1、河北辛集中学 2018-2019 学年度第一学期第四次阶段考试一、选择题1.如图所示，虚线表示某电场的等势面一带电粒子仅在电场力作用下由 A 运动到 B 的径迹如图中实线所示粒子在 A 点的加速度为 aA、电势能为 EA；在 B 点的加速度为 aB、电势能为 EB则下列结论正确的是（ ）A. 粒子带正电，a Aa B，E AE BB. 粒子带负电，a Aa B，E AE BC. 粒子带正电，a Aa B，E AE BD. 粒子带负电，a Aa B，E AE B【答案】D【解析】解：根据粒子轨迹的弯曲方向可知带电粒子受到的是静电斥力，根据 U=Ed 知，等差等势面越密的位置场强越大，B 处等差等
2、势面较密集，则场强大，带电粒子所受的电场力大，加速度也大，即 aAa B；从 A 到 B，电场线对带电粒子做负功，电势能增加，则知 B 点电势能大，即 EAE B；故D 正确故选：D【点评】本题关键是先根据靠差等势面的疏密判断场强的大小，再结合电场力做功正负分析电势能变化公式 U=Ed，对非匀强电场可以用来定性分析场强2.某同学将一直流电源的总功率 PE、输出功率 PR 和电源内部的发热功率 Pr 随电流 I 变化的图线画在了同一坐标系中，如图中的 a、b、c 所示。下列说法中错误的是（ ）A. 直线 a 表示电源的总功率 PEI 图线B. 曲线 c 表示电源的输出功率 PRI 图线C. 电源
3、的电动势 E=3V，内阻 r=1D. 电源的最大输出功率 Pm=2W【答案】D【解析】【详解】A、由电源总功率和电源内阻消耗功率表达式 ， ，可知，a 是直线，= =2表示的是电源的总电功率，b 是抛物线，表示的是电源内电阻上消耗的功率，c 表示外电阻的功率即为电源的输出功率 ，所以 AB 正确；C、由图可知，当短路时，电流为 ，总功率 ，则由 可知电动势为 ，3 =9 = =3内阻为 ，故 C 正确；=33=1D、当内电阻和外电阻相等时，电源输出的功率最大，此时即为 b、c 线的交点时的电流，此时电流的大小为 ，功率的大小为 ，故选项 D 错误。+=2 =24=3241=2.253.如图所示
4、，框架面积为 S，框架平面与磁感应强度为 B 的匀强磁场方向垂直，则下列穿过平面的磁通量的说法中不正确的是（ ）A. 如图所示位置时磁通量大小等于 BSB. 若使框架绕 OO转过 60角，磁通量大小为12C. 若从初始位置转过 90角，磁通量大小为 BSD. 若从初始位置转过 180角，磁通量变化量的大小为 2BS【答案】C【解析】【详解】A、线圈与磁场垂直，穿过线圈的磁通量等于磁感应强度与线圈面积的乘积，故图示位置的磁通量为 ，故 A 正确；=B、使框架绕 转过 角，则在磁场方向的投影面积为 ，则磁通量为 ，故 B 正确； 6012 12C、线圈从图示转过 的过程中，S 垂直磁场方向上的投影
5、面积逐渐减小，故磁通量逐渐90减小，当线圈从图示转过 时，磁通量为 0，故 C 错误；90D、从初始位置转过 角，磁通量变化为 ，故 D 正确。180 =（ ） =24.如图所示，挂在天平底部的矩形线圈 abcd 的一部分悬在匀强磁场中，当给矩形线圈通入如图所示逆时针方向的电流 I 时，调节两盘中的砝码，使天平平衡。然后使电流 I 反向，这时要在天平的左盘上加质量为 2102 kg 的砝码，才能使天平重新平衡。若矩形线圈的匝数为 10 匝，通入的电流 I=0.1A，bc 边长度为 10cm，g 取 10m/s2，则磁场对 bc 边作用力 F 的大小和该磁场的磁感应强度 B 的大小分别是（ ）
