1、1微专题二 自由组合定律的常规解题方法一、应用分离定律解决自由组合定律的相关问题例 1 基因型为 AaBb 的个体与基因型为 aaBb 的个体杂交，两对基因独立遗传，则后代中( )A表现型 4 种，比例为 3131；基因型 6 种B表现型 2 种，比例为 31；基因型 3 种C表现型 4 种，比例为 9331；基因型 9 种D表现型 2 种，比例为 11；基因型 3 种答案 A解析 可分解为两个分离定律：AaaaAaaa11，BbBbB_bb31，则后代有4 种表现型且比例为(11)(31)3131，基因型有 236 种。方法总结1解题思路首先，将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题。在独
2、立遗传的情况下，有几对等位基因就可分解为几个分离定律，如 AaBbAabb 可分解为以下两个分离定律：AaAa；Bbbb，然后按分离定律逐一分析。最后，将获得的结果进行综合，得到正确答案。2常见题型分析(1)配子类型及概率的问题如 AaBbCc 产生的配子有多少种？Aa Bb Cc 2 2 2 8 种又如 AaBbCc 产生 ABC 配子的概率为 。12 12 12 18(2)配子间结合方式的问题如 AaBbCc 与 AaBbCC 杂交过程中，配子间结合方式有多少种？先求 AaBbCc、AaBbCC 各自产生多少种配子：2AaBbCc8 种配子；AaBbCC4 种配子。再求两亲本配子间结合方式
3、。由于两性配子间结合是随机的，因此配子间有 8432 种结合方式。(3)子代基因型种类及概率的问题如 AaBbCc 与 AaBBCc 杂交，其后代有多少种基因型？先分解为三个分离定律，再用乘法原理组合。Error!后代有 32318 种基因型又如该双亲后代中，AaBBCC 出现的概率为 (Aa) (BB) (CC) 。12 12 14 116(4)子代表现型种类及概率的问题如 AaBbCcAabbCc，其杂交后代可能有多少种表现型？Error!后代有 2228 种表现型又如该双亲后代中表现型 A_bbcc 出现的概率为 (A_) (bb) (cc) 。34 12 14 332(5)根据子代表现
4、型分离比推测亲本基因型，如：子代：9331(31)(31)AaBbAaBb子代：1111(11)(11)Error!子代：3131(31)(11)Error!子代：31(31)1Error!变式 1 已知 A 与 a、B 与 b、D 与 d 三对等位基因自由组合，分别控制 3 对相对性状。若基因型分别为 AaBbDd、AabbDd 的两个体进行杂交，则下列关于杂交后代的推测，正确的是( )A表现型有 8 种，基因型为 AaBbDd 的个体的比例为116B表现型有 4 种，基因型为 aaBbdd 的个体的比例为116C表现型有 8 种，基因型为 Aabbdd 的个体的比例为18D表现型有 8 种
5、，基因型为 aaBbDd 的个体的比例为116答案 D解析 亲本的基因型分别为 AaBbDd、AabbDd，两个体进行杂交，后代表现型种类数为2228(种)，故 B 错误；其中基因型为 AaBbDd 个体的比例为 ，故 A 错误；12 12 12 18基因型为 Aabbdd 个体的比例为 ，故 C 错误；后代基因型为 aaBbDd 个体的比例12 12 14 116为 ，故 D 正确。14 12 12 1163二、两对基因控制的性状遗传中异常分离比现象例 2 两对相对性状的基因自由组合，如果 F2的分离比分别为 97、961 和 151，那么 F1与双隐性个体测交，得到的分离比分别是( )A1
