1、广东省江门市第二中学 2017-2018 学年高二上学期第一次月考物理（理）试题一单项选择题1.真空中有两个静止的点电荷，它们之间的库仑力为 F，若将它们其中之一的带电量增大为原来的 2 倍，距离减小为原来的 ，它们之间的库仑力变为（ ）A. 6 FB. 18 FC. 12 FD. 36 F【答案】B【解析】变化之前根据库仑定律有 ，变化之后有 ，故 B 正确2.两个等量点电荷 P、Q 在真空中产生的电场线（方向未画出）如图所示，一电子在 A、B 两点所受的电场力分别为 FA和 FB，则它们的大小关系为（ ）A. FA=FB B. FAF B C. FAF B D. 无法确定【答案】B【解析】
2、试题分析：从电场线的疏密判断， A 点的电场强度比 B 点的电场强度大，故 EAE B根据电场力 FqE 知，F AF B，故 B 正确，ACD 错误故选 B考点：电场线；电场强度3.如图所示，a、b、c 为电场中同一条水平方向电场线上的三点，c 为 ab 的中点，a、b 电势分别为 a=5V、 b=3V下列叙述正确的是（ ）A. 该电场在 c 点处的电势一定为 4 VB. a 点处的场强 Ea一定大于 b 点处的场强 EbC. 一正电荷从 c 点运动到 b 点电势能一定减少D. 一正电荷运动到 c 点时受到的静电力由 c 指向 a【答案】C【解析】当该电场是匀强电场时，由公式 U=Ed 知沿
3、电场方向相同距离电势差相等，则电场在 c 点处的电势一定为 4V当该电场不是匀强电场时，在 c 点处的电势不一定为 4V故 A 错误；一条电场线无法比较电场线的疏密，就无法比较场强的大小，则 a 点处的场强 Ea不一定大于 b点处的场强 Eb故 B 错误。由题，a 点的电势高于 b 点的电势，根据正电荷在电势高处电势能大可知，正电荷从 c 点运动到 b 点电势能一定减少。故 C 正确。由题可判断电场线方向从a 指向 c，正电荷运动到 c 点时受到的静电力由 a 指向 c。故 D 错误。故选 C。点睛：本题关键要抓住电场线的物理意义：电场线的疏密表示电场的强弱，电场线的方向表示电势的高低在匀强电
4、场中沿任意方向相同距离电势差相等。4.分别将带正电、负电和不带电的三个等质量小球，分别以相同的水平速度由 P 点射入水平放置的平行金属板间，已知上板带负电，下板接地三小球分别落在图中 A、 B、 C 三点，则正确的是( )A. A 带正电、 B 不带电、 C 带负电B. 三小球在电场中加速度大小关系是： aAEkBEkA【答案】ABD【解析】试题分析：由图可以知道，A、B、C 三个小球在电场中做类平抛运动，水平方向都做匀速直线运动，由图看出水平位移关系是： ，而且三个小球水平速度 相同，由 得，运动时间关系是： 。竖直方向上三个小球都做匀加速直线运动，由图看出竖直位移y 大小相等，由 得到加速
5、度关系为： 。根据牛顿第二定律得到合力关系为：，三个小球重力相同，而平行金属板上板带负极，可以判断出来 A 带正电、B 不带电、C 带负电，故 AB 正确，C 错误。由于三个小球所受合力方向都竖直向下，合力都做正功，竖直位移大小相等，而合力 ，则合力做功大小关系为： ，根据动能定理得，三小球到达下板时的动能关系是 。故 D 正确。考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】本题考查带电粒子在电场中的运动即类平抛运动，其水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀加速直线运动由图看出水平位移的关系，比较运动时间关系，竖直位移大小相等，根据牛顿第二定律和位移公式分析加速度关系，判断三个小球的电性，根据动能定理
6、分析三小球到达下板时的动能关系。5.某同学做电学实验，通过改变滑动变阻器的电阻大小，测量并记录了多组电压表和电流表的读数，根据表格中记录的数据分析，他所连接的电路可能是电路图中的A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】本题的关键是通过分析数据得出 为定值，说明实验测量的是一定值电阻，即电压表应与一定值电阻并联才行【详解】根据数据分析可知 为定值，根据 可知，实验应是测量定值电阻的实验，即电压表测量的应是定值电阻两端的电压，所以电路应是 B；故选 B。【点睛】明确若满足 U=IR，则实验测量的是导体的性质，此时电压表应与定值电阻并联；若满足 U=E-Ir，则实验测量的是电源的性质，此时
