参加反应的物质的物质的量无关；【详解】A.W 在反应中是固体，固体量的增减不会引起化学反应速率的改变和化学平衡的移动，故 A 项错误；B.该反应正反应为吸热反应，升高温度平衡向吸热反应移动，即向正反
15、应移动，故 B 项错误；C.随反应进行，气体的物质的量减小，压强减小，压强不变时说明可逆反应到达平衡状态，故 C 项正确；D.反应热 H 与物质的化学计量数有关，物质的化学计量数不变，热化学方程式中反应热不变，与参加反应的物质的物质的量无关，故 D 项错误；综上，本题选 C。12.在容积不变的密闭容器中进行反应:2SO 2(g)+O2(g) 2SO3(g) HHBrO4HIO4 碱性：Ba(OH) 2Ca(OH)2Mg(OH)2 稳定性：HClH 2SPH3 还原性：F Cl BrA. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】同主族自上而下，非金属性减弱；非金属性越强，最高价氧化物对应水化
16、物的酸性越强；同主族自上而下，金属性增强；金属性越强，最高价氧化物对应水化物的碱性越强；非金属性越强，气态氢化物越稳定，同周期随原子序数增大，非金属性增强；非金属性越强，阴离子的还原性越弱，同主族自上而下，非金属性减弱。【详解】同主族自上而下，非金属性减弱，所以非金属性 ClBrI，非金属性越强，最高价氧化物对应水化物的酸性越强；所以酸性：HClO 4HBrO 4HIO 4，故正确；同主族自上而下，金属性增强，所以金属性 BaCaMg，金属性越强，最高价氧化物对应水化物的碱性越强，所以碱性：Ba(OH) 2Ca(OH) 2Mg(OH) 2，故正确；同周期随原子序数增大，非金属性增强，所以非金属
17、性 ClSP，非金属性越强，气态氢化物越稳定，所以氢化物稳定性：HClH 2SPH 3，故正确；同主族自上而下，非金属性减弱，所以非金属性 FClBr，非金属性越强，阴离子的还原性越弱，所以离子还原性：F -Cl Br ，故错误；所以正确；正确答案：C。20.下图是元素周期表短周期的一部分，若 A 原子最外层的电子数比次外层的电子数少 3，则下列说法中正确的是( )A. D 与 C 不能形成化合物B. D 的最高正价与 B 的最高正价相等C. A、B、C 的最高价氧化物对应的水化物酸性强弱的关系是 CBAD. D 元素最高正价和最低负价的绝对值的代数和等于 8【答案】C【解析】【详解】若 A
18、原子最外层的电子数比次外层的电子数少 3，说明为磷元素。则 B 为硫，C 为氯元素，D 为氧元素。A. 氯与氧能形成化合物二氧化氯，故错误；B. 氯的最高正价为+7，,硫的最高正价为+6，不相等，故错误；C. A、B、C 的最高价氧化物对应的水化物分别为磷酸，硫酸和高氯酸，酸性强弱的关系是高氯酸硫酸磷酸，故正确；D. 氧没有正价，故错误。故选 C。21.下列各组元素性质的递变情况错误的是( )A. Na、Mg、Al 原子最外层电子数依次增多 B. P、S、Cl 元素最高正价依次升高C. N、O、F 第一电离能依次增大 D. Na、K、Rb 电负性逐渐减小【答案】C【解析】A、Na、Mg、Al
19、原子的核外电子分别为 11、12、13，原子最外层电子数分别为 1、2、3，逐渐增多，选项 A 正确；B、P、S、Cl 最外层电子数目分别为 5、6、7，最高正化合价分别为+5、+6、+7，选项 B 正确；C、N、O、F 在同周期，元素的非金属性依次增强，即得电子能力依次增强，选项 C 错误；D、Na、K、Rb 位于同一主族，电子层数分别为 3，4，5，依次增多，选项 D 正确。答案选 C。二、填空题22.有 X、Y、Z、Q、E、M、G 原子序数依次递增的七种元素，除 G 元素外其余均为短周期主族元素。X 的原子中没有成对电子，Y 元素基态原子中电子占据三种能量不同的原子轨道且每种轨道中的电子