6、3、121 和 31B31、41 和 31C121、41 和 31D31、31 和 14答案 A解析 由 F2的分离比可推知：F 1的基因型为双杂合(AaBb)；97 的比例说明有双显性基因的表现为一种性状，其他的表现为另一种性状，961 的比例说明有双显性基因的表现为一种性状，有单显性基因的表现为一种性状，无显性基因的表现为一种性状，151 的比例说明只要有显性基因的就表现为同一种性状，无显性基因的表现为另一种性状。方法总结 “和”为 16 的由基因互作或致死导致的特殊分离比序号 条件 F1(AaBb)自交后代比例测交后代比例1存在一种显性基因(A 或 B)时表现为同一种性状，其余正常表现9
7、61 1212A、B 同时存在时表现为一种性状，否则表现为另一种性状97 133aa(或 bb)成对存在时，表现双隐性性状，其余正常表现934 1124只要存在显性基因(A 或 B)就表现为同一种性状，其余正常表现151 315显性基因在基因型中的个数影响性状表现AABB(AaBB、AABb)(AaBb、aaBB、AAbb)(Aabb、aaBb)AaBb(Aabb、aaBb)aabb1214aabb146416 显性纯合致死AaBbAabbaaBbaabb4221，其余基因型致死AaBbAabbaaBbaabb1111变式 2 科研人员为探究某种鲤鱼体色的遗传，做了如下实验：用黑色鲤鱼与红色鲤
8、鱼杂交，F 1全为黑鲤，F 1自由交配结果如下表所示。根据实验结果，下列推测错误的是( )F2性状的分离情况取样地点 F2取样总数/条黑鲤 红鲤 黑鲤红鲤1 号池 1 699 1 592 107 14.8812 号池 1 546 1 450 96 15.101A.鲤鱼体色中的黑色是显性性状B鲤鱼的体色由细胞核中的基因控制C鲤鱼体色的遗传遵循自由组合定律DF 1与隐性亲本杂交，后代中黑鲤与红鲤的比例为 11答案 D解析 由题干可知，鲤鱼体色黑色与红色是一对相对性状，用黑色鲤鱼与红色鲤鱼杂交，F 1全为黑鲤，可知黑色是显性性状，并由核基因控制，故 A、B 均正确；分析表格，两池中 F2性状分离比都
9、约为 151(9331 的变形)，说明该性状由 2 对等位基因控制，在遗传过程中遵循自由组合定律，C 正确；F 1与隐性亲本杂交，后代中黑鲤与红鲤的比例为 31，D错误。三、两种遗传病具有“自由组合”关系时的概率计算例 3 一对正常夫妇，双方都有耳垂(控制耳垂的基因位于常染色体上)，结婚后生了一个白化且无耳垂的孩子，若这对夫妇再生一个孩子，为有耳垂但患白化病的概率是( )A. B. C. D.38 316 332 516答案 B解析 假设控制白化病的基因用 A、a 表示，控制耳垂的基因用 C、c 表示。由于正常夫妇结婚后生了一个白化(aa)且无耳垂(cc)的孩子，说明两人基因型为 AaCc、A
10、aCc，则再生一个孩子为有耳垂但患白化病的概率是 。3165方法总结当两种遗传病之间具有“自由组合”关系时，各种患病情况概率如下：(1)只患甲病的概率是 m(1 n)；(2)只患乙病的概率是 n(1 m)；(3)甲、乙两病同患的概率是 mn；(4)甲、乙两病均不患的概率是(1 m)(1 n)；(5)患病的概率：1(1 m)(1 n)；(6)只患一种病的概率： m(1 n) n(1 m)。以上规律可用如图帮助理解：变式 3 多指症由显性基因控制，先天性聋哑由隐性基因控制，决定这两种遗传病的基因自由组合，一对男性患多指、女性正常的夫妇，婚后生了一个手指正常的聋哑孩子。这对夫妇再生下的孩子为手指正常
