1、2018-2019 学年度第一学期期末考试高一物理一、选择题： 1.在研究物体的运动时，下列物体中可以当作质点处理的是A. 为提高乒乓球运动员球技，研究乒乓球的运动时，乒乓球可作为质点来处理B. 在大海中航行的船，要确定它的位置时，可以把它当作质点来处理C. 研究杂技演员在走钢丝的表演时，杂技演员可以当作质点来处理D. 研究地球的自转运动时，地球可以当作质点来处理【答案】B【解析】略2.下列说法正确的是A. 质量一定的物体，无论处于什么地理位置，重力都相同B. 任何形状规则的物体，它的重心一定在其几何中心C. 人在地面受到重力的同时，也对地球产生引力作用D. 处于完全失重的物体不受重力作用【答
2、案】C【解析】【详解】A：重力 ， 与地理位置有关，所以质量一定的物体重力与其所在的地理位置有关。故 A 项错误。B：质量分布均匀、形状规则的物体，重心在其几何中心。故 B 项错误。C：人在地面受到重力的同时，也对地球产生引力作用。故 C 项正确。D：完全失重是指：物体所受重力全部用来产生加速度，物体对支持物(或悬挂物)的作用力为零。故 D 项错误。3.用力 F1单独作用于某物体上可产生加速度为 3m/s2，力 F2单独作用于这物体可产生加速度为 5m/s 2，若 F1、F 2同时作用于该物体，不可能产生的加速度大小为A. 2m/s2 B. 4 m/s2 C. 7 m/s2 D. 10 m/s
3、2【答案】D【解析】【分析】F1、F 2同时作用于物体，产生的加速度是两力单独作用于物体产生加速度的矢量和，据平行四边形定则可求物体加速度的范围。【详解】F 1、F 2同时作用于物体，产生的加速度是两力单独作用于物体产生加速度的矢量和，据平行四边形定则可得 ，所以 ，不可能产生的加速度为 10 m/s2。故选择 D 项。4.匀速前进的车厢顶部用细线竖直悬挂一小球，如图所示，小球下方与一光滑斜面接触，关于小球 的受力，下列说法正确的是 A. 重力和细线对它的拉力B. 重力、细线对它的拉力和斜面对它的弹力C. 重力和斜面对它的支持力D. 细线对它的拉力和斜面对它的支持力【答案】A【解析】【详解】车
4、匀速前进，所以小球受力应该平衡，小球受到重力，要使小球处于平衡状态，那么绳子应该提供一个竖直向上的拉力作用，所以小球受两个力，即重力和绳子的拉力，故 A正确；综上所述本题答案是：A5.在平直公路上，汽车以 15m/s 的速度做匀速直线运动，从某时刻开始刹车，在阻力作用下，汽车以 2m/s2的加速度做匀减速直线运动，则刹车后 10s 内汽车的位移大小为（ ）A. 50mB. 56.25mC. 75mD. 150m【答案】B【解析】由 v=at 可知汽车经过 7.5s 速度减小到零，所以 10s 时速度已经减小到零，所所以位移为，B 对；6.如图所示，在 =0.1 的水平桌面上向右运动的物体，质量
5、为 20kg，在运动过程中，还受到一个方向向左的大小为 10N 的拉力作用，则物体在运动过程中受到的合力为（g=10 N/kg) A. 10N，向左B. 12N，向右C. 20N，向右D. 30N，向左【答案】D【解析】【分析】滑动摩擦力的大小 ，滑动摩擦力的方向与相对运动的方向相反。对物体受力分析后，物体在运动过程中受到的合力等于滑动摩擦力和拉力的合力。【详解】物体相对桌面向右运动，物体受的滑动摩擦力向左，滑动摩擦力的大小。物体在运动过程中受到的合力 ，方向向左。故 D 项正确，ABC 三项错误。7.如图为某运动物体的速度一时间图象，下列说法中，错误的是 A. 物体在 2-4s 内做匀速直线