7、电压表应与电源并联6.将一根粗细均匀、阻值为 R 的电阻丝均匀拉长到原来的 5 倍后，其电阻变为 250，则 R的阻值为（ ）A. 10 B. 50 C. 1250 D. 6250【答案】A【解析】根据 得 ,长度变为原来的 5 倍,截面积变为原来的 ,所以电阻变为原来 25 倍,所以R=10,故 A 正确综上所述本题答案是：A二多项选择题7.某导体中的电流随其两端电压的变化关系如图所示，则下列说法中正确的是( )A. 加 5 V 电压时，导体的电阻大于 5 B. 加 11 V 电压时，导体的电阻可能为 1.4 C. 由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小D. 由图可知，随着电压的减小，
8、导体的电阻不断减小【答案】D【解析】A、加 的电压时，电流为 ，则由欧姆定律可知， ,故 A 正确；B、加 的电压时，电流约为 ，则可得电阻为： ,故 B 错误；C、由图可知，随电压的增大，图象的斜率减小，则可知导体的电阻越来越大，故 C 错误；D、随着电压的减小，导体的电阻减小,故 D 正确。点睛：本题考查欧姆定律的应用；注意伏安特性曲线的性质，能从图象中得出电阻的变化。8.甲、乙两个电源的路端电压 U 随电流 I 变化的关系如图所示，下列说法正确的是（ ）A. 甲电源的内阻较小B. 乙电源的内阻较小C. 同一定值电阻分别接两电源，甲电源电路的路端电压大D. 同一定值电阻分别接两电源，甲电源
9、的效率低【答案】AC【解析】【分析】在电源的 U-I 图线中，纵轴截距表示电动势，斜率的绝对值表示内阻可比较出两电源的电动势和内阻可根据电阻的 U-I 图象与电源的 U-I 图象的交点表示该电阻与该电源组成闭合电路时的工作状态，分析电源的路端电压关系，确定电源的效率关系【详解】电源的 U-I 图象与纵轴交点坐标值表示电源的电动势，由图示图象可知：，图象斜率的绝对值表示电源内电阻，所以甲电源的内阻较小。故 A 正确，B 错误。在图中作出该定值电阻的 U-I 图象，如图所示：两图象的交点表示该电阻与该电源组成闭合电路时的工作状态，可知，甲电源电路的路端电压大，故 C 正确。电源的效率 ，则知 E
10、相等，甲电源电路的路端电压大，甲电源的效率高，故 D 错误。故选 AC。【点睛】本题考查了比较电源内阻大小，应用图象法处理实验数据是常用的实验数据处理方法，要会根据电源 U-I 图象求出电源电动势与内阻的方法9.如图所示，R 1、R 2为定值电阻，L 为小灯泡，R 3为光敏电阻，当照射光强度增大时A. 电压表的示数减少B. R2中电流减小C. 小灯泡的功率增大D. 电路的路端电压降低【答案】BCD【解析】【分析】当照射光强度增大时， 变小，分析电路中总电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化，由欧姆定律可得出电压表示数的变化；同时还可得出路端电压的变化；由串联电路的规律可得出并联
11、部分电压的变化，再由并联电路的规律可得出通过小灯泡的电流的变化，由功率公式即可得出灯泡功率的变化【详解】当光照增强时，光敏电阻的阻值减小， 变小，外电路总电阻减小，则电路中的总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可得，电路中总电流增大，故 两端的电压增大，即电压表的示数增大，故 A 错误；因电路中总电流增大，电源的内电压增大，路端电压减小，同时两端的电压增大，故并联电路部分电压减小，流过 的电流减小；由于干路电流变大，流过 的电流减小，可知流过灯泡的电流一定增大，小灯泡的功率变大，故 BCD 正确。【点睛】闭合电路的动态分析问题一般按外电路、内电路再外电路的分析思路进行；分析内电路主要根据总电流及内阻
12、分析内压，而外电路较为复杂，要注意灵活应用电路的性质10.图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带正电粒子的运动轨迹，粒子先经过 M 点，再经过 N 点，可以判定 A. 粒子在 M 点的电场力大于 N 点的所受的电场力B. M 点的电势高于 N 点的电势C. 粒子在 M 点的速度大于在 N 点的速度D. 粒子在 N 点的电势能小于在 M 点的电势能【答案】BD【解析】【分析】根据顺着电场线方向电势降低，判断电势的高低；由电场线的疏密判断场强大小，由 F=qE判断电场力的大小；由粒子轨迹的弯曲方向判断电场力方向，电场力方向应指向轨迹的内侧，由电场力做功正负，判断电势能的大小和动能的大小【
13、详解】M 点处的电场线较疏，而 N 点处电场线较密，则 M 点处的电场强度较小，由 F=qE 可知，粒子在 M 点的电场力小于 N 点的所受的电场力，故 A 错误；根据顺着电场线方向电势降低可知，M 点的电势高于 N 点的电势。故 B 正确；由电场力方向应指向轨迹的内侧得知，粒子所受电场力方向大致斜向左下方，对粒子做正功，其电势能减小，动能增大，则知粒子在M 点的电势能大于在 N 点的电势能，在 M 点的动能小于在 N 点的动能，在 M 点的速度小于在N 点受到的速度。故 C 错误，D 正确。故选 BD。【点睛】本题是电场中轨迹问题，关键要根据轨迹的弯曲方向判断出粒子所受的电场力方向，再抓住电