11、、先天性聋哑、既多指又先天性聋哑这三种情况的可能性依次是( )A. 、 B. 、1214 18 1418 12C. 、 D. 、1812 14 1412 18答案 A解析 设多指相关基因用 A、a 表示，聋哑相关基因用 B、b 表示。根据亲子代表现型，可推出亲代基因型：父 AaBb，母 aaBb，他们再生一个孩子情况如下图：线表示全正常， ；12 34 38线表示只患聋哑， ；12 14 18线表示只患多指， ；12 34 386线表示既患多指又患聋哑， 。12 14 18据此可得出答案。1(2017泰安一中期末)豌豆种子黄色(Y)对绿色(y)为显性，圆粒(R)对皱粒(r)为显性，黄色圆粒豌豆
12、与绿色圆粒豌豆杂交，F 1出现黄圆、绿圆、黄皱、绿皱四种表现型，其比例为3311，推知其亲代杂交组合基因型是( )AYyRryyRr BYyRRyyRrCYYRryyRR DYYRryyRr答案 A解析 黄色圆粒和绿色圆粒进行杂交的后代中，圆粒皱粒31，说明亲本的基因组成为Rr 和 Rr；黄色绿色11，说明亲本的基因组成为 Yy 和 yy。因此可以判断亲本的基因型为 YyRr 和 yyRr。2(2018共美联盟期末)某种植物其花色有白色、红色和紫色，现选取白色和紫色二个纯合品种做杂交实验，结果如下：P 紫花白花，F 1全为紫花，F 1自交，F 2 表现型及比例为9 紫花3 红花4 白花。将 F
13、2红花自交，产生的 F 3中纯合子占总数的比例为( )A. B. C. D.16 59 12 23答案 D解析 F 2 中红花为 A_bb(或 aaB_)，其中 为纯合子， 为杂合子。分别自交， 纯合子自交13 23 13后代全为纯合子， 杂合子自交，有一半为纯合子，因此 F2 红花自交，产生的 F3中纯合子23占总数的比例为 。13 23 12 233(2017襄阳高一检测)在西葫芦的皮色遗传中，已知黄皮基因(Y)对绿皮基因(y)为显性，但在另一白色显性基因(W)存在时，则基因 Y 和 y 都不能表达。现有基因型为 WwYy 的个体自交，其后代表现型种类及比例是( )A4 种，9331 B2
14、 种，133C3 种，1231 D3 种，1033答案 C解析 由题意知，基因 W 抑制 Y、y 基因表达，W_Y_的个体表现为白色，另外 W_yy 的个体也为白色，wwyy 的个体表现为绿色，wwY_的个体表现为黄色，因此 WwYy 自交后代中表现型有白、黄、绿 3 种，比例为 1231。4(2018重庆一中模考)人类中，显性基因 D 对耳蜗管的形成是必需的，显性基因 E 对听7神经的发育是必需的，二者缺一，个体即聋。这两对基因自由组合。下列有关说法，不正确的是( )A夫妇中有一个耳聋，也有可能生下听觉正常的孩子B一方只有耳蜗管正常，另一方只有听神经正常的夫妇，只能生下耳聋的孩子C基因型为
15、DdEe 的双亲生下耳聋的孩子的概率为716D耳聋夫妇可以生下基因型为 DdEe 的孩子答案 B解析 听觉正常与否受两对等位基因的控制，其基因型与所控制的表现型如下表：性状 听觉正常 听觉不正常(耳聋)基因型 D_E_ D_ee、ddE_、ddee夫妇中一个听觉正常(D_E_)、一个耳聋(D_ee、ddE_、ddee)，有可能生下听觉正常的孩子，A 正确；一方只有耳蜗管正常(D_ee)，另一方只有听神经正常(ddE_)的夫妇也有可能生下听觉正常的孩子(D_E_)，B 错误；夫妇双方基因型均为 DdEe，后代中听觉正常的占 ，耳聋的916占 ，C 正确；基因型为 D_ee 和 ddE_的耳聋夫妇