6、运动B. 物体在 0-2s 内的加速度是 2.5 m/s2,2-4s 内加速度为零，4-6s 内加速度是-10m/s 2C. 物体在 4-6s 内的平均速度为 5m/sD. 物体在 0-6s 内的位移大小为 35m【答案】C【解析】【分析】速度一时间图象中与时间轴平行的直线表示物体做匀速直线运动。据速度一时间图象的斜率可得物体在各段时间内的加速度。据匀变速直线的平均速度公式，可得物体在 4-6s 内的平均速度。据速度一时间图象与时间轴围成面积表对应时间内的位移，可得物体在 0-6s 内的位移大小。【详解】A：由图象得，物体在 2-4s 内速度不变，做匀速直线运动。故 A 项正确。B：速度一时间
7、图象的斜率表加速度，则物体在 0-2s 内的加速度 ；物体在 2-4s 内做匀速直线运动，加速度为 0；物体 4-6s 内加速度。故 B 项正确。C：物体 4-6s 内做匀变速直线运动，则物体 4-6s 内的平均速度 。故 C 项错误。D：速度一时间图象与时间轴围成面积表对应时间内的位移，可得物体在 0-6s 内的位移。故 D 项正确。本题选错误的，答案是 C。8.电梯的顶部挂一个弹簧测力计，下端挂了一个质量为 1.0kg 的重物，电梯匀速直线运动时，弹簧测力计的示数为 10.0N。某时刻弹簧秤的示数变为 8.0N，重力加速度 g 取 10m/s2，关于电梯此时的运动情况，下列说法正确的是A.
8、 电梯可能向下加速运动，加速度大小为 2 m/s2B. 电梯可能向上加速运动，加速度大小为 2 m/s2C. 电梯可能向下减速运动，加速度大小为 8 m/s2D. 电梯可能向上减速运动，加速度大小为 8 m/s2【答案】A【解析】【分析】对物体受力分析，据牛顿第二定律可得物体的加速度，从而判断物体的可能运动情况。【详解】弹簧秤的示数变为 8.0N 时，对物体受力分析，据牛顿第二定律可得 ，解得： ，方向竖直向下。电梯加速度大小为 2 m/s2，可能向下加速运动，也可能向上减速运动。故 A 项正确，BCD 三项错误。9.一辆汽车停在水平地面上，一个人用力水平推车，但车仍然静止，表明A. 推力越大
9、，但汽车仍然静止是因为汽车太重B. 推力越大，静摩擦力越大，推力与静摩擦力平衡C. 推力大小变化时，静摩擦力大小也发生变化D. 推力小于静摩擦力，因此汽车仍然静止【答案】BC【解析】【分析】汽车停在水平地面上，水平方向受推力和静摩擦力，车保持静止，推力与静摩擦力平衡，推力增大，静摩擦力增大。【详解】A：推力越大，但汽车仍然静止是因为推力小于最大静摩擦力，推力与静摩擦力平衡。故 A 项错误。BCD：汽车停在水平地面上，水平方向受推力和静摩擦力，车保持静止，推力与静摩擦力平衡，推力增大，静摩擦力增大。故 BC 两项正确，D 项错误。10.物体从静止开始做匀加速直线运动，已知第 4s 内与第 2s
10、内的位移之差是 12m，则A. 第 1s 内的位移为 3m B. 第 2s 末的速度为 5m/sC. 物体运动的加速度为 2 m/s2 D. 物体在 5s 内的平均速度为 15 m/s【答案】AD【解析】【分析】由推论 求得加速度，由位移公式求得第 1s 内的位移，由速度时间公式求得第 2s 末的速度、第 5s 末的速度，由平均速度公式求得物体在 5s 内的平均速度。【详解】C：第 4s 内与第 2s 内是两个相等的时间段，则 ，解得：。故 C 项错误。A：物体在第 1s 内的位移 ，故 A 项正确。BD：物体在第 2s 末的速度 ，物体在第 5s 末的速度，物体在 5s 内的平均速度 。故
11、B 项错误，D 项正确。11.如图所示，一个小球从竖直立在地面上的轻弹簧正上方某处自由下落，从小球与弹簧开始接触直到弹簧被压缩到最短的过程中，小球的速度和加速度的变化情况是 A. 小球刚接触弹簧时，速度最大B. 加速度先变小后变大，方向先向下后向上；速度越来越小，方向一直向下C. 加速度先变小后变大，方向先向下后向上；速度先变大后又变小，方向一直向下D. 小球运动到最低点时，向上的加速度最大【答案】CD【解析】【分析】分析从小球与弹簧开始接触直到弹簧被压缩到最短的过程中，小球所受弹力与重力的关系，得出各阶段小球合外力(加速度)的方向与小球的速度方向间关系，判断小球速度的变化情况。据牛顿第二定律
