1、海南省昌江县矿区中学 2017-2018 第二学期高三物理第三次模拟试题一、单项选择题：在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1. 如图所示，三条绳子的一端都系在细直杆顶端。另一端都固定在水平地面上。将杆竖直紧压在地面上。若三条绳长度不同，下列说法错误的有（ ）A. 三条绳中的张力不相等B. 杆对地面的压力大于自身重力C. 绳子对杆的拉力在水平方向的合力为零D. 绳子拉力的合力与杆的重力是一对平衡力【答案】D【解析】由于三力长度不同，故说明三力与竖直方向的夹角不相同，由于杆保持静止，故在水平方向三力水平分力的合力应为零，故说明三力的大小可能不相等，AC 正确；由于三力在竖直方向有
2、拉力，杆在竖直方向合力为零，故杆对地面的压力大于重力，B 正确 D 错误2. “嫦娥一号”和“嫦娥二号”绕月飞行器的运行轨道可近似为圆形轨道，距月球表面高度分别为 和 ，运动周期分别为 和 。已知月球半径为 ，则 和 的比值为（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】根据万有引力定律和牛顿第二定律： 可知 A 项正确。3. 如图所示，物体 A 静止在倾角为 30的斜面上，现将斜面倾角由 30增大到 37，物体仍保持静止，则下列说法中正确的是( )A. A 对斜面的压力不变 B. A 对斜面的压力增大C. A 受到的摩擦力不变 D. A 受到的摩擦力增大【答案】D【解析】试题分析：设斜面的
3、倾角为 ，物体 A 的重力为 G，作出 A 的受力如图根据平衡条件得：N=Gcos；f=Gsin；当斜面倾角 由 30增大到 37时，cos 减小，sin 增大，则N 减小，f 增大根据牛顿第三定律得知，A 对斜面的压力减小，A 对斜面的摩擦力增大故选 D。考点：物体的平衡；匀变速直线运动的规律【名师点睛】本题是简单的动态平衡类型的问题，运用的是函数法，也可以采用图解法直观判断。4. 一个电量为 10-6C 的负电荷从电场中 A 点移到 B 点电场力要做功 2x 10-6J，从 C 点移到 D要克服电场力做功 710-6J，若已知 C 点比 B 点电势高 3V，且 A、B、C、D 四点在同一条
4、电场线上，则下列图中正确的是 （ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】试题分析：A、B 间的电势差为 ,则 A 的电势低于 B 的电势；C、D 间的电势差为 ,则 C 得电势高于 D 的电势；又由题，C 点比 B 点电势高3V，所以电势从高到低的顺序是：C、B、A、D。沿着电场线电势逐渐降低，故 C 对。考点：电势、电场线。【名师点睛】电场线的应用（1）判断电场力的方向正电荷的受力方向和电场线在该点切线方向相同，负电荷的受力方向和电场线在该点切线方向相反；（2）判断电场强度的大小（定性）电场线密处电场强度大，电场线疏处电场强度小，进而可判断电荷受力大小和加速度的大小；（3）判断电势的高
5、低与电势降低的快慢沿电场线的方向电势逐渐降低，电场强度的方向是电势降低最快的方向；（4）判断等势面的疏密电场越强的地方，等差等势面越密集；电场越弱的地方，等差等势面越稀疏5. 一只爆竹竖直升空后，在高为 h 处达到最高点发生爆炸，分为质量不同的两块，两块质量之比为 21，其中小的一块获得水平速度 v，则两块爆竹落地后相距 ( )A. B. C. D. 【答案】C【解析】试题分析：根据两块爆竹爆炸时水平方向动量守恒求出大块爆竹的速度，然后根据平抛运动求出时间和水平位移因为两块质量之比为 21，则设其中一块质量为 m，则另一块质量为 2m，爆炸内力远大于外力，故系统动量守恒，以 v 的速度方向为正
6、方向，由动量守恒定律得 ，解得，设两块爆竹落地用的时间为 t，则有 ，落地点，两者间的距离为t，解得 ，C 正确6. 汽车以恒定功率沿公路做直线运动，途中通过一块沙地。汽车在公路及沙地上所受阻力均为恒力，且在沙地上受到的阻力大于在公路上受到的阻力。汽车在驶入沙地前己做匀速直线运动，它在驶入沙地到驶出沙地后的一段时间内，位移 s 随时间 t 的变化关系可能是( )A. B. C. D. 【答案】B【解析】试题分析：汽车在公路上匀速直线运动，牵引力 等于阻力 ，驶入沙地后，阻力突然变大为 ，使得推力小于阻力即 ，小车开始减速，由于功率 恒定不变，速度减小，牵引力增大，直到牵引力增大到等于阻力 才开