6、A. F=0.2N，B=20TB. F=0.2N，B=2TC. F=0.1N，B=1TD. F=0.1N，B=10T【答案】C【解析】当线圈中通入电流后，右盘矩形线圈 abcd 受到的安培力为 ，方向向上；设左盘砝=码的质量为 M，右盘砝码的质量为 m，此时根据天平处于平衡状态有： ，=当通有反向电流时，右盘矩形线圈 abcd 受到的安培力为 ，方向向下，此时根据天=平处于平衡状态有： ，+（ 210210） =+联立以上两式解得： ，所以 ，故 ABD 错误， C 正确。=1 =0.1点睛：解决本题的关键掌握安培力的大小公式 ，根据平衡关系列方程，同时根据=左手定则判断磁场、电流、安培力之间
7、的方向关系。5.如图所示电路，电表都是理想电表，R 2=r当闭合开关 S，触片 P 向左滑动过程中，四块电表的读数均发生变化，设在滑动过程中 A1、A 2、V 1、V 2 在同一时刻的读数分别是 I1、I 2、U 1、U 2；电表示数的变化量的绝对值分别是I 1、 I 2、U 1、U 2，那么下列说法正确的是（ ）A. I1 减小，I 2 增大B. U1 增大，U 2 减小C. 为定值、 增大22 12D. 电源的输出功率在减小，效率在降低【答案】B【解析】【详解】A、当触片 P 向左滑动过程中，导致电阻变大，则总电阻变大，总电流变小，即减小，因内电压变小，那么外电压增大，由于电阻 电压减小，
8、即 示数 减小，则2 2 2 2的示数 增大，因此通过电阻 的电流在增大，则流过 的电流在减小，故 A 错误，B1 1 0 1正确；C、由图可知 ， 均为定值，故 C 错误；12=2+ 22=2D、根据推论：外电阻等于电源的内阻时，电源的输出功率最大，由题意，开始时外电阻大于电源内阻，则当变阻器的滑动触头 P 向左移动时，外电路总电阻增大，电源输出的电功率减小，而电源的供电效率 ，外电阻增大，路端电压 U 增大，电源的供电效率=提高，故 D 错误。6.在如图所示的电路中，输入电压 U 恒为 8V，灯泡 L 标有 “3V 6W”字样，电动机线圈的电阻 RM=0.5。若灯泡恰能正常发光，下列说法正
9、确的是A. 电动机的输入电压是 8V B. 流过电动机的电流是 10AC. 电动机的效率是 80% D. 整个电路消耗的电功率是 10W【答案】C【解析】【分析】由电路图可知，灯泡与电动机串联；由串联电路特点可以求出灯泡正常发光时电动机两端电压；由 P=UI 的变形公式求出灯泡正常发光时的电流，由 P=I2R 求出电动机的热功率，然后求出电动机的机械功率，由效率公式求出电动机的效率，由 P=UI 求出电路的总功率，进而求出电动机的效率。【详解】A 项：灯泡正常发光时的电压等于其额定电压，电动机的输入电压 UM=U-UL=8V-3V=5V，故 A 错误；B 项：灯泡正常发光，则电路电流 ，故 B
10、 错误；=63=2C 项：电动机的热功率 PQ=I2RM=（2A）20.5=2W，则电动机的效率 =2521000=8000D 项：整个电路消耗的功率 P 总 =UI=8V2A=16W，故 D 正确。故应选：C。【点睛】明确电动机是非纯电阻电路，欧姆定律不适用，电动机的输出功率等于总功率与热功率之差。7.如图所示，正方形 ABCD 处在匀强电场中，其中电势 A=0， B=D=4V保持该电场强度的大小和方向不变，让正方形以 A 点为轴在纸面内逆时针转过 45，则此时的 B 点和 C 点的电势为（ ）A. B=0V C= B. B= C=42 42 42C. B=4V C=4V D. B=0V C
11、=4V【答案】B【解析】【详解】正方形未转动时， ，BD 是一条等势线，设中点为 O，根据 U=Ed 知，=4AO 间电势差等于 OC 间电势， ，则得 。=4 =8在纸面内逆时针转过 ，如图所示：45设正方形边长为 L，根据 可知， ，旋转后 在同一等势面上，则 ，= =2 =联立可以得到 ，由于 ，故 ， ，即旋转后的 B 和 C=42 =0 =42 =42的电势均为 ，故 B 正确，ACD 错误。428.小灯泡通电后其电流 I 随所加电压 U 变化的图线如图所示， P 为图线上一点，PN 为图线的切线，PQ 为 U 轴的垂线，PM 为 I 轴的垂线。则下列说法中正确的是（ ）A. 随着所