12、列式，分析各阶段小球加速度的变化情况。【详解】开始阶段，弹簧的压缩量较小，因此弹簧对小球向上的弹力小于重力，此时合外力方向向下，合外力(加速度)的方向与速度方向相同，小球的速度增大；合外力的大小，随着压缩量的增加，弹力增大，合外力减小，加速度减小；小球做加速度减小的加速运动。当 时，合外力为零，速度最大。由于惯性小球继续向下运动，此时弹簧对小球向上的弹力大于重力，合外力方向向上，合外力(加速度)的方向与速度方向相反，小球的速度减小；合外力的大小 ，随着压缩量的增大，合外力增大，加速度增大；小球做加速度增大的减速运动。A：小球接触弹簧后，先做加速运动；则小球刚接触弹簧时，速度不是最大。故 A 项
13、错误。BC：从小球与弹簧开始接触直到弹簧被压缩到最短的过程中，小球加速度先变小后变大，方向先向下后向上；速度先变大后又变小，方向一直向下。故 B 项错误，C 项正确。D：最后阶段，小球做加速度增大的减速运动。小球运动到最低点时，向上的加速度最大。故 D 项正确。12.如图所示，用力 F 向上拉起两重物 A.B,A、B 的质量分别是 1 kg、 2kg，A、B 之间的轻绳能承受的最大拉力是 30N,g 取 10 m/s2。为保证 A、B 之间的轻绳不被拉断 A. 两物体向上的加速度不能大于 5 m/s 2B. F 的大小不能超过 45NC. 两物体向上的加速度不能大于 10 m/s2D. F 的
14、大小不能超过 30N【答案】AB【解析】【分析】对 B 受力分析，当绳的拉力最大时，B 的加速度最大，由牛顿第二定律得出最大加速度。对整体受力分析，由最大加速度求出对应的拉力 F。【详解】AC：对 B 受力分析，当绳的拉力最大时，B 的加速度最大，由牛顿第二定律可得，解得：B 的最大加速度 ，则两物体向上的加速度不能大于 5 m/s2。故A 项正确，C 项错误。BD：当整体加速度为 5 m/s2时，对整体受力分析，由牛顿第二定律可得，解得： ，即 F 的大小不能超过 45N。故 B 项正确，D 项错误。二、实验题： 13.在“探究求合力的方法”的实验中，用图钉把橡皮筋的一端固定在板上的 A 点
15、，在橡皮筋的另一端拴上两条细绳，细绳另一端系着绳套 B、C（用来连接弹簧测力计） 。其中 A 为固定橡皮筋的图钉，O 为橡皮筋与细绳的结点，OB 和 OC 为细绳。 (1)本实验用的弹簧测力计示数的单位为 N，图 1 中与 B 相连的弹簧测力计的示数为 _N。(2)在实验中，F 1和 F2表示两个互成角度的力，F 表示由平行四边形定则作出的 F1与 F2的合力；F表示用一个弹簧秤拉橡皮筋时的力，则图 2 中符合实验事实的是 _。 (3)对于“验证力的平行四边形定则”的实验，某同学有以下认识，以下操作可减小误差的是 _.A实验中两个分力的夹角取得越大越好B细绳以及弹簧测力计所在平面必须与木板平行
16、C拉橡皮条的细绳要长些，用铅笔画出两个定点的位置时，应使这两个点的距离尽量远些D作图要用细芯铅笔，图的比例要适当大些，要用严格的几何作图法作出平行四边形，图旁要画出表示力的比例线段，且注明每个力的大小和方向【答案】 (1). 3.6 (2). B (3). BCD【解析】【分析】(1)弹簧测力计的分度值是 0.2N，估读到分度值是二分之一即可，据此可读出弹簧测力计的读数。(2)只用一个力拉时，拉力的作用方向一定沿橡皮条的延长线；分力 F1、F 2与合力 F 间满足平行四边形定则。(3)实验中两个分力的夹角不宜过大；细绳以及弹簧测力计所在平面必须与木板平行，这样所有力在同一平面内；拉橡皮条的细绳
