1、2018 年 04 月 22 日 fago 的高中数学组卷一选择题（共 12 小题）1设集合 A=x|x24x+3 0，B=x |2x30，则 AB=（ ）A （ 3， ） B （3， ） C （1， ） D （ ，3）2设（1+i ）x=1 +yi，其中 x，y 是实数，则|x+yi |=（ ）A1 B C D23已知等差数列a n前 9 项的和为 27，a 10=8，则 a100=（ ）A100 B99 C98 D974某公司的班车在 7：00，8：00，8：30 发车，小明在 7：50 至 8：30 之间到达发车站乘坐班车，且到达发车站的时刻是随机的，则他等车时间不超过 10分钟的概率是
2、（ ）A B C D5已知方程 =1 表示双曲线，且该双曲线两焦点间的距离为 4，则n 的取值范围是（ ）A （ 1，3） B （1， ） C （0，3） D （0， ）6如图，某几何体的三视图是三个半径相等的圆及每个圆中两条相互垂直的半径若该几何体的体积是 ，则它的表面积是（ ）A17 B18 C20 D287函数 y=2x2e|x|在2，2的图象大致为（ ）A B CD8若 ab 1，0c1，则（ ）Aa c bc Bab cba cC alogbcblog ac Dlog aclog bc9执行如图的程序框图，如果输入的 x=0，y=1，n=1，则输出 x，y 的值满足（ ）Ay=2x
3、By=3x Cy=4x Dy=5x10以抛物线 C 的顶点为圆心的圆交 C 于 A、B 两点，交 C 的准线于 D、E 两点已知|AB|=4 ，|DE|=2 ，则 C 的焦点到准线的距离为（ ）A2 B4 C6 D811平面 过正方体 ABCDA1B1C1D1 的顶点 A，平面 CB1D1，平面ABCD=m，平面 ABB1A1=n，则 m、n 所成角的正弦值为（ ）A B C D12已知函数 f（x ）=sin（x+ ） （0，| ） ，x= 为 f（x）的零点，x= 为 y=f（x）图象的对称轴，且 f（x）在（ ， ）上单调，则 的最大值为（ ）A11 B9 C7 D5二填空题（共 4 小
4、题）13设向量 =（m，1） ， =（1，2） ，且| + |2=| |2+| |2，则 m= 14 （2x+ ） 5 的展开式中，x 3 的系数是 （用数字填写答案）15设等比数列a n满足 a1+a3=10，a 2+a4=5，则 a1a2an 的最大值为 16某高科技企业生产产品 A 和产品 B 需要甲、乙两种新型材料生产一件产品 A 需要甲材料 1.5kg，乙材料 1kg，用 5 个工时；生产一件产品 B 需要甲材料0.5kg，乙材料 0.3kg，用 3 个工时，生产一件产品 A 的利润为 2100 元，生产一件产品 B 的利润为 900 元该企业现有甲材料 150kg，乙材料 90kg
5、，则在不超过 600 个工时的条件下，生产产品 A、产品 B 的利润之和的最大值为 元三解答题（共 7 小题）17ABC 的内角 A，B， C 的对边分别为 a，b，c ，已知2cosC（acosB+bcosA）=c（）求 C；（）若 c= ，ABC 的面积为 ，求ABC 的周长18如图，在以 A，B，C，D，E ，F 为顶点的五面体中，面 ABEF 为正方形，AF=2FD，AFD=90，且二面角 DAFE 与二面角 CBEF 都是 60（）证明平面 ABEF平面 EFDC；（）求二面角 EBCA 的余弦值19某公司计划购买 2 台机器，该种机器使用三年后即被淘汰机器有一易损零件，在购进机器时
6、，可以额外购买这种零件作为备件，每个 200 元在机器使用期间，如果备件不足再购买，则每个 500 元现需决策在购买机器时应同时购买几个易损零件，为此搜集并整理了 100 台这种机器在三年使用期内更换的易损零件数，得如图柱状图：以这 100 台机器更换的易损零件数的频率代替 1 台机器更换的易损零件数发生的概率，记 X 表示 2 台机器三年内共需更换的易损零件数，n 表示购买 2 台机器的同时购买的易损零件数（）求 X 的分布列；（）若要求 P（X n）0.5，确定 n 的最小值；（）以购买易损零件所需费用的期望值为决策依据，在 n=19 与 n=20 之中选其一，应选用哪个？20设圆 x2+