12、加电压的增大，小灯泡的电阻不变B. 随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小C. 对应 P 点，小灯泡的电阻为 =121D. 对应 P 点，小灯泡的电阻为 =12【答案】D【解析】【详解】A、图线上的点与原点连线的斜率逐渐减小，说明随着所加电压的增大，电阻逐渐增大，故 AB 错误；C、对应 P 点，根据欧姆定律可知小灯泡的电阻为 ，故 C 错误，D 正确。=121219.如图所示的电路中，两个完全相同的灯泡都正常发光，现发现 B 灯比原来更亮了，则电路可能的故障为A. R1 短路 B. R2 断路C. R3 断路 D. 灯 A 断路【答案】C【解析】【分析】首先明确电路中各用电器的连接关系：灯泡
13、A 和电阻 R2、灯泡 B 和电阻 R3 先并联再串联，最后与电阻 R1 并联；灯泡变亮，说明实际功率增大了，具体故障可将每选项逐一代入题目检查是否符合题意，从而确定正确选项。【详解】两个完全相同的灯泡正常发光可知 ，且灯 A 和 R2 并联后与 B 和 R3 并联电2=3路串联，若 R1 短路，A、B 两灯都不亮，若 R2 或灯 A 断路，则 A 与 R2 并联部分电阻变大，由串并联规律可知灯 B 变暗，故 C 正确。故应选：C。【点睛】此题属混联电路的故障问题解决的关键是在明确电路连接关系的前提下采用“排除法”将每一选项逐一代入题干，检查是否符合题意，最终确定正确选项。10.如图，闭合圆环
14、由一段粗细均匀的电阻丝构成，圆环半径为 L，圆心为 O，P、Q 在圆环上，POQ=90，圆环处在垂直于圆面的匀强磁场中，磁场磁感应强度为 B两根导线一端分别连接 P、Q 两点，另一端分别与直流电源正负极相连，已知圆环的电阻为 4r，电源的电动势为 E，内阻为 ，则圆环受到的安培力的大小为（ ）4A. B. C. D. 417 4217 2【答案】D【解析】优弧 PQ 的电阻为 3r，劣弧 PQ 的电阻为 r，两部分并联在电路中，流过优弧 PQ 的电流由P 到 Q，流过劣弧的电流由 P 到 Q，电流分别为 ， ，将优、劣弧等效为直14=434=34导线 PQ，所受安培力为 ， ，所以合力为 ，故
15、1=4 22=34 2 =1+2=2D 正确。11.如图所示，有两根长均为 L，质量均为 m 的细导体棒 a，b，其中 a 被水平放置在倾角为 45的光滑绝缘斜面上，b 被水平固定在斜面的右侧，且。a、b 在同一水平面上保持相互平行。当两棒通以大小均为 I 的电流时，a恰好在斜面上保持静止，重力加速度为 g，下列关于 b 棒在 a 处产生的磁场的说法中，正确的是（ ）A. 方向一定竖直向下 B. 方向一定竖直向上C. 大小一定为 D. 大小一定为 22【答案】C【解析】AB、由于 a恰好在斜面上保持静止，所以 ab 之间一定是吸引力，即 ab 中电流的方向应同向，由于题中没有给 a 中电流的方
16、向，所以 b 的电流方向也不定，则 b 棒在 a 处产生的磁场可能向上也可能向下，故 AB 错误CD、a 受到重力、支持力和水平向右的安培力处于平衡状态,因夹角为 ,则大小 ,45 =故 C 正确；D 错误；故选 C点睛：通电导线在磁场中的受到安培力作用,由公式 F=BIL 求出安培力大小,由左手定则来确定安培力的方向,并根据受力平衡来确定 b 的电流在 a 处产生的磁场的磁感应强度大小12.如图所示，电源的电动势 E=12V，内阻不计，电阻 R1=R2=R3=6，R 4=12，电容器的电容 C=10F，电容器中有一带电微粒恰好处于静止状态若在工作的过程中，电阻 R2 突然发生断路，电流表可看