16、，有可能生下基因型为 D_E_听觉正常的孩716子，D 正确。5(2018三环高中期末模拟)某植物的花色有白花、粉色花和红花三种，该性状受两对独立遗传的等位基因(A、a 和 B、b)控制。有人利用白花(甲)、白花(乙)、粉色花和红花 4 个纯合品种进行了如下三个实验：8亲代 F1代 F2代实验一 粉色花红花 粉色花 F1自交：3 粉色1 红实验二 白花(甲) 粉色花 白花F1自交：12 白3 粉色1 红实验三 白花(乙) 红花 白花F1测交：2 白1 粉色1 红且已知基因对此性状的控制途径如图所示：基因 1 基因 2 白色色素 粉色色素 红色色素 酶 A 酶 B (1)基因 1 和基因 2 分
17、别对应 A、a 和 B、b 中的一个，则基因 1 和基因 2 分别是_。(2)上述杂交实验中，实验一中用作亲本的粉色花品种的基因型是_。实验二中白花(甲)的基因型是_。(3)实验二得到的 F2中，白花植株的基因型有_种，其中纯合白花植株占全部白花植株的比例为_。F 2中粉色花植株自交所结的种子中粉色花纯合子种子占_。(4)若将实验三得到的 F2白花植株与红花植株杂交，理论上 F3花色表现型及比例为白花粉色花红花_。(5)将基因型不同的两株白花植株杂交，若 F1的花色只有白色和粉色两种，则两亲本植株的基因型为_。 答案 (1)a 和 b (2)aaBB AAbb (3)6 (4)413 (5)A
18、aBBAaBb 或16 12AaBBAabb解析 (1)由分析可知，红花基因型为 aabb，因此基因 1 是 a，基因 2 是 b。(2)实验一中，粉花与红花杂交，后代全是粉花，因为亲本都是纯合的，实验一中用作亲本的粉色花品种的基因型是 aaBB，红花基因型是 aabb；在实验二中因为子一代自交后出现了9331 的变形，所以子一代应该是 AaBb，亲本白花甲的基因型应是 AAbb。(3)实验二得到的 F2中，A_B_A_bbaaB_aabb9331，其中 A_B_和 A_bb 为白花，基因型为 2226 种；纯合白花植株(1AABB、1AAbb)占全部白花植株的比例为 ；子212 16二代粉花
19、植株中 aaBB 占 ，aaBb13占 ，因此 F2中粉色花植株自交所结的种子中粉色花纯合子种子占 。23 13 23 14 129(4)实验三中的 F2白花植株的基因型是 AaBb、 Aabb，与红花植株 aabb 杂交，后代中白花12 12粉色花红花413。(5)基因型不同的两株白花植株杂交，子一代的花色只有白色和粉色两种，因为粉色基因型是 aaB_，红花基因型是 aabb，说明不会出现 bb，故两亲本植株基因型应是 AaBBAaBb 或AaBBAabb。对点训练题组一 应用分离定律解决自由组合定律相关问题1水稻的高秆(D)对矮秆(d)为显性，抗锈病(R)对不抗锈病(r)为显性，这两对基因
20、自由组合。甲水稻(DdRr)与乙水稻杂交，其后代四种表现型的比例是 3311，则乙水稻的基因型是( )ADdrr 或 ddRr BDdRRCddRR DDdRr答案 A解析 从后代表现型的比例为 3311 中可确定两种性状的比例，一种性状的后代性状分离比为 31，另一种性状的后代性状分离比为 11，已知甲水稻基因型为 DdRr，则乙水稻的基因型为 Ddrr 或 ddRr。2对某植株进行测交，得到后代基因型为 RrBb 和 Rrbb，则该植株的基因型是( )ARRBb BRrBbCrrbb DRrbb答案 A解析 测交是待测个体和隐性纯合子杂交的过程。隐性纯合子只产生一种配子(rb)。故该植株测