7、y2+2x15=0 的圆心为 A，直线 l 过点 B（1，0）且与 x 轴不重合，l交圆 A 于 C，D 两点，过 B 作 AC 的平行线交 AD 于点 E（）证明|EA|+|EB|为定值，并写出点 E 的轨迹方程；（）设点 E 的轨迹为曲线 C1，直线 l 交 C1 于 M，N 两点，过 B 且与 l 垂直的直线与圆 A 交于 P，Q 两点，求四边形 MPNQ 面积的取值范围21已知函数 f（x ）=（x2）e x+a（x 1） 2 有两个零点（）求 a 的取值范围；（）设 x1，x 2 是 f（x）的两个零点，证明：x 1+x2222在直角坐标系 xOy 中，曲线 C1 的参数方程为 （t
8、 为参数，a 0） 在以坐标原点为极点，x 轴正半轴为极轴的极坐标系中，曲线C2：=4cos （）说明 C1 是哪种曲线，并将 C1 的方程化为极坐标方程；（）直线 C3 的极坐标方程为 =0，其中 0 满足 tan0=2，若曲线 C1 与 C2 的公共点都在 C3 上，求 a23已知函数 f（x ）=|x+ 1|2x3|（）在图中画出 y=f（x）的图象；（）求不等式|f（x）| 1 的解集2018 年 04 月 22 日 fago 的高中数学组卷参考答案与试题解析一选择题（共 12 小题）1设集合 A=x|x24x+3 0，B=x |2x30，则 AB=（ ）A （ 3， ） B （3，
9、） C （1， ） D （ ，3）【分析】解不等式求出集合 A，B ，结合交集的定义，可得答案【解答】解：集合 A=x|x24x+30= （1，3） ，B=x|2x30= （ ，+ ） ，AB=（ ，3） ，故选：D【点评】本题考查的知识点是集合的交集及其运算，难度不大，属于基础题2设（1+i ）x=1 +yi，其中 x，y 是实数，则|x+yi |=（ ）A1 B C D2【分析】根据复数相等求出 x，y 的值，结合复数的模长公式进行计算即可【解答】解：（1+i）x=1+yi，x+xi=1+yi，即 ，解得 ，即|x+yi |=|1+i|= ，故选：B【点评】本题主要考查复数模长的计算，根据
10、复数相等求出 x，y 的值是解决本题的关键3已知等差数列a n前 9 项的和为 27，a 10=8，则 a100=（ ）A100 B99 C98 D97【分析】根据已知可得 a5=3，进而求出公差，可得答案【解答】解：等差数列a n前 9 项的和为 27，S 9= = =9a59a 5=27，a 5=3，又a 10=8，d=1，a 100=a5+95d=98，故选：C【点评】本题考查的知识点是数列的性质，熟练掌握等差数列的性质，是解答的关键4某公司的班车在 7：00，8：00，8：30 发车，小明在 7：50 至 8：30 之间到达发车站乘坐班车，且到达发车站的时刻是随机的，则他等车时间不超过
11、 10分钟的概率是（ ）A B C D【分析】求出小明等车时间不超过 10 分钟的时间长度，代入几何概型概率计算公式，可得答案【解答】解：设小明到达时间为 y，当 y 在 7：50 至 8：00，或 8：20 至 8：30 时，小明等车时间不超过 10 分钟，故 P= = ，故选：B【点评】本题考查的知识点是几何概型，难度不大，属于基础题5已知方程 =1 表示双曲线，且该双曲线两焦点间的距离为 4，则n 的取值范围是（ ）A （ 1，3） B （1， ） C （0，3） D （0， ）【分析】由已知可得 c=2，利用 4=（m 2+n）+（3m 2n） ，解得 m2=1，又（m 2+n）（3m