14、场线的物理意义判断场强、电势等的大小三实验题11.甲乙两位同学在实验室利用如图（a）所示的电路测定定值电阻 R0，电源的电动势 E 和内电阻 r，调节滑动变阻器的滑动触头 P 向某一方向移动时，甲同学记录了电流表 A 和电压表V1的测量数据，乙同学记录的是电流表 A 和电压表 V2的测量数据并根据数据描绘了如图（b）所示的两条 UI 直线回答下列问题：根据图（b） ，可以求出定值电阻 R0=_，电源电动势 E=_V，内电阻 r=_ （以上结果均保留 2 位有效数字）由于_（填“电流表分压”或“电压表分流” ）的影响，测得的电源电动势比实际值偏小【答案】 (1). 2.0 (2). 1.5 (3
15、). 1.0 (4). 电压表分流【解析】【分析】根据欧姆定律求出定值电阻的电阻值；由图可知，图象由纵坐标的交点为电动势；由图象与横坐标的交点利用闭合电路欧姆定律可求得内电阻根据电路的结构判断产生误差的原因。【详解】从图象可以得出定值电阻 的阻值为： ，从甲同学的图象可以得出图象在 U 轴上的截距为 1.50 V，即电源的电动势为 1.50 V，图象斜率的绝对值为：，即电源的内阻为 r=1.0由电路图可知，流过电源的电流要大于流过电流表的电流，可知电压表有一定的分流作用，由于电压表分流的影响，测得的电源电动势比实际值偏小。【点睛】本题考查测量电动势和内电阻实验的数据和定值电阻电流及电压数据的处
16、理，并能根据实验原理分析误差的来源。12.（1）某同学用游标卡尺测量小钢球的直径，如图甲所示，则小钢球的直径为d=_cm甲（2）该同学又用螺旋测微器测量某电阻丝的直径，示数如图乙，则该金属丝的直径为_cm【答案】 (1). 3.06 (2). 0.1196【解析】【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读【详解】 （1）游标卡尺的主尺读数为 3cm=30mm，游标尺上第 6 个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为 60.1mm=0.6mm，所以最终读数为：30mm+0.6mm=30
17、.6mm=3.06cm （2）螺旋测微器的固定刻度为 1mm，可动刻度为 19.60.01mm=0.196mm，所以最终读数为1mm+0.196mm=1.196mm=0.1196cm【点睛】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量四计算题13.如图所示，光滑斜面倾角为 37，一带有正电的小物块质量为 m，电荷量为 q，置于斜面上，当沿水平方向加有如图所示的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，电场强度变化为原来的 ， （g 取 10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）原来电场强度大小（2）物快运动的加速度
18、（3）沿斜面下滑距离为 L 时的速度大小【答案】 （1） （2）3m/s 2，沿斜面向下(3) 【解析】【分析】（1）对小球进行受力分析，应用平衡条件可求出电场力，进而求出电场强度 （2）电场变化后受力分析求出合外力，应用牛顿第二定律求解加速度 （3）沿斜面下滑距离为 L 时物体的速度的大小可由动能定理或运动学知识求解【详解】 （1）对小球受力分析并合成如图：由平衡条件得： ，在直角三角形中：得： ，解得：（2）对小球受力分析并正交分解如图：解得： ，方向：沿斜面向下（3）在下滑过程中，由动能定理得：解得：【点睛】问题一是平衡条件的应用，受力分析后应用平衡条件即可；问题二是牛顿运动定律的应用，
19、关键是求合力；问题三直接应用动能定理即可，总体难度不是很大，细细分析即可14. 如图所示电路中，电源电动势 E=6V，内阻 r=1D 为直流电动机，其电枢线圈电阻R=2，限流电阻 R=3当电动机正常工作时，电压表示数为 0.3V求：（1）通过电动机的电流是多大？（2）电动机输入的电功率、转变为热量的功率和输出机械功率各是多少？【答案】 （1）0.1A（2）【解析】试题分析：（1）通过电动机的电流 I 与流过限流电阻 的电流相同， =0.1A (2 分)（2）由 可得电动机两端电压：所以电动机输入的电功率：电动机的发热功率：电动机的输出功率：考点：考查了闭合回路欧姆定律，电功率的计算【名师点睛】在计算电功率的公式中，总功率用 来计算，发热的功率用 来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的