21、交后代基因型中去掉 rb 为该植株产生的配子，即 RB、Rb。推出该植株基因型为 RRBb。3小鼠毛色黑色(B)对褐色(b)为显性，无白斑(S)对有白斑(s)为显性，这两对等位基因独立遗传。基因型为 BbSs 的小鼠间相互交配，后代中黑色有白斑小鼠的比例是( )A. B. C. D.116 316 716 916答案 B解析 BbSsBbSs 得到黑色有白斑小鼠(B_ss)的概率为 。34 14 3164(2017襄阳四校高一期中)某植物的紫花对白花为显性，受 8 对等位基因控制。科学家从该植物的一个紫花品系中选育出了 5 个不同基因型的白花品系，它们与该紫花品系都只有10一对等位基因的差异。
22、某人在种植紫花品系时，偶然发现 1 株能稳定遗传的白花植株，为确定其是否是一个基因型不同的新白花品系，他让这株白花植株分别与 5 个白花品系杂交。有关叙述错误的是( )A纯合紫花品系的基因型为 AABBCCDDEEFFGGHHB基因型为 aaBBCCDDEEFFGGHH 可能是白花品系之一C若各组杂交的子代全为紫花，说明该白花植株是新的白花品系D各组杂交的子代全为白花，才说明该白花植株不是新的白花品系答案 D题组二 两对基因控制的性状遗传中异常分离比现象5(2017景德镇高一期中)一种观赏植物，纯合的蓝色品种与纯合的鲜红色品种杂交，F 1均为蓝色。若让 F1蓝色与纯合鲜红色品种杂交，产生的子代
23、的表现型及比例为蓝色鲜红色31。若 F1蓝色植株自花受粉，则 F2表现型及其比例最可能是( )A蓝色鲜红色11B蓝色鲜红色31C蓝色鲜红色91D蓝色鲜红色151答案 D6(2017菏泽期中)某种鼠的体色有三种：黄色、青色、灰色，受两对独立遗传的等位基因(A、a 和 B、b)控制。A_B_表现为青色，A_bb 表现为灰色，aa_表现为黄色(约 50%黄色个体会因黄色素在体内积累过多死亡)。让灰色鼠与黄色鼠杂交，F 1全为青色，理论上 F2存活个体中青色鼠所占的比例是( )A. B. C. D.916 34 67 914答案 D解析 根据题意，让灰色鼠与黄色鼠杂交，F 1全为青色，则灰色鼠基因型为
24、 AAbb，黄色鼠基 因 型 为 aaBB， F1基 因 型 为 AaBb， 则 F2表 现 型 及 比 例 为 青 色 (A_B_) 灰 色 (A_bb) 黄 色 (aa_ _)934，由于约 50%黄色个体会因黄色素在体内积累过多死亡，所以理论上 F2存活个体中青色鼠所占的比例是 ，D 正确。9147控制棉花纤维长度的三对等位基因 A/a、B/b、C/c 对长度的作用相等，且这三对基因的遗传遵循自由组合定律。已知基因型为 aabbcc 的棉花纤维长度为 6 厘米，每个显性基因增加纤维长度 2 厘米。棉花植株甲(AABbcc)与乙(aaBbCc)杂交，则 F1的棉花纤维长度范围是( )A61
25、4 厘米 B616 厘米C814 厘米 D816 厘米答案 C11解析 棉花植株甲(AABbcc)与乙(aaBbCc)杂交，F 1中至少含有一个显性基因 A，长度最短为628 厘米，含有显性基因最多的基因型是 AaBBCc，长度为 64214 厘米。8用某种高等植物的纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交，F 1全部表现为红花。若 F1自交，得到的 F2植株中，红花为 272 株，白花为 212 株；若用纯合白花植株的花粉给 F1红花植株授粉，得到的子代植株中，红花为 101 株，白花为 302 株。根据上述杂交实验结果推断，下列叙述正确的是( )AF 2中白花植株都是纯合子BF 2中红花植株的基