12、 2n）0，从而可求 n 的取值范围【解答】解：双曲线两焦点间的距离为 4，c=2，当焦点在 x 轴上时，可得：4=（m 2+n）+（3m 2n） ，解得：m 2=1，方程 =1 表示双曲线，（m 2+n） （3m 2n）0，可得：（ n+1） （3n ）0，解得：1n3，即 n 的取值范围是：（ 1，3） 当焦点在 y 轴上时，可得：4=（m 2+n）+（3m 2n） ，解得：m 2=1，无解故选：A【点评】本题主要考查了双曲线方程的应用，考查了不等式的解法，属于基础题6如图，某几何体的三视图是三个半径相等的圆及每个圆中两条相互垂直的半径若该几何体的体积是 ，则它的表面积是（ ）A17 B1
13、8 C20 D28【分析】判断三视图复原的几何体的形状，利用体积求出几何体的半径，然后求解几何体的表面积【解答】解：由题意可知三视图复原的几何体是一个球去掉 后的几何体，如图：可得： = ，R=2 它的表面积是： 422+ =17故选：A【点评】本题考查三视图求解几何体的体积与表面积，考查计算能力以及空间想象能力7函数 y=2x2e|x|在2，2的图象大致为（ ）A B CD【分析】根据已知中函数的解析式，分析函数的奇偶性，最大值及单调性，利用排除法，可得答案【解答】解：f（x）=y=2x 2e|x|，f（ x）=2（x） 2e|x|=2x2e|x|，故函数为偶函数，当 x=2 时，y=8 e
14、2（0，1） ，故排除 A，B ； 当 x0，2时，f（x）=y=2x 2ex，f（x）=4xe x=0 有解，故函数 y=2x2e|x|在0，2不是单调的，故排除 C，故选：D【点评】本题考查的知识点是函数的图象，对于超越函数的图象，一般采用排除法解答8若 ab 1，0c1，则（ ）Aa c bc Bab cba cC alogbcblog ac Dlog aclog bc【分析】根据已知中 ab1，0c1，结合对数函数和幂函数的单调性，分析各个结论的真假，可得答案【解答】解：ab1， 0c1，函数 f（x ）=x c 在（0，+）上为增函数，故 acb c，故 A 错误；函数 f（ x）=
15、x c1 在（0，+）上为减函数，故 ac1b c1，故 bacab c，即abcba c；故 B 错误； logac0 ，且 logbc0，log ab1，即 = 1，即 logaclog bc故 D错误；0 logaclog bc，故blog ac alogbc，即 blogacalog bc，即 alogbcblog ac，故C 正确；故选：C【点评】本题考查的知识点是不等式的比较大小，熟练掌握对数函数和幂函数的单调性，是解答的关键9执行如图的程序框图，如果输入的 x=0，y=1，n=1，则输出 x，y 的值满足（ ）Ay=2x By=3x Cy=4x Dy=5x【分析】由已知中的程序框
16、图可知：该程序的功能是利用循环结构计算并输出变量 x，y 的值，模拟程序的运行过程，分析循环中各变量值的变化情况，可得答案【解答】解：输入 x=0，y=1，n=1 ，则 x=0，y=1 ，不满足 x2+y236，故 n=2，则 x= ，y=2，不满足 x2+y236，故 n=3，则 x= ，y=6，满足 x2+y236，故 y=4x，故选：C【点评】本题考查的知识点是程序框图，当循环的次数不多，或有规律时，常采用模拟循环的方法解答10以抛物线 C 的顶点为圆心的圆交 C 于 A、B 两点，交 C 的准线于 D、E 两点已知|AB|=4 ，|DE|=2 ，则 C 的焦点到准线的距离为（ ）A2
17、B4 C6 D8【分析】画出图形，设出抛物线方程，利用勾股定理以及圆的半径列出方程求解即可【解答】解：设抛物线为 y2=2px，如图：|AB|=4 ，|AM|=2 ，|DE|=2 ， |DN|= ，|ON |= ，xA= = ，|OD|=|OA|，= +5，解得：p=4C 的焦点到准线的距离为：4故选：B【点评】本题考查抛物线的简单性质的应用，抛物线与圆的方程的应用，考查计算能力转化思想的应用11平面 过正方体 ABCDA1B1C1D1 的顶点 A，平面 CB1D1，平面ABCD=m，平面 ABB1A1=n，则 m、n 所成角的正弦值为（ ）A B C D【分析】画出图形，判断出 m、n 所成
