1、2012 级高三数学培优资料（教师版）泰勒公式与拉格朗日中值定理在证明不等式中的简单应用泰勒公式是高等数学中的重点，也是一个难点，它贯穿于高等数学的始终。泰勒公式的重点就在于使用一个 次多项式 ,去逼近一个已知的函数 ，而且这n()npxfx种逼近有很好的性质： 与 在 点具有相同的直到阶 的导数 .所以()npxf n31泰勒公式能很好的集中体现高等数学中的“逼近”这一思想精髓。泰勒公式的难点就在于它的理论性比较强，一般很难接受，更不用说应用了。但泰勒公式无论在科研领域还是在证明、计算应用等方面，它都起着很重要的作用.运用泰勒公式，对不等式问题进行分析、构造、转化、放缩是解决不等式证明问题的
2、常用方法与基本思想.本文拟在前面文献研究的基础上通过举例归纳，总结泰勒公式在证明不等式中的应用方法. 泰勒公式知识：设函数 在点 处的某邻域内具有 阶导数，则对该邻域内fx0 1n异于 的任意点 ，在 与 之间至少存在一点 ，使得：0x0 = + + + + + ，f00fx0(-)0f2!02(x-)0nfx!0n(-)Rx其中 称为余项，上式称为 阶泰勒公式；nR(1)!n10n若 0，则上述的泰勒公式称为麦克劳林公式，x即 = + + + + + .ffx2!f0!nfx()n利用泰勒公式证明不等式：若函数 在含有 的某区间有定义,并且有)(f0直到 阶的各阶导数,又在点 处有 阶的导数
3、 ,则有公式)1(n0xn)(xfn)(!)(!2)(! )(02000 xRfxffx n在上述公式中若 (或 ),则可得Rnxn )(0)(2000 !)(!)!1)( nnxffxffx或 )()(0(xf 1、 证明: ).1(,32)1ln( xxx 证明 设 则 在 处有带有拉格朗日1lf （ (f0x余项三阶泰勒公式 )1)432)n( xx0)1(4x 1l32 由以上证明可知,用泰勒公式证明不等式,首先构造函数,选取适当的点 在0x处展开,然后判断余项 的正负,从而证明不等式.0x)(xRn对于欲证不等式中含有初等函数、三角函数、超越函数与幂函数结合的证明问题，要充分利用泰勒
4、公式在 时的麦克劳林展开式，选取适当的基本函数麦克0劳林的的展开式，对题目进行分析、取材、构造利用.2、 证明不等式： .316xsinx2、不等式左边是三次二项式的初等函数，右边是三角函数，两边无明显的大小关系 。这时我们可用 在 的二阶麦克劳林公式表示出来，然后进行比较判断两si0者的大小关系。 证明 , , , ,31()in6fxx()f 21()cosfxx(0)f, , , 当s0 cos1时， 的泰勒展式为： 3()fx 3()0(1)()3!fxx0 ( 0, ,0 1)所以 0,，有 ()f31cos6 .3xinx在含有无理函数与幂函数结合的不等式证明问题中，它们之间没有明
5、显的大小关系。如果用常规方法（放缩法、比较法，代换法等） ，我们很难比较它们之间的大小关系，但这时用泰勒公式却能轻易解答.3、 证明不等式： ， （ 0）.218xx对于此题，若我们对不等式两边同时平方，虽可以去掉根号，但 的次数却提高x了 次，这还是难以比较他们之间的大小关系，但若用泰勒公式却可以轻易解答.2证明 设 ，则 , , ,()1fx(0)1f12()fx(0)f, ,32()()4f()4f 523()8fx代入 =0 的二阶泰勒公式，有 =1+ - + (0 1)0x1x2531()6 0, 0 所以 （x0）.53()6 28x1在不等式的证明问题中，若题目中出现了一阶导数、
6、二阶导数、初等函数、三角函数或超越函数等与幂函数结合时，可优先考虑泰勒公式在 =0 时的麦克劳林表达0x式。当然能做好此类题的前提条件是要对一些基本函数的麦克劳林表达式熟悉.微分 中值定理: 若 满足以下条件:)(Lagrne)(xf(1) 在闭区间 内连续 (2) 在开区间 上可导)xf,b),(ba则 aff)()(,( 4、 若 )(10 11 yxpyxpyxyp则 分析 因为 则原不等式等价于 .令, 11pp(,则我们容易联想到 中值定理 .ptxf)(Lagrneyxff)(证明 设 ,显然 满足 中值定理的条件ptf ,)(xytf在 rage则 即)(fxy yxpp111,
7、 pxy )()(11xpypp 5、已知函数 ， ；xxf1)ln() 的 极 小 值求 )(xfababal,02求 证 ：） 若（ 2)1(),)()15 xfxf ，的 定 义 域 为 （函 数、 .0)(0fxf取 得 极 小 值时 ， 函 数易 得 当(2) )0(1ln,1)ln11 xx可 得时 ，） 知 ， 当由 （,因为)(lnx即 babal,所以 。故得证 （也可用 中值定理来证）baLgre6、已知函数 的 最 大 值 ；求 函 数 xfxxf )1()1(,ln)( 202 babfba时 ， 求 证 ：） 当（解： xxfxg)l()() ),(1( 0)(,0,
8、 xgg时当当 .)(0为取 得 最 大 值 ， 且 最 大 值时 ，故 当 xx )(1ln),(1ln),1(ln2 xx得） 知） 由 （ babax,得令 0)()()(2)()( 222 bab 22). bafba故所 以评注：本题得到不等式 与不等式)1(1ln(x )1(ln1xx构成经典不等式，即 .x7、已知 2ln)()2()(0,0,ln)( abgbagbaxg 求 证 ：设解析： lnlnl)2(gba 由经典不等式l2l ),01()1(xx且及 01,0,0ba得因此 ,2)ln(2llnaba2故 02)()(ll abbba又 2lnln)(ln2lln2,
9、 aba 综上所述，得 )()()(0gbg.1.l)8的 最 大 值求、 已 知 xfxf ),2()1(2ln32n *22 Nn求 证 ：(1)略（2） 0l0l1 xxx，） 知由 （所以 222232 3nln n )1(41()1()122 )(nn ),*Nn9、求证： 要证明原不等式，就要)(21(841)2( *2en证明 即)(lnn 1)2ln(41l)l2构造函数 0)(,0,l)(2 fxfxfxxf 递 减 ， 故易 得则有 。故有x)1ln(2 nn218421)l()41ln()21l(2 。得 证,2n10、 . ;)1l()(xxf 3)(0)1( xfx时 ， 求 证 ：当 )1(2451322 31* nkfNnn时 ， 求 证 ：当解： )()(,)l()()1(23 xhxxfxh则令易得 3,0,0 fh所 以上 单 调 递 减 ，在（2 ） 3* 1)(1,1( kkxkNk） 得由 （取所 以设故 3312)(nfnk ， 不 等 式 成 立右时 ， 左当对 于 右 半 边 证 明 如 下 ： n)1()(2)1(2 时 ， 因 为当所以 43133n)(2145n