26、因型有 2 种C红花与白花由一对等位基因控制DF 2中白花植株的基因型种类比红花植株的多答案 D解析 用纯合白花植株的花粉给 F1红花植株授粉，得到的子代植株中，红花为 101 株，白花为 302 株，即红花白花13，符合两对等位基因自由组合的杂合子测交子代比例1111 的变式，由此可推知该相对性状由两对等位基因控制(设为 A、a 和 B、b)，故 C错误；F 1的基因型为 AaBb，F 1自交得到的 F2中白花植株的基因型有 A_bb、aaB_和 aabb，故A 错误；F 2中红花植株(A_B_)的基因型有 4 种，故 B 错误；F 2中白花植株的基因型有 5 种，红花植株的基因型有 4 种
27、，故 D 正确。9报春花的花色白色(只含白色素)和黄色(含黄色锦葵色素)由两对等位基因(A 和 a，B 和 b)共同控制，两对等位基因独立遗传，显性基因 A 控制以白色素为前体物质合成黄色锦葵色素的代谢过程，但当显性基因 B 存在时可抑制其表达。现选择 AABB 和 aabb 两个品种进行杂交，得到 F1，F 1自交得 F2，则下列说法不正确的是( )A黄色植株的基因型是 AAbb 或 AabbBF 1的表现型是白色CF 2中黄色白色的比例是 35DF 2中的白色个体的基因型有 7 种答案 C解析 根据图示，基因 A 表达才能合成黄色锦葵色素，而基因 B 表达时基因 A 表达受抑制，花色为白色
28、，因此白色报春花的基因型为 A_B_或 aa_ _，而黄色报春花的基因型是 AAbb 或12Aabb；AABB 和 aabb 两个品种杂交，F 1为 AaBb，花色应为白色；F 1自交，F 2的基因型为：A_B_、aaB_、A_bb、aabb，其比例为 9331，其中黄色为 ，白色为 ，因此 F2316 9 3 116中白色黄色为 133；由于 F2共有 9 种基因型，其中黄色植株的基因型只有 AAbb 和 Aabb两种，因此白色个体的基因型种类是 7 种。题组三 两种遗传病具有“自由组合”关系时的概率计算10有一种软骨发育不全的遗传病，两个有这种病的人(其他性状正常)结婚，他们所生的第一个孩
29、子得白化病和软骨发育不全，第二个孩子性状全部正常。假设控制这两种病的基因的遗传符合基因的自由组合定律，请预测他们再生一个孩子同时患两病的概率是( )A. B. C. D.116 18 316 38答案 C解析 两个软骨发育不全的人(其他性状正常)结婚，他们所生的第一个孩子得白化病和软骨发育不全，第二个孩子性状全部正常，可以推断出此夫妇的基因型均为 AaBb(假设白化病相关基因用 A、a 表示，软骨发育不全相关基因用 B、b 表示)，他们再生一个孩子同时患两种病的概率是 。14 34 31611正常人对苯硫脲感觉味苦，称味者(T)为显性，有人对苯硫脲没有味觉，称味盲(t)。人的正常(A)对白化病
30、(a)为显性。有一对味者夫妇(肤色均正常)生了一个味盲白化的孩子，则这对夫妇的基因型为( )ATTAaTTAa BTtAaTTAaCTtAaTtAa DTtAATtAa答案 C解析 将两对性状分开来考虑，一对味者夫妇生了一个味盲(tt)的小孩，则味者双亲均是杂合子 Tt；且该孩子也患白化病(aa)，则该对夫妇均是杂合子 Aa，综合分析，这对夫妇的基因型为 TtAaTtAa，C 正确。12一个基因型为 BbRr(棕眼右癖)的男人与一个基因型为 bbRr(蓝眼右癖)的女人结婚(两对相对性状独立遗传)，所生子女中表现型的概率各为 的类型是( )18A棕眼右癖和蓝眼右癖 B棕眼左癖和蓝眼左癖C棕眼右癖