17、作是理想电表则下列判断正确的是（ ）A. R2 发生断路前 UAB=2VB. 变化过程中流过电流表的电流方向由下到上C. R2 发生断路后原来静止的带电微粒向下加速的加速度为 3gD. 从电阻 R2 断路到电路稳定的过程中，流经电流表的电量为 8105 C【答案】C【解析】试题分析： R2 发生断路前，U 1=U2=6V，U 4=8V，U AB=A-B=-2V，故 A 错误；R 2 发生断路前，U AB=-2V，电容器上极板带负电，下极板带正电， R2 发生断路后，U1=U3=6V，U AB=U3=6V，电容器上极板带正电，下极板带负电，则在变化过程中，通过电流表的电流由上向下，故 B 错误；
18、R 2 发生断路前，带电微粒静止，受到向下的重力与向上的电场力作用，且电场力大小等于重力 F=mg；R 2 发生断路后，带电微粒受到的电场力向下，由于 R2 发生断路后两极板间的电压是 R2 发生断路前电压的三倍，则 R2 发生断路后微粒受到的电场力是原来电场力的三倍，为 3F=3mg，则 R2 发生断路后，微粒受到的合力为 4mg，方向向下，由牛顿第二定律可知，微粒的加速度为 4g，方向向下，故 C 错误；从电阻 R2 断路到电路稳定的过程中，流经电流表的电量 Q=Q-Q=CUAB-CUAB=C（U AB-UAB）=1010 -6F6V-（-2V）=810 -5C，故 D 正确；故选 D.考
19、点：【名师点睛】本题考查了求 AB 间电压、判断电流方向、微粒加速度、通过电流表的电荷量等问题，关键要知道 R2 断开前后电容器两端的电压大小变化及极性变化情况，此题有一定难度，分析清楚电路结构是正确解题的前提与关键.13.在测量阻值较小的金属的电阻率的实验中，为了减小实验误差，并要求在实验中获得较大的电压调节范围，在测量其电阻时应选择的电路是( )A. B. C. D. 【答案】D【解析】金属阻值较小，在用伏安法测电阻时应该用电流表外接法，题干中要求实验中获得较大的电压调节范围，故滑动变阻器要采用分压式接法，D 正确14.用多用电表探测图甲所示的黑箱发现：用直流电压挡测量，E、G 两点间和
20、F、G 两点间均有电压，E、F 两点间无电压；用欧姆表测量，黑表笔（与电表内部电源的正极相连）接 E 点，红表笔（与电表内部电源的负极相连）接 F 点，阻值很小，但反接阻值很大那么该黑箱内元件的接法可能是（ ）A. B. C. 【答案】B【解析】【详解】用直流电压挡测量，E、G 两点间和 F、G 两点间均有电压，说明 E、G 与 F、G间可能有电源存在；用欧姆档测量，因电流从黑表笔出来通过导体再从红表笔进入欧姆表，故若黑表笔接 E 点红表笔接 F 点时电阻小，说明电流容易从 E 通过导体，若黑表笔接 F 点红表笔接 E 点时电阻很大，说明电流不能从 F 通过，这就说明 E、F 间有二级管且 E
21、 是正极，故该黑箱内元件的接法为 B，故选项 B 正确，AC 错误。15.如下图所示，平行直线 aa及 bb间有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为 B现分别在 aa上某两点射入带正电粒子 M、N ，M、N 的初速度方向不同，但与 aa的夹角均为 ，两粒子都恰不能越过界线 bb若两粒子质量均为 m，电荷量均为 q，两粒子射入到 bb的时间分别为 t1 和 t2，则（ ）A. t1+t2=2B. M 粒子的初速度大于 N 粒子的初速度C. t1+t2=2D. M 粒子轨迹半径小于 N 粒子的轨迹半径【答案】AB【解析】【详解】设磁场宽度为 d，M 和 N 两粒子的轨迹半径分别为 和 ，粒子 M