18、角，求解即可【解答】解：如图：平面 CB1D1，平面 ABCD=m，平面 ABA1B1=n，可知：nCD 1，mB 1D1， CB 1D1 是正三角形 m、n 所成角就是CD 1B1=60则 m、n 所成角的正弦值为： 故选：A【点评】本题考查异面直线所成角的求法，考查空间想象能力以及计算能力12已知函数 f（x ）=sin（x+ ） （0，| ） ，x= 为 f（x）的零点，x= 为 y=f（x）图象的对称轴，且 f（x）在（ ， ）上单调，则 的最大值为（ ）A11 B9 C7 D5【分析】根据已知可得 为正奇数，且 12 ，结合 x= 为 f（x）的零点，x= 为 y=f（x）图象的对称
19、轴，求出满足条件的解析式，并结合 f（x）在（ ， ）上单调，可得 的最大值【解答】解：x= 为 f（x ）的零点，x= 为 y=f（x ）图象的对称轴， ，即 ， （nN）即 =2n+1， （ nN）即 为正奇数，f（ x）在（ ， ）上单调，则 = ，即 T= ，解得：12，当 =11 时， +=k，k Z，| ，= ，此时 f（ x）在（ ， ）不单调，不满足题意；当 =9 时， +=k， kZ，| ，= ，此时 f（ x）在（ ， ）单调，满足题意；故 的最大值为 9，故选：B【点评】本题考查的知识点是正弦型函数的图象和性质，本题转化困难，难度较大二填空题（共 4 小题）13设向量 =
20、（m，1） ， =（1，2） ，且| + |2=| |2+| |2，则 m= 2 【分析】利用已知条件，通过数量积判断两个向量垂直，然后列出方程求解即可【解答】解：| + |2=| |2+| |2，可得 =0向量 =（m ，1 ） ， =（1， 2） ，可得 m+2=0，解得 m=2故答案为：2【点评】本题考查向量的数量积的应用，向量的垂直条件的应用，考查计算能力14 （2x+ ） 5 的展开式中，x 3 的系数是 10 （用数字填写答案）【分析】利用二项展开式的通项公式求出第 r+1 项，令 x 的指数为 3，求出 r，即可求出展开式中 x3 的系数【解答】解：（2x+ ） 5 的展开式中，
21、通项公式为： Tr+1= =25r，令 5 =3，解得 r=4x 3 的系数 2 =10故答案为：10【点评】本题考查了二项式定理的应用，考查了推理能力与计算能力，属于基础题15设等比数列a n满足 a1+a3=10，a 2+a4=5，则 a1a2an 的最大值为 64 【分析】求出数列的等比与首项，化简 a1a2an，然后求解最值【解答】解：等比数列a n满足 a1+a3=10，a 2+a4=5，可得 q（a 1+a3）=5，解得 q= a1+q2a1=10，解得 a1=8则 a1a2an=a1nq1+2+3+（n1 ） =8n = = ，当 n=3 或 4 时，表达式取得最大值： =26=
22、64故答案为：64【点评】本题考查数列的性质数列与函数相结合的应用，转化思想的应用，考查计算能力16某高科技企业生产产品 A 和产品 B 需要甲、乙两种新型材料生产一件产品 A 需要甲材料 1.5kg，乙材料 1kg，用 5 个工时；生产一件产品 B 需要甲材料0.5kg，乙材料 0.3kg，用 3 个工时，生产一件产品 A 的利润为 2100 元，生产一件产品 B 的利润为 900 元该企业现有甲材料 150kg，乙材料 90kg，则在不超过 600 个工时的条件下，生产产品 A、产品 B 的利润之和的最大值为 216000 元【分析】设 A、B 两种产品分别是 x 件和 y 件，根据题干的
23、等量关系建立不等式组以及目标函数，利用线性规划作出可行域，通过目标函数的几何意义，求出其最大值即可；【解答】解：（1）设 A、B 两种产品分别是 x 件和 y 件，获利为 z 元由题意，得 ，z=2100x+900y不等式组表示的可行域如图：由题意可得 ，解得：，A（60，100 ） ，目标函数 z=2100x+900y经过 A 时，直线的截距最大，目标函数取得最大值：210060+900100=216000 元故答案为：216000 【点评】本题考查了列二元一次方程组解实际问题的运用，二元一次方程组的解法的运用，不等式组解实际问题的运用，不定方程解实际问题的运用，解答时求出最优解是解题的关键