31、和蓝眼左癖 D棕眼左癖和蓝眼右癖答案 B解析 应该是 与 相乘得到的。Bbbb 后代中，棕眼与蓝眼的比例各为 ，RrRr 后代中，18 12 14 12右癖与左癖的比例分别为 和 。所以所生子女中表现型概率为 的应该是左癖的两种眼色。34 14 181314综合强化13(2017吉林省实验中学高一期中)某高等植物有三对较为明显的相对性状，基因控制情况见下表。现有一种群，具有该三对等位基因的植株若干株(具此基因型的植株用 M 表示)、基因型为 aabbcc 的植株若干株(具此基因型的植株用 N 表示)、以及其他基因型的植株若干株。回答下列问题：基因组成表现型等位基因显性纯合 杂合 隐性纯合Aa
32、红花 白花Bb 宽叶 窄叶Cc 粗茎 中等粗茎 细茎(1)该植物种群内，共有_种表现型，其中有_种表现型的植株可能是杂合子。(2)如 MN，子一代红花窄叶中等粗茎占_，则三对等位基因可能独立遗传。(3)如三对等位基因自由组合，植株 M 自交，则子一代中红花窄叶中等粗茎占_。从子一代中随机选择红花宽叶粗茎植株与白花窄叶细茎植株杂交，子二代均为红花窄叶中等粗茎的概率为_。答案 (1)12 6 (2) (3) 14 932 1914某单子叶植物的非糯性(A)对糯性(a)为显性，抗病(T)对染病(t)为显性，花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性，三对等位基因独立遗传，非糯性花粉遇碘液变蓝，糯性花粉遇碘液
33、变棕色。现有四种纯合子基因型分别为：AATTdd，AAttDD，AAttdd，aattdd。请完成下列问题。(1)若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，可选择亲本与_或_杂交。(2)若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可以选择亲本_和_杂交。(3)若培育糯性抗病优良品种，应选用_和_亲本杂交。(4)将和杂交后所得的 F1的花粉涂在载玻片上，加碘液染色后，置于显微镜下观察，将会看到_种类型的花粉，且比例为_。答案 (1) (2) (3) (4)41111解析 验证分离定律和自由组合定律常用方法有：F 1(杂合子)自交、F 1(杂合子)测交、F 1(杂合子)花粉鉴定法等方法。使用时要注意分离定律
34、研究的对象为一对相对性状的遗传，而自15由组合定律研究的对象为两对及以上相对性状的遗传。15小鼠体色由两对基因决定，A 基因决定黄色，R 基因决定黑色，A、R 同时存在则皮毛呈灰色，无 A、R 则呈白色，两对基因的遗传遵循自由组合定律。一灰色雄鼠和一黄色雌鼠交配，F 1表现型及其比例为： 黄色小鼠、 灰色小鼠、 黑色小鼠、 白色小鼠。试问：38 38 18 18(1)亲代中，灰色雄鼠的基因型为_，黄色雌鼠的基因型为_。(2)让 F1的黑色雌、雄小鼠交配，则理论上 F2黑色个体中纯合子的比例为_。(3)若小鼠的另一性状由另外的两对等位基因(B 和 b、F 和 f)控制，且遵循自由组合定律。让基因
35、型均为 BbFf 的雌、雄鼠相互交配，子代出现四种表现型，比例为 6321。请对比例 6321 的产生原因做出合理解释：_。答案 (1)AaRr Aarr (2) (3)B 或 F 纯合致死13解析 (1)由题意知，亲本分别为灰色和黄色，子代出现四种体色，推断亲本基因型分别为AaRr 和 Aarr。(2)F 1的黑色鼠基因型为 aaRr，所以让 F1的黑色雌、雄小鼠交配，则理论上F2黑色个体的基因型及其比例为 aaRraaRR21，其中纯合子的比例为 。(3)基因型均13为 BbFf 的雌、雄鼠相互交配，正常情况子代出现的四种表现型及其比例为B_F_B_ffbbF_bbff9331，题中子代出现表现型比例为 6321，则 BB_ _或_ _FF 不存在，即 B 或 F 纯合致死。