22、的运动轨迹1 2如图所示：由几何知识可知： 1（ 1） =粒子的轨道半径： 1=1粒子 N 的运动轨迹如图所示：由几何知识可知： ，粒子轨道半径： 2（ 1+） = 2=1+故 M 粒子轨迹半径 大于 N 粒子的轨迹半径 ；1 2根据洛伦兹力提供向心力： 可得粒子半径： ，可知当 m、q 和 B 相同时，=2 =R 与 v 成正比，故 M 粒子的初速度大于 N 粒子的初速度；两粒子在磁场中运动的周期相同，均为： =2=2M、N 两粒子在磁场中运动的圆心角分别为 和2 （ 22）M 粒子运动的时间： 1=22N 粒子运动的时间： 2=222两粒子运动时间之和： ，故 AB 正确，CD 错误。1+
23、2=22+222=216.在如图所示的电路中，电源的电动势 E 恒定，内阻 r=1，R1 为光敏电阻（其阻值随光照的增强而减小） ，定值电阻 R2=2，R3=5，电表均为理想电表。则下列说法正确的是（ ）A. 当光照增强时，电源的效率增大B. 当光照增强时，电容器的电荷量减小C. 光照强度变化时，电压表示数的变化量和电流表示数的变化量之比不变D. 若光敏电阻 R1 阻值变化范围为 29，则光照强度变化前后，ab 段电路消耗的电功率可能相同【答案】B【解析】【详解】当光照增强时，光敏电阻阻值减小，总电流增大，则电源的功率 增大，故=A 正确；当光照增强时，光敏电阻阻值减小，总电流增大， 两端的电
24、压增大，则电容器2两端的电压增大，根据 知，电容器的电荷量增大，故 B 错误；根据闭合电路欧姆=可定律得： ，所以 ，不发生变化，故 C 正确；将 看成电源=（ +3）=+3 3的内阻，则等效电源的内阻为 ， ，则光敏电阻 时，外电路总电+3=62=2 1=4阻与等效电源的内阻相等，电源的输出功率有最大值，则若光敏电阻 阻值变化范围为1，则光照强度变化前后，ab 两段电路的功率可能相同，故 D 正确；2 9【考点】考查了电路动态变化分析17.如图所示的电路中，理想二极管和水平放置的平行板电容器串联接在电路中，闭合开关 S，平行板间有一质量为 m，电荷量为 q 的带电液滴恰好能处于静止状态，则下
25、列说法正确中的是（ ）A. 将 A 板向上平移一些，液滴将向下运动B. 将 A 板向左平移一些，液滴将向上运动C. 断开开关 S，将 A 板向下平移一些，液滴将保持静止不动D. 断开开关 S，将 A 板向右平移一些，液滴将向上运动【答案】BCD【解析】【详解】二极管具有单向导电性，闭合电键后电容器充电，电容器的电容： ，=4，极板间的电场强度： 整理得： ，油滴静止，油滴所受合力为零，向上= = =4的电场力与向下的重力相等，即 ；=A、A 极板上移时，d 变大，由 可知，C 变小，由于二极管具有单向导电性，电容=4器不能放电，由 可知电容器两极板间的电场强度不变，油滴所受电场力不变，油滴=4
26、静止不动，故 A 错误；B、A 极板左移时，正对面积 S 变小，由 可知，C 变小，而两极板间的电压 U 等于=4电源电动势不变，由于二极管具有单向导电性，电容器不能放电，由 可知电容器两=4极板间的电场强度增大，油滴所受电场力增大，油滴将向上运动，故 B 正确；C、当断开开关 S，将 A 板向下平移一些时，d 变小，由 可知，C 变大，因电量的=4不变，由 可得，电场强度不变，那么液滴将保持静止不动，故 C 正确；=4D、同理，当断开开关 S，将 A 板向右平移一些时，正对面积 S 变小，由 可知，C=4变小，因电量的不变，由 可得，电场强度变大，那么液滴将向上运动，故 D 正确。=418.