24、三解答题（共 7 小题）17ABC 的内角 A，B， C 的对边分别为 a，b，c ，已知2cosC（acosB+bcosA）=c（）求 C；（）若 c= ，ABC 的面积为 ，求ABC 的周长【分析】 （）已知等式利用正弦定理化简，整理后利用两角和与差的正弦函数公式及诱导公式化简，根据 sinC 不为 0 求出 cosC 的值，即可确定出出 C 的度数；（2）利用余弦定理列出关系式，利用三角形面积公式列出关系式，求出 a+b 的值，即可求ABC 的周长【解答】解：（）在ABC 中，0C，sinC0已知等式利用正弦定理化简得：2cosC（sinAcosB +sinBcosA）=sinC ，整理
25、得：2cosCsin（A+B ）=sinC，即 2cosCsin（ （A+B） ）=sinC2cosCsinC=sinCcosC= ，C= ；（）由余弦定理得 7=a2+b22ab ，（a +b） 23ab=7，S= absinC= ab= ，ab=6，（a +b） 218=7，a +b=5，ABC 的周长为 5+ 【点评】此题考查了正弦、余弦定理，三角形的面积公式，以及三角函数的恒等变形，熟练掌握定理及公式是解本题的关键18如图，在以 A，B，C，D，E ，F 为顶点的五面体中，面 ABEF 为正方形，AF=2FD，AFD=90，且二面角 DAFE 与二面角 CBEF 都是 60（）证明平面
26、 ABEF平面 EFDC；（）求二面角 EBCA 的余弦值【分析】 （）证明 AF平面 EFDC，利用平面与平面垂直的判定定理证明平面ABEF平面 EFDC；（）证明四边形 EFDC 为等腰梯形，以 E 为原点，建立如图所示的坐标系，求出平面 BEC、平面 ABC 的法向量，代入向量夹角公式可得二面角 EBCA 的余弦值【解答】 （）证明：ABEF 为正方形，AFEF AFD=90，AFDF ，DFEF=F ，AF平面 EFDC，AF平面 ABEF，平面 ABEF平面 EFDC；（）解：由 AFDF，AFEF，可得DFE 为二面角 DAFE 的平面角；由 ABEF 为正方形，AF平面 EFDC
27、，BE EF ，BE 平面 EFDC即有 CEBE，可得CEF 为二面角 CBEF 的平面角可得DFE= CEF=60ABEF，AB平面 EFDC，EF平面 EFDC，AB平面 EFDC，平面 EFDC平面 ABCD=CD，AB 平面 ABCD，ABCD，CDEF，四边形 EFDC 为等腰梯形以 E 为原点，建立如图所示的坐标系，设 FD=a，则 E（0，0 ， 0） ，B（0 ， 2a，0） ，C（ ，0， a） ，A（2a ，2a，0） ， =（ 0，2a，0） ， =（ ， 2a， a） ， =（2a，0，0）设平面 BEC 的法向量为 =（x 1，y 1，z 1） ，则 ，则 ，取 =
28、（ ，0，1） 设平面 ABC 的法向量为 =（x 2，y 2，z 2） ，则 ，则 ，取 =（0， ，4） 设二面角 EBCA 的大小为 ，则 cos= = ，则二面角 EBCA 的余弦值为 【点评】本题考查平面与平面垂直的证明，考查用空间向量求平面间的夹角，建立空间坐标系将二面角问题转化为向量夹角问题是解答的关键19某公司计划购买 2 台机器，该种机器使用三年后即被淘汰机器有一易损零件，在购进机器时，可以额外购买这种零件作为备件，每个 200 元在机器使用期间，如果备件不足再购买，则每个 500 元现需决策在购买机器时应同时购买几个易损零件，为此搜集并整理了 100 台这种机器在三年使用期
29、内更换的易损零件数，得如图柱状图：以这 100 台机器更换的易损零件数的频率代替 1 台机器更换的易损零件数发生的概率，记 X 表示 2 台机器三年内共需更换的易损零件数，n 表示购买 2 台机器的同时购买的易损零件数（）求 X 的分布列；（）若要求 P（X n）0.5，确定 n 的最小值；（）以购买易损零件所需费用的期望值为决策依据，在 n=19 与 n=20 之中选其一，应选用哪个？【分析】 （）由已知得 X 的可能取值为 16，17，18，19，20，21，22，分别求出相应的概率，由此能求出 X 的分布列（）由 X 的分布列求出 P（X18）= ，P （X19）= 由此能确定满足P（X
