1、第 1 页 共 23 页浦东新区 2014 年高考预测物理试卷说明：1本试卷考试时间 120 分钟，满分 150 分，共 33 题。第 30、31、32、33 题要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案，而未写出主要演算过程的，不能得分。2选择题答案必须全部涂写在答题卡上。考生应将代表正确答案的小方格用 2B 铅笔涂黑。注意试题题号与答题卡上的编号一一对应，不能错位。答案需更改时，必须将原选项用橡皮擦去，重新选择。写在试卷上的答案一律不给分。一单项选择题 （共 16 分，每小題 2 分，每小题只有一个正确选项，答案涂写在答题卡上 ）1下列叙述中符合物理学史实的是（ ）（A
2、）惠更斯发现了单摆的等时性（B）奥斯特发现了电磁感应现象（C）托马斯杨通过双缝干涉实验证实了光具有波动性（D）汤姆孙通过 粒子散射实验提出了原子的核式结构模型2如图所示，在白光照射下，能在竖直放置的肥皂膜上看到（ ）（A）上疏下密的黑白条纹 （B）上疏下密的彩色条纹（C）上密下疏的黑白条纹 （D ）上密下疏的彩色条纹3关于固体和液体的微观结构，下列说法正确的是（ ）（A）固体分子静止在平衡位置 （B）固体分子没有固定的平衡位置（C）液体分子没有平衡位置 （D ）液体分子没有固定的平衡位置4下列核反应方程中 X 表示 粒子，且属于 衰变的是（ ）第 2 页 共 23 页（A） （B）XThU23
3、4908 XPaTh234910（C） （D ）nH10312 nCe02645一定质量的乙醚液体全部蒸发，变为同温度的乙醚气体，在这一过程中（ ）（A）分子引力增大，分子斥力减小 （B）分子势能减小（C）乙醚的内能不变 （D ）分子平均动能不变6物体做平抛运动，下列说法正确的是（ ）（A）加速度的方向时刻改变（B）速度的变化率不断增大（C）任意一段时间内速度变化量的方向均竖直向下（D）第 1 秒内、第 2 秒内、第 3 秒内的位移之比为 135第 3 页 共 23 页7如图所示为用“与”门构成的报警器电路。下列哪种情况下，报警器一定会报警（ ）（A）S 断开， P 在 a 端（B）S 闭合，
4、P 在 a 端（C）S 断开，P 在 b 端（D）S 闭合， P 在 b 端8某质点作简谐运动的振动图像如图所示，则（ ）（A）t0.2s 时，质点速度方向沿 x 正方向（B）t0.2s 时，质点加速度方向沿 x 负方向（C）0.2s0.4s 内质点速度先减小后增大（D）0.2s0.4s 内质点加速度先增大后减小二单项选择题 （共 24 分，每小题 3 分，每小题只有一个正确选项，答案涂写在答题卡上 ）9物体正在沿 x 轴做直线运动，可能出现的情况是（ ）（A）加速度沿x 方向逐渐增大，速度沿x 方向逐渐减小（B）加速度沿x 方向逐渐减小，速度沿x 方向逐渐减小（C）加速度沿x 方向逐渐增大，
5、速度沿x 方向逐渐减小（D）加速度沿x 方向逐渐减小，速度沿x 方向逐渐增大10如图所示，当长木板从水平位置开始缓慢转动至竖直位置 过程中，原来静止在长木板上的物块（ ）（A）所受合外力始终为零（B）受到的支持力一直减小（C）受到的摩擦力一直增大（D）对长木板作用力先不变后增大5VR2abSLR1&Pt/sy/cmx/cmy/cmo2-20.3 0.6 0.9第 4 页 共 23 页11在光滑水平面上，一物体在水平力 F 的作用下，由静止开始做直线运动，F 随位移 s 变化的图线如图所示，下列描述其位移时间（st）和速度时间（ vt）关系图像正确的是（ ）Otst0 3t0tOst0 3t0