27、 如图所示，为多用电表欧姆挡的内部电路，a、b 为表笔插孔下列说法中正确的是（ ）A. a 孔插红表笔B. 表盘刻度是均匀的C. 用100 挡测量时，若指针指在 0 附近，则应换用1 k 挡D. 测量“220 V 100 W”的灯泡的电阻，会发现测量的电阻比 484 小【答案】D【解析】无论是哪种电表，电流都是从红表笔流入，黑表笔流出，所以 a 孔应该插红表笔。答案 A正确。根据闭合电路欧姆定律计算可以得出，电流与刻度成正比，电阻值并不是与刻度成正比。所以答案 B 错误。当用 100 挡测量时，若指针指在 0 附近，说明电流很大，电阻值很小。为了使测量值更准确，应该让指针在中间的三分之一为好，
28、所以应该使用更低的档位。答案 C 错误。用欧姆表测电阻的时候，用电器与电路是断开的。这时灯丝的温度比较低，电阻值比正常工作时小。所以答案 D 正确。19.如图所示，截面为正方形的容器处在匀强磁场中，一束电子从 a 孔垂直磁场射入容器中，其中一部分从 c 扎射出，一部分从 d 孔射出，则下列叙述中正确的是A. 从两孔射出的电子速率之比 =2:1:B. 从两孔射出的电子轨道半径之比 =1：2:C. 从两孔射出的电子在容器中运动所用时间之比 =1：2:D. 从两孔射出的电子在容器中运动时的加速度大小之比 :=2:1【答案】AC【解析】电子从 c 点射出，d 为圆心， ，圆心角 ，由 ，得 ，运动时间
29、= =2 = =，电子从 d 点射出，ad 中点为圆心， ，圆心角 ，由 ，得=4=2 =12 = =，运动时间 ，故 ，故 AC 正确，B 错误；=2 =2= :=2:1， :=1:2， :=1:2电子做匀速圆周运动 ，即 ， ，故 D 错误；故选 AC。洛 =向 = =21【点睛】由几何关系可知从两孔射出的粒子的运动半径，则由洛仑兹力充当向心力可得出粒子的速度关系；由周期公式及转过的角度可求得时间之比；由向心力公式可求得加速度之比20.如图，直线 a、抛物线 b 和 c 为某一稳恒直流电源在纯电阻电路中的总功率 PE、输出功率 PR、电源内部发热功率 Pr 随路端电压 U 变化的图象，但具
30、体对应关系未知，根据图象可判断（ ）A. 图象中任意电压值对应的功率关系为 PE=Pr+PRB. Pr U 图象的对应图线 b，由图知电动势为 3V，内阻为 1C. PE U 图象对应图线 a，由图知电动势为 9V，内阻为 3D. 外电路电阻为 1 时，输出功率最大为 2W【答案】AB【解析】【分析】根据功率公式 分别写出三个功率 PE、PR、Pr与路端电压 U 的关系式，结合数学知识求=2电源的电动势和内阻。根据内外电阻相等时，电源的输出功率最大，求得输出功率最大值。【详解】根据功率分配关系可得：P E=Pr+PR，故 A 正确；因 ，根据由数学知识可=()2知，P r-U 图象的对应图线
31、b，当 Pr=0 时 E=U=3V，当 U=0 时 ，解得内阻=2=32=9r=1，故 B 正确。总功率 ，可知 PE-U 图象对应图线 a，由 B 分=+2析可知电动势为 3V，内阻为 1，故 C 错误；当内外电阻相等时，电源的输出功率最大，即当外电路电阻为 1 时，输出功率最大，最大输出功率为 ，=(12)2=24=3241=2.25故 D 错误；故选 AB。【点睛】本题的关键要根据功率公式得到三种功率的解析式，利用图象信息进行研究。要有基本的读图能力，根据数学知识来理解图象的物理意义。二实验题21.游标卡尺读数是_cm，螺旋测微器的读数是_mm。【答案】 (1). (2). 2.060
32、3.700【解析】【详解】游标卡尺的主尺读数为： ，游标尺上第 12 个刻度和主尺上某一刻度对齐，20所以游标读数为 ，所以最终读数为：120.05=0.60；螺旋测微器的固定刻度为： ，可动刻度20+0.60=20.60=2.060 3.5为 ，所以最终读数为 。20.00.01=0.200 3.5+0.200=3.70022.某同学设计了一个如图甲所示的实验电路，用以测定电源电动势和内阻，使用的实验器材为：待测一节干电池、电流表 A（量程 0.6A，内阻小于 1） 、电流表 A1（量程 0.6A，内阻不知） 、电阻箱（ 099.99 ） 、滑动变阻器（0l0） 、单刀双掷开关、单刀单掷开关