30、n）0.5 中 n 的最小值（）法一：由 X 的分布列得 P（X19）= 求出买 19 个所需费用期望 EX1和买 20 个所需费用期望 EX2，由此能求出买 19 个更合适法二：解法二：购买零件所用费用含两部分，一部分为购买零件的费用，另一部分为备件不足时额外购买的费用，分别求出 n=19 时，费用的期望和当 n=20时，费用的期望，从而得到买 19 个更合适【解答】解：（）由已知得 X 的可能取值为 16，17，18，19，20，21，22，P（X=16）= （ ） 2= ，P（X=17）= ，P（X=18）= （ ） 2+2（ ） 2= ，P（X=19）= = ，P（X=20）= = =
31、 ，P（X=21）= = ，P（X=22）= ，X 的分布列为：X 16 17 18 19 20 21 22P （）由（）知：P（X18 ）=P（X=16 ）+P（X=17）+P（X=18 ）= = P（X19 ）=P（X=16 ）+P（X=17）+P（X=18 ）+P（X=19 ）= + = P（Xn）0.5 中，n 的最小值为 19（）解法一：由（）得 P（X 19）=P （X=16）+P（X=17）+P（X=18 ）+P（ X=19）= + = 买 19 个所需费用期望：EX1=200 +（20019+500） +（20019+5002） +（200 19+5003） =4040，买 2
32、0 个所需费用期望：EX2= +（20020+500） +（20020+2500） =4080，EX 1 EX2，买 19 个更合适解法二：购买零件所用费用含两部分，一部分为购买零件的费用，另一部分为备件不足时额外购买的费用，当 n=19 时，费用的期望为：19 200+5000.2+10000.08+15000.04=4040，当 n=20 时，费用的期望为：20 200+5000.08+10000.4=4080，买 19 个更合适【点评】本题考查离散型随机变量的分布列和数学期望的求法及应用，是中档题，解题时要认真审题，注意相互独立事件概率乘法公式的合理运用20设圆 x2+y2+2x15=0
33、 的圆心为 A，直线 l 过点 B（1，0）且与 x 轴不重合，l交圆 A 于 C，D 两点，过 B 作 AC 的平行线交 AD 于点 E（）证明|EA|+|EB|为定值，并写出点 E 的轨迹方程；（）设点 E 的轨迹为曲线 C1，直线 l 交 C1 于 M，N 两点，过 B 且与 l 垂直的直线与圆 A 交于 P，Q 两点，求四边形 MPNQ 面积的取值范围【分析】 （）求得圆 A 的圆心和半径，运用直线平行的性质和等腰三角形的性质，可得 EB=ED，再由圆的定义和椭圆的定义，可得 E 的轨迹为以 A，B 为焦点的椭圆，求得 a，b，c，即可得到所求轨迹方程；（）设直线 l：x=my+1，代
34、入椭圆方程，运用韦达定理和弦长公式，可得|MN|，由 PQl，设 PQ：y=m（x1） ，求得 A 到 PQ 的距离，再由圆的弦长公式可得|PQ|，再由四边形的面积公式，化简整理，运用不等式的性质，即可得到所求范围【解答】解：（）证明：圆 x2+y2+2x15=0 即为（x+1） 2+y2=16，可得圆心 A（1，0） ，半径 r=4，由 BEAC，可得 C=EBD，由 AC=AD，可得 D=C，即为D=EBD，即有 EB=ED，则|EA |+|EB|=|EA|+|ED|=|AD|=4，故 E 的轨迹为以 A，B 为焦点的椭圆，且有 2a=4，即 a=2，c=1 ， b= = ，则点 E 的轨