20、数相同，Z 元素原子的外围电子层排布式为 nsnnpn1 ，Q 的基态原子核外成对电子数是成单电子数的 3 倍，E 与 Q 同周期，M 元素的第一电离能在同周期主族元素中从大到小排第三位，G 原子最外电子层只有未成对电子，其内层所有轨道全部充满，但并不是第A 族元素。回答下列问题：(1)基态 G 原子的价电子排布式为_，写出第三周期基态原子未成对电子数与 G相同且电负性最大的元素是_(填元素名称)。GQ 受热分解生成 G2Q 和 Q2，请从 G 的原子结构来说明 GQ 受热易分解的原因：_。(2)Z、Q、M 三种元素的第一电离能从大到小的顺序为_(用元素符号表示)。(3)X 与 Q 形成的化合
21、物的化学式为_。(4)Z、M、E 所形成的简单离子的半径由大到小顺序为_(用离子符号表示)。(5)X、Y、Z、Q 的电负性由大到小的顺序为_(用元素符号表示)。【答案】 (1). 3d104s1 (2). 氯 (3). Cu2 的最外层电子排布为 3d9，Cu 的最外层电子排布为 3d10，因最外层电子排布达到全满时稳定，所以固态 Cu2O 稳定性强于 CuO (4). NOS (5). H 2O、H 2O2 (6). S2 N 3 F (7). ONCH【解析】试题分析：本题通过元素推断，主要考查价电子排布式、电负性规律、第一电离能、原子（离子）半径等基础知识，考查考生的阅读分析能力、基础知
22、识的综合运用能力。解析：没有成对电子的元素只有 H，X 是 H 元素；Y 元素基态原子中电子占据三种能量不同的原子轨道且每种轨道中的电子数相同，则 Y 基态电子排布是 1s22s22p2，Y 是 C 元素；Z 元素原子的外围电子层排布式为 nsnnpn+1，所以 ns 一定排布 2 个电子，既 n=2，Z 是 N 元素；Q 的基态原子核外成对电子数是成单电子数的 3 倍，Q 的核外电子排布是 1s22s22p4，成对电子数32=6，成单电子数 2，Q 是 O 元素；E 与 Q 同周期，且原子序数比 Q（O 元素）大，则 E 只能是 F 元素；原子序数更大的 M 只能在短周期的第三周期，第一电离
23、能在同周期主族元素中从大到小排第三位的是 S 元素；内层所有轨道全部充满，最外电子层只有未成对电子的可能是 1s22s1、1s 22s22p63s1、1s 22s22p63s23p63d104s1，其中前两个属于A，所以 G 核外电子排布为第三种情况，G 是 Cu 元素。 （1）G 是 Cu 元素，基态价电子排布式为 3d104s1，未成对电子数为 1，第三周期为成对电子数为 1 的有 Na、Al、Cl，电负性最大的是 Cl 元素。GQ 是CuO，分解生成 Cu2O 和 O2，CuO 中 Cu2+价电子排布式为 3s9，Cu 2O 中 Cu+价电子排布式为3d10，因此 Cu+比 Cu2+结构
24、更加稳定，固态 Cu2O 比 CuO 更稳定。正确答案：3d 104s1、氯、Cu2 的最外层电子排布为 3d9，Cu 的最外层电子排布为 3d10，因最外层电子排布达到全满时稳定，所以固态 Cu2O 比 CuO 更稳定。 （2）Z、Q、M 分别是 N、O、S 三种元素，N 与 O 比较，N 价电子排布为 2s22p3，O 价电子排布为 2s22p4，所以 N 元素 2p 半满结构更加稳定，第一电离能 NO，O 与 S 比较，二者处于同一主族，S 位于第三周期 O 位于第二周期，所以第一电离能 OS，既第一电离能顺序为 NOS。正确答案：NOS。 （3）X 是 H 元素，Q 是 O 元素，二者
25、形成的化合物包括 H2O、H 2O2。正确答案：H 2O 和 H2O2。 （4）Z、M、E 所形成的简单离子依次为 N3-、S 2-、F -，其中 S2-有三个电子层半径最大，N 3-、F -都只有两个电子层，N 元素核电荷数是 7，F 元素的核电荷数是 9，因此 N3-半径更大。正确答案：S 2-N 3-F -。 （5）X、Y、Z、Q 四种元素依次是 H、C、N、O，H 元素的电负性最小，C、N、O 位于同一周期且核电荷数递增，电负性递增，所以电负性顺序为 ONCH。正确答案：ONCH。点睛：简单粒子半径比较方法：电子层数不同时，电子层数越多，一般半径越大；电子层数相同时，核电荷数越大，半径