33、各一个及导线若干。考虑到干电池的内阻较小，电流表的内阻不能忽略。（1）该同学按图甲连线，闭合开关 K，将开关 S 与 C 接通，通过调节滑动变阻器和电阻箱，此时，电流表 A1 的示数为 0.60A，电阻箱的示数为 0.10，由图乙读出电流表 A 的示数为_A，则电流表 A 的内阻 RA 为_.（2）利用图甲所示电路测量电源电动势和内阻的实验步骤：请同学们按图甲所示电路在图丙中的实物上完成实验所需的线路连接_；断开开关 K，调节电阻箱 R，将开关 S 接 D，记录电阻箱的阻值和电流表示数；断开开关 D，再次调节电阻箱 R，将开关 S 接 D，记录电阻箱的阻值和电流表示数；重复实验进行多次测量。图
34、丁是根据实验数据绘出的 图象，由此求出干电池的电动势 E= _V，内阻 1r=_ （计算结果均保留两位有效数字）【答案】 (1). (2). (3). 如图所示：0.20 0.2(4). (5). 1.50 0.25【解析】【详解】 （1）如图所示电流表量程为 ，故读数为 ，根据串并联电路的规律可知，0.6 0.20流过电阻箱的电流 ；=0.600.20=0.40电压 ，则电流表内阻 ；=0.100.40=0.040 =0.0400.20=0.2（2）根据原理图可得出对应的实物图，连线如图所示；根据闭合电路欧姆定律可知， =+变形可得： 1=+由图象可知， ，解得电动势为： ；1=3.00.3
35、4.0=0.675 =1.50，解得电源内阻为： 。+=0.3 =0.2523.(1)某实验小组为了测量某一电阻 Rx的阻值，他们先用多用电表进行粗测，测量出 Rx的阻值约为 18 左右。为了进一步精确测量该电阻，实验台上有以下器材：A.电流表(量程 15mA，内阻未知)B.电流表(量程 0.6A，内阻未知 ) C.电阻箱(099.99)D.电阻箱(0999.9)E.电源(电动势约 3V，内阻约 1)F.单刀单掷开关 2 只G.导线若干甲同学设计了如图甲所示的实验原理图并连接好实验器材，按照如下步骤完成实验：a.先将电阻箱阻值调到最大，闭合 S1，断开 S2，调节电阻箱阻值，使电阻箱有合适的阻
36、值R1，此时电流表指针有较大的偏转且示数为 I；b.保持开关 S1 闭合，再闭合开关 S2，调节电阻箱的阻值为 R2，使电流表的示数仍为 I。根据实验步骤和实验器材规格可知，电流表应选择_，电阻箱应选择_（选填器材前的字母）根据实验步骤可知，待测电阻 Rx=_（用步骤中所测得的物理量表示） 。(2)同学乙认为该电路可以用来测电源的电动势、内阻。若已知所选电流表的内阻RA=2.0，闭合开关 S2，调节电阻箱 R，读出多组电阻值 R 和电流 I 的数据；由实验数据绘出的 图象如图乙所示，由此可求得电源电动势 E=_V，内阻 r=_。(计算1结果保留两位有效数字)【答案】 (1). A； (2).
37、D； (3). ； (4). 3.2； (5). 2.0；21【解析】【分析】（1）根据闭合电路欧姆定律求出通过待测电阻的最大电流来选择电流表量程，然后再通过求出电路中需要的最大电阻来选择电阻箱；列出开关 S2断开和闭合时对应的闭合电路欧姆定律表达式，然后求解即可。（2）根据实验电路应用欧姆定律求出图象的函数表达式，然后根据图示图象求出电源电动势与内阻。【详解】 （1）根据闭合电路欧姆定律可知，通过待测电阻的最大电流为：0.167=167mA，如果电流表选 B，则读数误差太大，故电流表应选 A；=318电源电动势为 3V，电流表量程为 15mA=0.015A，由欧姆定律：I= 可知，电路中的最
38、小电阻应为：R max= =200，所以电阻箱应选 D；=30.015根据闭合电路欧姆定律得：S2 断开时有：E=I（R x+R1+RA+r），S2 闭合时有：E=I（R 2+RA+r），解得：R x=R2-R1；（2）闭合开关 S2，由闭合电路欧姆定律得：E=I（R+R A+r），整理得： ，1=1+由图示： -R 图象可知：0.210 3= 636+ ，1 1 +0.1103= 316+ ，已知：R A=2.0，1 +解得：E=3.2V，r=2.0；【点睛】本题考查了测电源电动势与内阻实验、考查了测量电阻的实验，要注意正确根据题意明确实验原理；然后根据所对应的物理规律分析求解即可；对于图象