17、要长些，用铅笔画出两个定点的位置时，应使这两个点的距离尽量远些，这样可以减小力的方向的误差；作图要用细芯铅笔，图的比例要适当大些，要用严格的几何作图法作出平行四边形，图旁要画出表示力的比例线段，且注明每个力的大小和方向，这样可以减小画图产生的误差。【详解】(1)弹簧测力计的分度值是 0.2N，估读到分度值是二分之一即可，则弹簧测力计的读数为 。(2)只用一个力拉时，拉力的作用方向一定沿橡皮条的延长线，则 F方向沿 AO 的延长线。F1、F 2与合力 F 间满足平行四边形定则。故 B 项正确，ACD 三项错误。(3)A：实验中两个分力的夹角越大，合力越小，用平行四边形作图法得出合力的误差越大；实
18、验中两分力的夹角不能取得太大。故 A 项错误。B：细绳以及弹簧测力计所在平面必须与木板平行，这样所有力在同一平面内，可减小实验误差。故 B 项正确。C：拉橡皮条的细绳要长些，用铅笔画出两个定点的位置时，应使这两个点的距离尽量远些，这样可以减小力的方向的误差。故 C 项正确。D：作图要用细芯铅笔，图的比例要适当大些，要用严格的几何作图法作出平行四边形，图旁要画出表示力的比例线段，且注明每个力的大小和方向，这样可以减小画图产生的误差。故 D 项正确。14.在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，采用如图甲所示的装置。（1）本实验应用的实验方法是_A控制变量法 B假设法 C理想实验法（2）下列说法中
19、正确的是_A在探究加速度与质量的关系时，应改变小车所受拉力的大小B在探究加速度与外力的关系时，应改变小车的质量C在探究加速度 与质量 的关系时，作出 图象容易更直观判断出二者间的关系D无论在什么条件下，细线对小车的拉力大小总等于砝码盘和砝码的总重力大小（3）在探究加速度与力的关系时，若取车的质量 M0.5kg，改变砝码质量 m 的值，进行多次实验，以下 m 的取值最不合适的一个是_Am 14g Bm 210g Cm 340g Dm 4500g（4）在平衡小车与长木板之间摩擦力的过程中，打出了一条纸带如图乙所示。计时器打点的时间间隔为 0.02 s。从比较清晰的点起，每 5 个点取一个计数点，量
20、出相邻计数点之间的距离，根据图中给出的数据求出该小车的加速度 a=_m/s2（结果保留两位有效数字） 。（5）如图所示为甲同学在探究加速度 a 与力 F 的关系时，根据测量数据作出的 a-F 图象，说明实验存在的问题是_。【答案】 （1） A （2）C （3）D （4） 0.16 （5）平衡摩擦力不足或未平衡摩擦力【解析】试题分析：（1）该实验是探究加速度与力、质量的三者关系，研究三者关系必须先使某一个量不变化，研究另外两个量之间的变化关系，即运用控制变量法，故选 A；（2）在探究加速度与质量的关系时，应保持小车所受拉力的大小不变，改变小车的质量，A错误；在探究加速度与外力的关系时，应保持小车
21、的质量不变，改变小车所受拉力的大小，B 错误；在探究加速度 与质量 的关系时，作出 图象是直线，容易更直观判断出二者间的关系，C 正确；当不满足 的条件时，细线对小车的拉力大小就不能近似等于砝码盘和砝码的总重力大小，D 错误；故选 C；（3）实验时要求小车质量 M 要远远大于砂及砂桶的质量 m，D 中 M 与 m 相等，所以 D 最不合适；（4）根据 得： ；（5）图中图象与横轴的截距大于 0，说明在拉力大于 0 时，加速度等于 0，说明物体所受拉力之外的其他力的合力大于 0，即没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足。考点：探究加速度与力、质量的关系。【名师点睛】要真正掌握了实验原理才能顺利解决此类实