26、越小；同种元素，阳离子半径原子半径。23.燃料和能源是化学知识与社会生活联系极为密切的内容,我们要关注矿物能源的合理利用,积极研究、开发新能源。(1)新能源应该具有原材料易得、燃烧时产生的热量多且不会污染环境的特点,在煤炭、石油、煤气、氢气中,前途广阔的能源是_。(2)近年来,我国煤矿事故大多是瓦斯爆炸所致。瓦斯中含有甲烷和一氧化碳等气体,当矿井中瓦斯浓度达到一定范围时遇明火即燃烧爆炸。为避免灾难的发生应采取的切实可行的措施有_(填序号)。加强安全管理,杜绝明火源 降低瓦斯气体的着火点 提高通风能力 将矿井中的氧气抽去(3)为了提高煤的利用率同时减少燃烧时的环境污染,常将煤转化为水煤气,这是将
27、煤转化为洁净燃料的方法之一,水煤气的主要成分是一氧化碳和氢气,它是由煤炭和水蒸气反应制得的,已知 C(石墨)、CO、H 2燃烧的热化学方程式为:C(石墨)+O 2(g)=CO2(g) H 1=-393.5 kJmol-1H2(g)+1/2O2(g)=H2O(g) H 2=-241.8 kJmol-1 CO(g)+1、2O 2(g)=CO2(g) H 3=-283.0 kJmol-1H2(g)+1/2O2(l)=H2O(l) H 4=-285.8 kJmol-1请回答下列问题:根据上述提供的热化学方程式计算,36 g 水由液态变成气态的热量变化是_。写出 C(石墨)与水蒸气反应生成一氧化碳和氢气
28、的热化学方程式_。丙烷是液化石油气的主要成分之一,丙烷燃烧的热化学方程式为:C 3H8(g)+5O2(g)=3CO2(g)+4H2O(g) H=-2 220.0 kJmol -1,相同物质的量的丙烷和一氧化碳完全燃烧生成气态产物时,产生的热量之比为_。【答案】 (1). 氢气 (2). (3). 吸收 88 kJ 热量 (4). C(石墨)+H 2O(g)=CO(g)+H2(g) H=+131.3 kJmol -1 (5). 2 220283【解析】【分析】（1）煤炭、石油属于化石能源，燃烧容易污染环境，煤气燃烧会生成导致温室效应的气体，氢气燃烧生成水，热值高、无污染；（2）杜绝明火源、提高通
29、风能力可以防止瓦斯爆炸；可燃物的着火点一般情况下不能改变；将矿井中的氧气抽尽是不现实的，也是不可以的；（3）由氢气燃烧生成 H2O（g）与生成 H2O（l）的热化学方程式可以知道：H 2O（l）=H2O（g）H=+44kJ/mol，据此计算；根据盖斯定律，由已知热化学方程式乘以适当的系数进行加减构造目标热化学方程式，反应热也乘以相应的系数进行相应的计算；根据热化学方程式计算相同物质的量的丙烷和一氧化碳完全燃烧生成气态产物时产生的热量之比；【详解】 （1）煤炭、石油属于化石能源，燃烧容易污染环境，煤气燃烧会生成导致温室效应的气体，氢气燃烧生成水，热值高、无污染，是前途广阔的能源，因此，本题正确答
30、案是：氢气；（2）加强安全管理，杜绝明火源可以防止瓦斯爆炸，故正确；瓦斯的着火点一般情况下不能改变，故错误；提高通风能力可以降低瓦斯的浓度，可以防止瓦斯爆炸，故正确；将矿井中的氧气抽尽是不现实的，也是不允许的，因为工人在井下作业需要氧气，故错误，因此，本题正确答案是：；（3）已知：H 2(g)+1/2O2(g)=H2O(g) H 2=-241.8 kJmol-1 ，H 2(g)+1/2O2(l)=H2O(l) H 4=-285.8 kJmol-1，根据盖斯定律可得：H 2O（l）=H 2O（g）H=+44kJ/mol，故 36g 水由液态变成气态相应吸收热量 36g/18g44kJ=88kJ，