7、始新的匀速直线运动。当小车离开沙地进入公路时，阻力减小，使得牵引力大于阻力，开始减速，同样由于功率 恒定不变，速度增大，牵引力减小，直到牵引力增大到等于阻力 才开始新的匀速直线运动。即进沙地过程为减速，驶出沙地后的一段为加速。根据位移时间图像的斜率表示速度，可判断选项 A 为先减速再匀速最后加速。选项 B 为先匀速再以较小的速度匀速最后加速。选项 C 为先正向减速后反向加速最后正向加速，选项 D 为先加速后减速。对照选项符合汽车运动过程为选项 A。考点：功和功率【名师点睛】本题设计的出发点是考察机动车的两种启动方式，即匀加速启动和额定功率启动。对于额定功率启动，需要注意速度不会突然变化，需要一
8、个过程，而这个速度的变化对应着牵引力的变化加速度的变化，最终影响着速度变化到多大。四个选项以位移时间图像出现，间接呈现速度的变化过程，是对问题的简化。视频二、多项选择题：在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。7. 牛顿以天体之间普遍存在着引力为依据，运用严密的逻辑推理，建立了万有引力定律。在创建万有引力定律的过程中，牛顿（ ）A. 接受了胡克等科学家关于“吸引力与两中心距离的平方成反比”的猜想B. 根据地球上一切物体都以相同加速度下落的事实，得出物体受地球的引力与其质量成正比，即 F m 的结论C. 根据 F m 和牛顿第三定律，分析了地月间的引力关系，进而得出 F m1m2D
9、. 根据大量实验数据得出了比例系数 G 的大小【答案】ABC【解析】试题分析：解答本题需掌握：关于是什么原因使行星绕着太阳运动的问题，伽利略、开普勒和法国数学家笛卡尔都提出过自己的解释，在创建万有引力定律的过程中，牛顿时期的科学家，如胡克、哈雷等人对这一问题的认识更进一步胡克等人认为，行星绕太阳运动是因为受到太阳对它的引力，甚至证明了如果行星运动的轨道是圆形的，它所受到的引力的大小与行星到太阳的距离的二次方成反比；由牛顿第三定律，作用力与反作用力大小相等、方向相反并且总是在同一条直线上，而且力的性质相同；卡文迪许测量出万有引力常量解：题干要求“在创建万有引力定律的过程中” ，牛顿接受了平方反比
10、猜想，和物体受地球的引力与其质量成正比，即 Fm 的结论；然后进行月地检验，进一步得出该规律适用与月地系统；而提出万有引力定律后 100 多年，后来卡文迪许利用扭称测量出万有引力常量 G 的大小，后来根据大量实验数据不断的测定比例系数 G 的大小，即 D 选项是在建立万有引力定律后才进行的探索，因此符合题意的只有 AB故选：AB视频8. 下列说法正确的是（ ）A. 比结合能越大表示原子核中的核子结合得越牢固B. 裂变反应有质量亏损，质量数不守恒C. 射线是一种波长很短的电磁波D. 玻尔理论的假设之一是原子能量的量子化【答案】ACD9. 如图所示，50 匝矩形闭合导线框 ABCD 处于磁感应强度
11、大小 B= T 的水平匀强磁场中，线框面积 S=0.5m2，线框电阻不计。线框绕垂直于磁场的轴 OO以角速度 =200rad/s 匀速转动，并与理想变压器原线圈相连，副线圈线接入一只“220V，60W”灯泡，且灯泡正常发光，熔断器允许通过的最大电流为 10A，下列说法正确的是 （ ） A. 图示位置穿过线框的磁通量为零B. 线框中产生交变电压的有效值为 VC. 变压器原、副线圈匝数之比为 2511D. 允许变压器输出的最大功率为 5000W【答案】CD【解析】试题分析：根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论解：A、由图可知，此时线圈和磁场垂
12、直，此时线框的磁通量最大，所以 A 错误B、矩形闭合导线框 ABCD 在磁场中转动，产生的交流电的最大值为Em=nBs=50 0.5200= V，由于最大值为有效值的 倍，所以交流电的有效值为 500V，所以 B 错误C、由于电压与匝数成正比，所以变压器原、副线圈匝数之比为 = ，所以 C 正确D、由于熔断器允许通过的最大电流为 10A，所以允许变压器输出的最大功率为P=UI=50010=5000W，所以 D 正确故选：CD【点评】掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，本题即可得到解决10. 如图,一均匀金属圆盘绕通过其圆心且与盘面垂直的轴逆时针匀速转动。现施加一垂直穿过圆盘的有界匀强