22、验题目， （1）打点计算器的工作原理；（2）匀变速直线运动的推论公式 ；（3）满足小车质量 M 要远远大于砂及砂桶的质量 m 的条件，实验前将木板一端垫高，形成斜面来平衡摩擦力；（4）会分析 图象中不是直线和不过原点的原因。三、解答题： 15.一摩托车由静止开始在平直的公路上行驶，其运动过程的 v-t 图象如图所示。求(1)摩托车在 0-20s 这段时间的加速度大小； (2)摩托车在 0-75s 这段时间的平均速度大小； (3)摩托车在 50 秒末时的速度大小。【答案】(1) (2) (3)【解析】【分析】(1)由加速度的定义式求出摩托车在 0-20s 时间内的加速度。(2)速度时间图象与时间
23、轴围成面积表示对应时间内的位移，由图象求得摩托车在 0-75s 内的位移，再由 求得摩托车在 0-75s 时间内的平均速度。(3)由加速度的定义式求出摩托车在 45-75s 时间内的加速度，再由速度时间公式求得摩托车在 50 秒末时的速度。【详解】(1)摩托车在 0-20s 这段时间的加速度(2)速度时间图象与时间轴围成面积表示对应时间内的位移，摩托车在 0-75s 内的位移摩托车在 0-75s 时间内的平均速度(3)摩托车在 45-75s 时间内的加速度由图知，摩托车在 45s 时的速度摩托车在 50 秒末时的速度16.如图所示，质量分别为 mA=1kg、m B=3kg 的物块 A、B 置于
24、足够长的水平面上，在 F=13N 的水平推力作用下，一起由静止开始向右做匀加速运动，已知 A、B 与水平面间的动摩擦因数分别为 A=0.2， B=0. 1，取 g=10m/s2。求： (1)物块 A、B 一起做匀加速运动的加速度； (2)物块 A 对物块 B 的作用力大小； (3)某时刻 A、B 的速度为 v=2m/s，此时撤去推力 F，求撤去推力后物块 A、B 间的最大距离。【答案】 （1）2 （2）9N（3）1m 【解析】试题分析：（1）整体由牛顿第二定律求解加速度大小；（2）以物块 B 为研究对象，根据牛顿第二定律求解物块 A 对物块 B 的作用力大小；（3）根据牛顿第二定律求出二者减速
25、运动的加速度大小，根据位移速度关系求解运动的位移，最后求出物块 A、B 间的最大距离（1）设物块 A、B 一起做匀加速运动的加速度为 a根据牛顿第二定律得：代入数据解得： ，方向水平向右（2）设物块 A 对物块 B 的作用力大小为 ，以物块 B 为研究对象根据牛顿第二定律得：代入数据解得：（3）撤去水平力 F 后，物块 A、B 都做匀减速运动，设它们的加速度分别为 、根据牛顿第二定律得：代入数据解得：物块 A 运动的位移为：物块 B 运动的位移为：物块 A、B 间的最大距离为： 17.如图所示，质量 m1=2kg 的物体甲通过三段轻绳悬挂，三段轻绳的结点为 O，轻绳 OB 水平且 B 端与放在
26、水平面上、质量为 m2的物体乙相连，轻绳 OA 与竖直方向的夹角 =37 0，物体 甲、乙均处于静止状态，已知 sin370=O.6 , cos370=O.8，取 g=10m/s2，乙与水平面间的最大静摩擦 力等于滑动摩擦力。(1)求轻绳 OA 受到的拉力大小； (2)求物体乙受到的摩擦力大小； (3)若物体乙的质量 m2=5kg，缓慢增大物体甲的质量，当物体 甲的质量 m1=2kg 时物体乙刚好开始滑动，求物体乙与水平地面之间的动摩擦因数。【答案】(1)25N (2)15N (3) 【解析】【分析】(1)对点 O 受力分析，由平衡知识求出轻绳 OA、OB 中的拉力；(2)对物体乙受力分析，由平衡条件得到物体乙受到的摩擦力；(3)对物体乙受力分析，求出乙与水平地面间的动摩擦因数。【详解】(1)对点 O 受力分析，由平衡知识得： 、 ，解得：、所以轻绳 OA 受到的拉力为 25N(2) 对物体乙受力分析，由平衡条件得：(3)若物体乙的质量 m2=5kg，甲的质量 m1=2kg 时物体乙刚好开始滑动，则