31、因此，本题正确答案是：吸收 88kJ；已知：、C(石墨)+O 2(g)=CO2(g) H 1=-393.5 kJmol-1，、H 2(g)+1/2O2(g)=H2O(g) H 2=-241.8 kJmol-1，、CO(g)+1、2O 2(g)=CO2(g) H 3=-283.0 kJmol-1，根据盖斯定律，-可得 C（s，石墨）+H 2O（g）=CO（g）+H 2（g）H=+131.3kJmol -1，因此，本题正确答案是：C（s，石墨）+H 2O（g）=CO（g）+H 2（g）H=+131.3kJmol -1；根据热化学方程式可以知道，相同物质的量的丙烷和一氧化碳完全燃烧生成气态产物时产生
32、的热量之比为 2220.0kJmol-1：283.0kJmol -1=2220：283。因此，本题正确答案是：2220：283；24.(1)在恒温恒容装置中进行合成氨反应(正反应为放热反应),各组分浓度时间图像如下。表示 N2浓度变化的曲线是_(填序号)。前 25 min 内,用 H2浓度变化表示的化学反应速率是_。该温度下该反应的平衡常数为_。(2)在恒温恒压装置中进行工业合成氨反应,下列说法正确的是_(填序号)。 a.气体体积不再变化,则已平衡b.气体密度不再变化,则已平衡c.平衡后,压缩容器,会生成更多 NH3d.平衡后,往装置中通入一定量 Ar,平衡不移动(3)电厂烟气脱氮:主反应为4
33、NH 3(g)+6NO(g) 5N2(g)+6H2O(g) H0，平衡混合气中 N2与 N2O 含量与温度的关系如图所示。请回答:在 400600 K 时,平衡混合气中 N2含量随温度的变化规律是_,导致这种规律的原因是_。【答案】 (1). C (2). 0.12 mol/(Lmin) (3). 0.148 (4). abc (5). 随温度升高,N 2的含量降低 (6). 主反应为放热反应,副反应为吸热反应,升高温度使主反应的平衡左移,副反应的平衡右移【解析】【分析】(1)根据图象求出各物质的变化量，利用变化量之比等于计量数之比判断出 A、B、C 所对应的曲线；根据 v=c/t 计算，求出
34、各物质的平衡浓度，代入平衡常数表达式计算； (2)a.正反应是体积减少的可逆反应，因此在恒温恒压下气体体积不再变化时已平衡； b.在反应过程中质量始终不变，但容器容积是变化的，所以密度是变化的，因此气体密度不再变化说明反应达到平衡； c.平衡后，往装置中通入一定量 Ar，压强不变，容器容积增加，浓度降低，平衡向逆反应方向移动; d.平衡后，压缩容器，压强增大，平衡向正反应方向进行； (3)根据图 2 中随着温度升高，氮气、N 2O 的含量变化进行分析；根据温度对化学平衡影响及两个可逆反应的反应热情况进行分析；【详解】(1)根据图象可以知道，反应进行到 25min 时达到平衡，平衡时c(A)=3
35、mol/L、c(B)=2mol/L、c(C)=1mol/L，故c(A)：c(B)：c(C)=3:2:1，因此根据方程式可以知道表示 N2浓度变化的曲线是 C，A 浓度变化的曲线为 H2，B 为氨气的浓度变化曲线，因此，本题正确答案是：C； 由图可以知道，v(H 2)=3mol/L/25min=0.12mol/(Lmin)；由图可以知道平衡时各组分的平衡浓度，c(H 2)=3mol/L、c(N 2)=1mol/L、c(NH 3)=2mol/L、,故平衡常数 K=22/133=0.148，因此，本题正确答案是：0.12 mol/(Lmin)；0.148；(2)a.正反应是气体物质的量减小的反应，恒
36、温恒压下，随反应进行体积减少，因此在恒温恒压下气体体积不再变化时已平衡，故 a 正确； b.在反应过程中质量始终不变，但容器容积是变化的，所以密度是变化的，因此气体密度不再变化说明反应达到平衡，故 b 正确； c.平衡后，压缩容器，压强增大，平衡向正反应方向进行，因此生成更多 NH3，故 c 正确；d.平衡后，往装置中通入一定量 Ar，压强不变，容器容积增加，浓度降低，平衡向逆反应方向移动，故 d 错误，故选：abc。 因此，本题正确答案是：abc； (3)根据图象可以知道，在 400600 K 时，平衡混合气中 N2含量随温度的升高逐渐降低；主反应为放热反应，升高温度，平衡向着逆向移动，氮气