13、磁场,圆盘开始减速。在圆盘减速过程中,以下说法正确的是（ ）A. 处于磁场中的圆盘部分,靠近圆心处电势高B. 所加磁场越强越易使圆盘停止转动C. 若所加磁场反向,圆盘将加速转动D. 若所加磁场穿过整个圆盘,圆盘将匀速转动【答案】ABD【解析】试题分析：将金属圆盘看成由无数金属幅条组成，根据右手定则判断感应电流的方向，从而判断电势的高低，形成感应电流，再根据左手定则，即可求解解：A、将金属圆盘看成由无数金属幅条组成，根据右手定则判断可知：圆盘上的感应电流由边缘流向圆心，所以靠近圆心处电势高，所以 A 正确；B、根据右手定则可知，产生的电动势为 BLv，所以所加磁场越强，产生的电动势越大，电流越大
14、，受到的安培力越大，越易使圆盘停止转动，所以 B 正确；C、若所加磁场反向，只是产生的电流反向，根据楞次定律可知，安培力还是阻碍圆盘的转动，所以圆盘还是减速转动，所以 C 错误；D、若所加磁场穿过整个圆盘时，圆盘在切割磁感线，产生感应电动势，相当于电路断开，则不会产生“感应电流，没有安培力的作用，圆盘将匀速转动，所以 D 正确；故选：ABD【点评】本题关键要掌握右手定则、安培定则，并能正确用来分析电磁感应现象，对于这两个定则运用时，要解决两个问题：一是什么条件下用；二是怎样用视频三实验题11. 图中电源电动势为，内阻可忽略不计；电流表 mA 具有一定的内阻，电压表 V 的内阻不是无限大，S 为
15、单刀双掷开关， 为待测电阻。当向电压表一侧闭合时，电压表读数为U1,电流表读数为 I1；当 S 向 R 一侧闭合时，电流表读数为 I2。（1）根据已知条件与测量数据，可以得出待测电阻 _。（2）根据右图所给出的电路，在下图的各器件实物图之间画出连接的导线_。【答案】 (1). (2). 【解析】当开关扳向电压表一端时， ，当开关扳向电阻 R 一端时，有两个公式联立可得待测电阻值视频12. 甲同学准备做“验证机械能守恒定律”实验，乙同学准备做“探究加速度与力、质量的关系”实验。（1）上图中 A、B、C、D、E 表示部分实验器材，甲同学需在图中选用的器材_；乙同学需在图中选用的器材_。 （用字母表
16、示）（2）乙同学在实验室选齐所需器材后，经正确操作获得如图所示的两条纸带和。纸带_的加速度大（填或者） ，其加速度大小为_.【答案】 (1). AB (2). BDE (3). (4). （2.5 0.2）m/s 2【解析】 （1）要验证机械能守恒定律需要打点计时器和重锤；即 AB；而要验证“探究加速度与力、质量的关系”需要打点计时器、小车和钩码；故选 BDE；（2）由 可知，相临两点间的位移之差越大，则加速度越大，故的加速度大；由逐差公式可得加速度 ，由图读得： ，代入数据解得 ；【点睛】在使用逐差公式求解加速度时，为了减小误差，应将实验数据尽量多的应用上四计算题13. 如图所示，质量 m5
17、0 kg 的跳水运动员从距水面高 h10 m 的跳台上以 v05 m/s 的速度斜向上起跳，最终落入水中若忽略运动员的身高和受到的阻力， g 取 10 m/s2，求：(1)运动员在跳台上时具有的重力势能(以水面为参考平面)；(2)运动员起跳时的动能；(3)运动员入水时的速度大小【答案】(1)5000J(2)625J(3)15m/s【解析】试题分析：由重力势能的定义式可以求得；由动能的公式可以求得运动员起跳时的动能；根据机械能守恒可以求得运动员入水时的速度大小。（1）取水面为参考平面，人的重力势能是 Ep=mgh=5000J；（2）由动能的公式得 ： （3）在整个过程中，只有重力做功，机械能守恒
18、 ，解得 v=15m/s。点睛：本题主要考查了动能定理得简单应用。14. 如图所示，在倾角为 30的斜面 OA 的左侧有一竖直档板，其上有一小孔 P。现有一质量 m=41020 kg，带电量 q=+21014 C 的粒子，从小孔以速度 v0=3104m/s 水平射向磁感应强度 B=0.2T、方向垂直纸面向外的圆形磁场区域，且该粒子在飞出磁场区域后能垂直打在OA 面上，粒子重力不计求：（1）粒子在磁场中做圆周运动的半径；（2）粒子在磁场中运动的时间；（3）圆形磁场区域的最小半径【答案】 （1）0.3m（2） s（3）0.15m【解析】解：（1）粒子在磁场中，由洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律