6、Otvt0 3t0 Otvt0 3t0（A） （B） （C） （D）OsFa 3a-F02F0第 5 页 共 23 页abocdBO12如图所示，在两个等量异种点电荷的电场中，C、D 两点位于两电荷连线的中垂线上，A、B 两点位于两电荷的连线上，且关于上述中垂线左右对称，则以下判断正确的是（ ）（A）将检验电荷q 从 A 点移动到 B 点，电场力不做功（B）将检验电荷q 从 A 点移动到 B 点，电场力做正功（C）将检验电荷q 从 D 点移动到 C 点，电场力不做功（D）将检验电荷q 从 D 点移动到 C 点，电场力做负功13美国物理学家蔡特曼（Zarman）和我国物理学家葛正权于 19301
7、934年对施特恩测定分子速率的实验作了改进，设计了如图所示的装置。半径为 R 的圆筒 B 可绕 O 轴以角速度 匀速转动，aOcd 在一直线上，银原子以一定速率从 d 点沿虚线方向射出，穿过筒上狭缝 c 打在圆筒内壁 b 点，aOb，ab 弧长为 s，其间圆筒转过角度小于 90，则下列判断正确的是（ ）（A）圆筒逆时针方向转动 （B）银原子在筒内运动时间 st（C）银原子速率为 （D ）银原子速率为RsR214如图所示，一形状不规则、质量分布不均匀的棒，可绕固定转轴O 在竖直面内自由转动，当棒自由平衡时下端 A 恰位于转轴 O 点正下方。现用水平恒力 F 作用于 A 端，在转动角度小于 90的
8、过程中（ ）（A）棒的重力力矩先减小后增大（B）恒力 F 的力矩先减小后增大（C）棒转动的角速度先增大后减小（D）棒上 A、B 两点线速度方向始终相同FOFBA第 6 页 共 23 页15如图所示，竖直放置的弯曲玻璃管 a 端封闭，b 端开口，水银将两段空气封闭在管内，管内各液面间高度差为 h1、h 2、h 3 且h1h 2h 3；K 1、K 2 为两个阀门，K 2 位置与 b 管水银面等高，打开阀门后可与外界大气相通。打开 K1 或 K2，下列判断正确的是（ ）（A）打开 K1，h 1、h 2 和 h3 均变为零（B）打开 K1，h 1 增大，h 2 和 h3 均变为零（C）打开 K2，h
9、1、h 2 和 h3 均变为零 （D）打开 K2，h 1、h 2、h 3 的长度保持不变h2h3 h1K2K1a b第 7 页 共 23 页16在平直公路上行驶的 a 车和 b 车，其位移时间图像分别为图中直线 a 和曲线 b，由图可知（ ）（A）b 车运动方向始终不变（B）在 t1 时刻 a 车的位移大于 b 车（C）t 1 到 t2 时间内 a 车的平均速度小于 b 车（D）t 1 到 t2 时间内某时刻两车的速度可能相同三多项选择题 （共 16 分，每小题 4 分，每小题有两个或三个正确选项，全选对的，得4 分，选对但不全的，得 2 分，有选错或不答的，得 0 分，答案涂写在答题卡上 ）
10、17将小球从地面以初速度 v0 竖直向上抛出，运动过程中小球受到的空气阻力大小不变，最终小球又落回到地面，以地面为零势能面，则小球（ ）（A）上升时间大于下落时间（B）上升的最大高度小于 gv20（C）上升过程中到达最大高度一半时其动能大于重力势能（D）下降过程中到达最大高度一半时其动能等于重力势能18如图所示，在竖直平面内有一半径为 R 的 3/4 圆弧轨道，半径OA 水平、OB 竖直，一个质量为 m 的小球自 A 的正上方 P 点由静止开始自由下落，不计空气阻力，小球沿轨道到达最高点 B 时恰好对轨道没有压力。已知 PA2.5R，重力加速度为 g，则小球从 P 到 B 的运动过程中（ ）（