37、的含量减小。 因此，本题正确答案是：随温度升高，N 2的含量降低；主反应为放热反应，副反应为吸热反应，升高温度使主反应的平衡左移，副反应的平衡右移；25.工业上有一种用 CO2来生产甲醇燃料的方法:CO 2(g)+3H2(g) CH3OH(g)+H2O(g) H=-49.0kJmol-1,6 mol CO2和 8 mol H2充入 2 L 的密闭容器中,测得 H2的物质的量随时间变化如图所示(实线)。图中数据 a(1,6)表示:在 1 min 时 H2的物质的量是 6mol。(1)a 点正反应速率_(填“大于” “等于”或“小于”)逆反应速率。(2)下列时间段平均反应速率最大的是_。A.01
38、min B.13 min C.38 min D.811 min(3)仅改变某一实验条件再进行两次实验测得 H2的物质的量随时间变化如图中所示(虚线)。曲线对应的实验条件改变是_,曲线对应的实验条件改变是_,体积不变再充入 3 mol CO2和 4 mol H2,达到新的平衡时,H 2O(g)的体积分数_(填“增大” “不变”或“减小”)。(4)若将 1 mol CO2和 3 mol H2充入该容器中,充分反应达到平衡后,若 CO2转化率为 a,则容器内的压强与起始压强之比为_(用 a 表示)。【答案】 (1). 大于 (2). A (3). 升高温度 (4). 增大压强 (5). 增大 (6)
39、. (2-a)2【解析】【分析】(1)a 点时还没有达到平衡状态，从反应物的物质的量的变化趋势判断反应进行的方向，依次判断正逆反应速率大小；(2)根据曲线的斜率判断，斜率越大，说明在单位时间内反应物的变化率越大，反应速率越大，也可分别计算不同时间内的反应速率大小来进行比较；(3)从虚线变化判断达到平衡时反应物的转化的物质的量来分析，曲线 I 反应速率增大，但转化的氢气的物质的量少，应是升高温度，因该反应放热，升高温度平衡逆向移动，曲线反应速率增大，转化的氢气的物质的量多，平衡正向移动，应是增大压强； (4)结合化学平衡三段式列式计算，气体压强之比等于气体物质的量之比计算得到；【详解】(1)a
40、点时还没有达到平衡状态，反应物氢气的物质的量继续减小，平衡向正向移动，所以正反应速率大于逆反应速率，因此，本题正确答案是：大于；(2)由图可知，A.01 min 内氢气的变化量为 2mol； B.13 min 内氢气的变化量为 3mol，平均 1min 变化量为 1.5mol；C.38 min 内氢气的变化量为 1mol，平均 1min 变化量为 0.2mol；D.811 min 内氢气的变化量为 1mol，达平衡状态，氢气的物质的量不再变化，故 01 min速率增大。因此，本题正确答案是:A; (3)曲线 I 反应速率增大，但转化的氢气的物质的量少，应是升高温度，因该反应放热，升高温度平衡逆
41、向移动，不利于氢气的转化，故曲线 I 是升高温度；曲线反应速率增大，转化的氢气的物质的量多，因增大压强平衡正向移动，故应是增大压强，体积不变再充入 3 mol CO2和 4 mol H2，相当于增大压强，平衡正向移动，则 H2O(g)的体积分数增大， 因此，本题正确答案是：升高温度；增大压强；增大；(4) 1 mol CO2和 3 mol H2充入该容器中,充分反应达到平衡后,若 CO2的转化率为 a, CO2(g) + 3H2(g) CH3OH(g) + H2O(g)n0 1mol 3 mol 0 mol 0 mol n a mol 3a mol a mol a mol n 平 1-a mol 3-3a mol a mol a mol 容器内的压强与起始压强之比=(4-2a)：4=(2-a)2，因此，本题正确答案是：(2-a)2。