39、分析问题，要注意根据物理规律确定公式，结合图象的性质分析斜率以及截距的意义。24.如图甲所示为多用电表的原理示意图，已知表头 G 的满偏电流为 2 mA、内阻为 150 ，刻度盘上电阻刻度线正中央标有“30”。两个电流挡量程分别为 10 mA 和 50 mA，选择开关旋到“3”、 “4”、“5”、“6”时的量程未知，但测得 R6=470、R7=700，电源 E 由两节电动势均为 1.5V 的干电池组成，内阻忽略。(1)当选择开关 S 旋到_ (选填“1”或“2”)位置时为 50mA 挡，定值电阻R1=_，R2=_。(2)选择开关 S 旋到“6”位置时的量程为 _。A02.5V B03V C01
40、2V D015V(3)把选择开关 S 旋到“3”位置并进行欧姆调零，此时滑动变阻器 R3 连入的阻值为_，此时欧姆表的倍率为 _(选填“1”“10”“100” 或“1000”)。(4)某同学利用该多用电表的 50mA 挡位测量电流时，指针偏转情况如图乙所示，则此时的电流值为_mA。【答案】 (1). 1 (2). 7.5 (3). 30 (4). C (5). 270 (6). (7). 33.010【解析】【分析】表头与分流电阻并联可以改装成电流表，并联电阻阻值越小，电流表量程越大，根据图示电路图应用串并联电路特点与欧姆定律答题；表头与分压电阻串联可以改装成电压表，根据电路图应用串联电路特点
41、与欧姆定律求出电压表量程；欧姆表内阻等于中值电阻，应用闭合电路欧姆定律求出欧姆表内阻，然后求出滑动变阻器接入电路的阻值；根据电流表量程与图示表盘确定其分度值，然后根据指针位置读出其示数；【详解】 由图示电路图可知，开关接 1 时分流电阻阻值小，电流表量程大，为 50mA；(1)开关接 1 时由欧姆定律得： ，1=(+2)1=2103(150+2)(502)103 =7.5开关接 2 时由欧姆定律得到： ，1+2=2=2103150(102)103解得： ；2=30选择开关 S 旋到“6”位置时的量程：(2)，=+2(6+7)=2103150+10103(470+700)=12故选 C 正确，选
42、项 ABD 错误；滑动变阻器接入电路的阻值： ，(3) 3=2=1.52210315010103 =270把选择开关 S 旋到“3”位置并进行欧姆调零，欧姆表内阻： ，内 =2=1.5210103=300刻度盘中央刻度线为 30，此时欧姆表对应挡位为 ；10用该多用电表的 50mA 挡位测量电流时，由图乙所示可知，其分度值为 1mA，此时的电(4)流值为 。33.0【点睛】本题考查了多用电表的结构与原理，知道多用电表的改装原理是解题的前提，分析清楚电路结构、应用串并联电路特点与欧姆定律即可解题。三计算题25.如图所示，在以坐标原点 O 为圆心的圆形区域内，存在方向垂直于纸面向里的匀强磁场一个不
43、计重力的带电粒子从磁场边界与 x 轴的交点 A 处沿x 方向射入磁场，它恰好从磁场边界与 y 轴的交点 C 处沿y 方向飞出已知粒子在磁场里的运动时间为 t，磁感应强度大小为 B，求：（1）请判断该粒子带何种电荷，并求出其比荷 （2）若磁场的方向和所在空间范围不变，而磁感应强度的大小变为 B，该粒子仍从 A 处以相同的速度射入磁场，但飞出磁场时的速度方向相对于入射方向改变了 120角，求磁感应强度 B多大？【答案】(1) (2) =2 3【解析】【详解】(1) 由粒子的飞行轨迹，利用左手定则可知，该粒子带负电荷；粒子由 A 点射入，由 C 点飞出，其速度方向改变了 90，粒子在磁场里的运动时间为： =14=142=2解得： ；=2(2) 设圆形区域的半径为 R，粒子飞出磁场时的速度方向相对于入射方向改变了 120角，由几何知可知，粒子做圆周运动的半径 2=600=33由(1)可知，粒子由 A 点射入，由 C 点飞出，其速度方向改变了 90，则粒子轨迹半径 1=由公式 =所以