11、A）重力做功 1.5mgR（B）动能增加 mgR（C）克服摩擦力做功 mgR（D）离开 B 点后小球能落在圆轨道内19如图所示，两个完全相同的光滑球的质量均为 m，放在竖直挡板和倾角为 的固定斜OBAR2.5RPPQsO t1ay/cm by/cmt2 t第 8 页 共 23 页面间。若缓慢转动挡板到与斜面垂直，在此过程中（ ）（A）P、Q 两球间的弹力不变（B）P 球对斜面的压力逐渐增大（C）Q 球对斜面的压力逐渐增大（D）Q 球对挡板的压力逐渐减小第 9 页 共 23 页20如图所示的电路中，定值电阻 R1、R 2、R 3、R 4 的阻值均为 R0，理想电压表读数 U，变化量的绝对值 U，
12、理想电流表读数 I，变化量的绝对值 I，在滑动变阻器的滑动端自右向左滑动的过程中，下列判断正确的是（ ）（A）U 增大，I 减小 （B） 增大I（C） 增大 （D ） 0，所以6.44.80，得 0.75依题意，0 1，所以 的取值范围为0.751方法：欲使挡板 X 始终受到压力作用，须使小物块 P 对 AD 面的摩擦力 f 与 P 对 AD 面的正压力N 的合力（全反力）方向偏向左下方，即 tant370.5f依题意，0 1，所以 的取值范围为0.751MgFNNf 第 21 页 共 23 页32 （14 分）解：（1） （3 分）对小球 A、 B 及细线构成的整体，受力平衡，有mglkql
13、24得 3（2） （5 分）若撤去外力瞬时， A、B 间细线拉力突然变为零，则对 A 球： 得 ，方向向右Akqmalmlkq对 B 球： 得 ，方向向右42Bl lB2因为 aAaB，所以在撤去外力瞬时 A、B 将以相同的加速度 a 一起向右运动，A、B 间绝缘细线张紧，有拉力 T。因此，对 A、B 整体，由牛顿第二定律，有42kqmall即 2mg2ma得 a g对 A： kqTmal解得 g31故撤去外力瞬时，A、B 的加速度 a g；A、B 小球间绝缘细线的拉力 mgT31（3） （6 分）当 A 向左运动达到速度最大时2kqmgr代入 k，得 l31第 22 页 共 23 页设从剪断
14、绝缘细线到 A 球向左运动达到最大速度，电场力做功为 W，由动能定理212()0mmglrWv解得 ，负号表示电场力做负功。24()3gl又由电场力做功可知 W qU因此24()3mglvUqq在 A 球向左运动达到最大速度的过程中，所在处电势升高了。变化量为243mglvq33 （14 分）解：（1） （3 分）由图知 0.21T/sBt0.15V0.LdEtt.A2IR根据楞次定律，电流方向为 abPMa。（2） （2 分）ab 棒在水平方向受安培力和摩擦力，二力平衡fBIL（B 0kt ）IL （0.20.1t）0.250.5N0.0125（2t）N（t3s）（3） （5 分）ab 棒做
15、匀变速运动，位移 s13.5m 时，速度大小设为 v1，则210vas代入数据，得 a4m/s 2解得 v16 m/s对应安培力大小第 23 页 共 23 页2210.56N0.75ABLvFIR向右运动时，FmgF Ama F0.10.0750.14 F0.225N；方向向左向左运动时，FmgF Ama F0.10.0750.14 F0.575N；方向向左（4） （4 分）前 3s 内通过电阻 R 的电量 q1It0.25 3 C 0.75C设 3s 后到撤去外力 F 时又运动了 s 则1.5C2 1BLqItt解得 s6m此时 ab 棒的速度设为 v2 则20vas解得 v24 m/s此后到停止，由动能定理WAW fE k WAQ 221(0)(0.65.8)J0.195fkQmgsv