35、迹方程为 + =1（y0） ；（）椭圆 C1： + =1，设直线 l：x=my+1，由 PQ l，设 PQ：y=m（x1） ，由 可得（3m 2+4）y 2+6my9=0，设 M（ x1，y 1） ，N（x 2，y 2） ，可得 y1+y2= ，y 1y2= ，则|MN|= |y1y2|= = =12 ，A 到 PQ 的距离为 d= = ，|PQ|=2 =2 = ，则四边形 MPNQ 面积为 S= |PQ|MN|= 12=24 =24 ，当 m=0 时，S 取得最小值 12，又 0，可得 S24 =8 ，即有四边形 MPNQ 面积的取值范围是 12，8 ） 【点评】本题考查轨迹方程的求法，注意
36、运用椭圆和圆的定义，考查直线和椭圆方程联立，运用韦达定理和弦长公式，以及直线和圆相交的弦长公式，考查不等式的性质，属于中档题21已知函数 f（x ）=（x2）e x+a（x 1） 2 有两个零点（）求 a 的取值范围；（）设 x1，x 2 是 f（x）的两个零点，证明：x 1+x22【分析】 （）由函数 f（x ）=（x2）e x+a（x 1） 2 可得：f （x ）=（x1）ex+2a（x 1）= （x1） （e x+2a） ，对 a 进行分类讨论，综合讨论结果，可得答案（）设 x1，x 2 是 f（x）的两个零点，则a= = ，令g（ x）= ，则 g（x 1）=g（x 2）=a，分析 g
37、（x ）的单调性，令m0，则 g（1+m）g （1 m）= ，设 h（m）= ，m0，利用导数法可得 h（m）h（0）=0 恒成立，即 g（ 1+m）g （1m）恒成立，令 m=1x10，可得结论【解答】解：（）函数 f（x ）=（x2）e x+a（x 1） 2，f（x）=（x1）e x+2a（x 1）= （x1） （e x+2a） ，若 a=0，那么 f（x）=0（x 2）e x=0x=2，函数 f（ x）只有唯一的零点 2，不合题意；若 a0，那么 ex+2a 0 恒成立，当 x1 时，f（x ）0，此时函数为减函数；当 x1 时，f（x ）0，此时函数为增函数；此时当 x=1 时，函数
38、f（x）取极小值e ，由 f（2）=a0，可得：函数 f（x）在 x1 存在一个零点；当 x1 时，e xe，x 210，f（ x）= （x2）e x+a（x 1） 2（x2）e +a（x 1） 2=a（x1） 2+e（x1）e ，令 a（x1） 2+e（x1）e=0 的两根为 t1，t 2，且 t1t 2，则当 xt 1，或 xt 2 时，f （x）a（x1） 2+e（x 1）e 0，故函数 f（x ）在 x1 存在一个零点；即函数 f（x ）在 R 是存在两个零点，满足题意；若 a0，则 ln（2a）lne=1，当 xln （2a）时，x1ln （ 2a）1lne1=0，ex+2ae ln
39、（ 2a） +2a=0，即 f（x）=（x1） （e x+2a）0 恒成立，故 f（x）单调递增，当 ln（2a）x1 时，x 10 ，e x+2ae ln（2a ） +2a=0，即 f（x）=（x1） （e x+2a）0 恒成立，故 f（x）单调递减，当 x1 时，x10，e x+2ae ln（2a ） +2a=0，即 f（x）=（x1） （e x+2a）0 恒成立，故 f（x）单调递增，故当 x=ln（2a）时，函数取极大值，由 f（ln（2a） ）=ln（2a） 2（2a）+aln（2a） 12=aln（ 2a）2 2+10得：函数 f（ x）在 R 上至多存在一个零点，不合题意；若 a
40、= ，则 ln（2a）=1，当 x1=ln（ 2a）时，x1 0，e x+2ae ln（ 2a） +2a=0，即 f（x）=（x1） （e x+2a）0 恒成立，故 f（x）单调递增，当 x1 时，x10，e x+2ae ln（2a ） +2a=0，即 f（x）=（x1） （e x+2a）0 恒成立，故 f（x）单调递增，故函数 f（x ）在 R 上单调递增，函数 f（ x）在 R 上至多存在一个零点，不合题意；若 a ，则 ln（2a） lne=1，当 x1 时，x10，e x+2ae ln（2a ） +2a=0，即 f（x）=（x1） （e x+2a）0 恒成立，故 f（x）单调递增，当