19、得qvB=m得，轨迹半径为 r= =0.3m，周期为 T=（2）画出粒子运动的轨迹如图，由几何知识得到轨迹对应的圆心角 =60，则粒子在磁场中运动的时间为t= T= = =（3）当粒子的轨迹圆正好以 PQ 为直径时，圆形磁场区域的半径最小，根据几何知识得知，PQ=r，则磁场最小的半径为 Rmin= =0.15m答：（1）粒子在磁场中做圆周运动的半径为 0.3m；（2）粒子在磁场中运动的时间是 ；（3）圆形磁场区域的最小半径是 0.15m【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力【专题】带电粒子在磁场中的运动专题【分析】 （1）粒子在磁场中，由洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律求
20、出粒子在磁场中做圆周运动的半径，并由圆周运动公式求出周期（2）画出粒子运动的轨迹如图，由几何知识得到轨迹对应的圆心角 ，由 t= T 求出粒子在磁场中运动的时间；（3）当粒子的轨迹圆正好以 PQ 为直径时，圆形磁场区域的半径最小，则知最小半径的值【点评】本题中圆形磁场区域最小的直径等于入射点与出射点间的距离是常用的经验结论，在本题中要灵活运用15. 下列说法正确的是_。A布朗运动反映了液体分子的无规则运动B0 的冰熔化成 0 的水的过程中内能和分子势能都有增大C物体的温度为 0时，物体分子的平均动能为零D随着低温技术的发展，我们可以使温度逐渐降低，但不能达到绝对零度E气体分子的平均动能越大，则
21、气体压强越大F空气的相对湿度定义为水的饱和蒸汽压与相同温度时空气中所含水蒸气的压强之比【答案】ABD16. 汽车行驶时轮胎的胎压太高容易造成爆胎事故，太低会造成耗油上升已知某型号轮胎能在4090正常工作，为使轮胎在此温度范围内工作时的最高胎压不超过 3.5atm，最低胎压不低于 1.6atm，那么 t20时给该轮胎充气，充气后的胎压在什么范围内比较合适？(设轮胎容积不变)【答案】2.01atm2.83atm【解析】由于轮胎容积不变，轮胎内气体做等容变化。设在 T0293K 充气后的最小胎压为 Pmin，最大胎压为 Pmax。依题意，当 T1233K 时胎压为P11.6atm。根据查理定律，即解
22、得： Pmin2.01atm当 T2363K 是胎压为 P23.5atm。根据查理定律，即解得： Pmax2.83atm视频17. 如图，轻弹簧上端固定，下端连接一小物块，物块沿竖直方向做简谐运动。以竖直向上为正方向，物块简谐运动的表达式为 y=0.1sin(2.5t)m。t=0 时刻，一小球从距物块 h 高处自由落下；t=0.6s 时，小球恰好与物块处于同一高度。取重力加速度的大小为 g=10m/s2.以下判断正确的是_（双选，填正确答案标号）Ah=1.7mB简谐运动的周期是 0.8sC0.6s 内物块运动的路程是 0.2mDt=0.4s 时，物块与小球运动方向相反【答案】AB【解析】试题分
23、析：由振动方程式可得，t=06s 物体的位移为 ；则对小球有： ，解得 h=17m；故 A 正确；由公式可知，简谐运动的周期；故 B 正确；振幅为 01m；故 06s 内物块运动的路程为 3A=03m；故C 错误； ，此时物体在平衡位置向下振动，则此时物块与小球运动方向相同，故 D错误；考点：考查简谐运动的位移公式【名师点睛】要掌握由公式求解简谐运动的相关信息，特别是位移、周期及振幅等物理量由振动公式可明确振动的周期、振幅及位移等；再结合自由落体运动的规律即可求得 h高度；根据周期明确小球经历 04s 时的运动方向18. 半径为 R、介质折射率为 n 的透明圆柱体，过其轴线 OO的截面如图所示
24、。位于截面所在平面内的一细束光线，以角 i0由 O 点入射，折射光线由上边界的 A 点射出。当光线在 O 点的入射角减小至某一值时，折射光线在上边界的 B 点恰好发生全反射。求 A、B 两点间的距离。【答案】【解析】光路如图：当光线在 O 点的入射角为 i0时，设折射角为 r0，由折射定律得： 设 AD 间的距离为 d1，由几何关系得： 若光线在 B 点恰好发生全反射，则在 B 点的入射角恰好等于临界角 C，设 BD 间的距离为d2则有： 由几何关系得： 则 A、B 两点间的距离为：d=d 2-d1；联立解得： 点睛：解决本题的关键要作出光路图，找出临界光线，然后运用几何知识和折射定律结合解答。