41、1xln （2a）时，x 10 ，e x+2ae ln（2a ） +2a=0，即 f（x）=（x1） （e x+2a）0 恒成立，故 f（x）单调递减，当 xln （2a）时，x10，e x+2ae ln（2a ） +2a=0，即 f（x）=（x1） （e x+2a）0 恒成立，故 f（x）单调递增，故当 x=1 时，函数取极大值，由 f（1）=e0 得：函数 f（ x）在 R 上至多存在一个零点，不合题意；综上所述，a 的取值范围为（0，+）证明：（）x 1，x 2 是 f（x）的两个零点，f（ x1）=f（x 2）=0，且 x11，且 x21，a= = ，令 g（ x）= ，则 g（x 1
42、）=g（x 2）=a，g（x）= ，当 x1 时，g（x ）0，g （x ）单调递减；当 x1 时，g（x ）0， g（x ）单调递增；设 m0，则 g（1+m）g（1 m）= = ，设 h（m）= ，m0，则 h（m）= 0 恒成立，即 h（m）在（0，+）上为增函数，h（m）h（0）=0 恒成立，即 g（ 1+m）g （1m）恒成立，令 m=1x10，则 g（ 1+1x1）g （11+x 1）g（2x 1）g（x 1）=g（x 2）2 x1x 2，即 x1+x22 【点评】本题考查的知识点是利用导数研究函数的极值，函数的零点，分类讨论思想，难度较大22在直角坐标系 xOy 中，曲线 C1
43、的参数方程为 （t 为参数，a 0） 在以坐标原点为极点，x 轴正半轴为极轴的极坐标系中，曲线C2：=4cos （）说明 C1 是哪种曲线，并将 C1 的方程化为极坐标方程；（）直线 C3 的极坐标方程为 =0，其中 0 满足 tan0=2，若曲线 C1 与 C2 的公共点都在 C3 上，求 a【分析】 （）把曲线 C1 的参数方程变形，然后两边平方作和即可得到普通方程，可知曲线 C1 是圆，化为一般式，结合 x2+y2=2，y=sin 化为极坐标方程；（）化曲线 C2、C 3 的极坐标方程为直角坐标方程，由条件可知 y=x 为圆 C1 与C2 的公共弦所在直线方程，把 C1 与 C2 的方程
44、作差，结合公共弦所在直线方程为 y=2x 可得 1a2=0，则 a 值可求【解答】解：（）由 ，得 ，两式平方相加得，x2+（ y1） 2=a2C 1 为以（0 ，1 ）为圆心，以 a 为半径的圆化为一般式：x 2+y22y+1a2=0由 x2+y2=2，y=sin，得 22sin+1a2=0；（）C 2：=4cos ，两边同时乘 得 2=4cos，x 2+y2=4x， 即（x2） 2+y2=4由 C3：= 0，其中 0 满足 tan0=2，得 y=2x，曲线 C1 与 C2 的公共点都在 C3 上，y=2x 为圆 C1 与 C2 的公共弦所在直线方程，得：4x2y+1a 2=0，即为 C3
45、，1 a2=0，a=1（a0） 【点评】本题考查参数方程即简单曲线的极坐标方程，考查了极坐标与直角坐标的互化，训练了两圆公共弦所在直线方程的求法，是基础题23已知函数 f（x ）=|x+ 1|2x3|（）在图中画出 y=f（x）的图象；（）求不等式|f（x）| 1 的解集【分析】 （）运用分段函数的形式写出 f（x ）的解析式，由分段函数的画法，即可得到所求图象；（）分别讨论当 x1 时，当1x 时，当 x 时，解绝对值不等式，取交集，最后求并集即可得到所求解集【解答】解：（）f（x ）= ，由分段函数的图象画法，可得 f（x ）的图象，如右：（）由|f（x）|1，可得当 x1 时，|x4|1，解得 x5 或 x3，即有 x1；当1 x 时，|3x2|1，解得 x1 或 x ，即有1x 或 1x ；当 x 时，|4x|1，解得 x5 或 x3，即有 x5 或 x3综上可得，x 或 1x3 或 x5则|f（ x）|1 的解集为（ ， ）（1，3） （5，+） 【点评】本题考查绝对值函数的图象和不等式的解法，注意运用分段函数的图象的画法和分类讨论思想方法，考查运算能力，属于基础题
