1、一、单项选择题：本题共 5 小题，每小题 3 分，共 15 分。每小题只有一个选项符合题意。1如图所示，两根光滑金属导轨平行放置，导轨所在平面与水平面间的夹角为 。整个装置处于沿竖直方向的匀强磁场中。质量为 m 的金属杆 ab 垂直导轨放置，当杆中通有从 a 到 b 的恒定电流 I 时，金属杆 ab刚好静止。则A磁场方向竖 直向下Bab 受安培力的方向平行导轨向上Cab 受安培力的大小为 mgtanDab 受安培力的大小为 mgsin 【答案】C【解析】试题分析：A、如果磁场方向竖直向下，由左手定则可知，安培力水平向左，金属杆所受合力不可能为零，金属杆不可能静止，故 A 错误；B、磁场竖直向上
2、，由左手定则可知，金属杆所受安培力水平向右，金属杆所受合力可能为零，金属杆可以静止，故 B 错误；CD、磁场竖直向上，对金属杆进行受力分析，金属杆受重力，水平向右的安培力，垂直斜面向上的支持力，由平衡条件得， mgILtan， tanB，故 C 正确、 D 错误；故选：C。考点：安培力【名师点睛】本题考查安培力的大小和方向判断问题。以金属杆为研究对象进行受力分析，金属杆 ab 刚好静止，物体所受合力为零。由于匀强磁场沿竖直方向，根据平衡条件，应用左手定则可以判断磁场的方向。由平衡条件求出安培力的大小。 2. 如图所示，两个完全相同的小球 A、B，在同一高度处以相同大小的初速度 v 分别水平抛出
3、和竖直向上抛出，下列说法正确的是A两小球落地时的速度相同B从开始运动至落地，重力对两小球做功不同C两小球落地时，两球重力的瞬时功率相同D从开始运动至落地，重力对 A 小球做功的平均功率较大【答案】D考点：平抛运动和竖直上抛运动，功率的计算【名师点睛】在分析功率的时候，一定要注意公式的选择， tWP只能计算平均功率的大小，而P=Fvcos 可以计算平均功率也可以是瞬时功率，取决于速度是平均速度还是瞬时速度两个物体在运动的过程中机械能守恒，可以判断它们的落地时的速度的大小，再由平均功率和瞬时功率的公式可以得出结论。3某电场的电场线分布如图所示，下列说法正确的是Aa 点的电势高于 b 点的电势Bc
4、点的电场强度大于 d 点的电场强度C若将一正试探电荷由 a 点移到 b 点，电场力做负功D若将一负试探电荷由 c 点移到 d 点，电势能增加【答案】C【解析】试题分析：A、根据等势线与电场线垂直，沿电场线电势降低可知：a 点的电势低于 b 点的电势，故 A 错误；B、从电场线的分布情况可知，c 处的电场线比 d 处的疏，所以 c 点的电场强度小于 d 点的电场强度，故 B 错误；C 、正电荷所受电场力和场强方向相同，因此正电荷由 a 点移到 b 点时电场力做负功，故 C 正确；D、将一负试探电荷由 c 点移到 d 点，电场力做正功，电势能减少，故 D 错误。故选：C 。考点：电场线 【名师点睛
5、】电场强度、电势、电势能、电场力做功等概念及相互间的关系是本章关键，在电场中通过电场线来判断电场强度、电势、电势能大小变化，理解这些概念之间的关系并能在实际电场中或者电荷运动过程中弄清它们的变化。4己知地球半径为R，地面处的重力加速度为g，一颗距离地面高度为2R的人 造地球卫星 绕地球做匀速圆周运动，下列关于卫星运动的说法正确的是A线速度大小为 2g B角速度为 Rg27C加速度大小为 41g D周期为6【答案】B【解析】试题分析：根据 RmvGM3)2(2，可得线速度 3gRv，所以 A 错误； RmRGM3)2(2，可得角速度 g7，所以 B 正确； a2)(， G2，得: ga91，所以
6、 C 错误；RTmRG34)2(2，得周期 gRT36，故 D 错误。故选 B。学科网考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系【名师点睛】本题考查万有引力定律及其应用。卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式表示出线速度、角速度、周期、加速度等物理量。忽略地球自转的影响，根据万有引力等于重力列出等式。5如图所示，线圈两端与电阻相连构成闭合回路，在线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的 S 极朝下在将磁铁的 S 极插入线圈的过程中,下列正确的是A通过电阻的感应电流的方向为由 a 到 b，线圈与磁铁相互排斥B通过电阻的感应电流的方向为由 b 到 a，线圈与磁铁相互排斥C通过电阻的
7、感应电流的方向为由 a 到 b，线圈与磁铁相互吸引D通过电阻的感应电流的方向为由 b 到 a，线圈与磁铁相互吸引【答案】B考点：楞次定律【名师点睛】当磁铁向下运动时，穿过线圈的磁通量变大，原磁场方向向上，所以感应电流产生的磁场阻碍原磁场的变化，方向向下，根据右手螺旋定则判断感应电流的方向；根据楞次定律“来拒去留”可判断磁铁与线圈的相互作用。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 4 分，共 16 分。每题有多个选项符合 题意，全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，错选或不答的得 0 分。6如图所示，固定的水平长直导线中通有向左方向电流 I，矩形线框与导线在同一竖直平面内，且一边与导线
8、平行。线框由静止释放，在下落过程中A穿过线框的磁通量减小B线框的机械能守恒C线框中感应电流方向为逆时针方向D线框所受安 掊力的合力为零【答案】AC【解析】试题分析：A、线框由静止释放，在下落过程中，因电流的磁场离导线越远，磁场越弱，则穿过线框的磁通量在减小，故 A 正确； B、在下降的过程中，除重力做功以外，有安培力做负功，所以线框不做自由落体运动，其的机械能减小。B 错误；C 、根据右手螺旋定则，知直导线下方的磁场方向垂直纸面向外，线框由静止释放，穿过线圈的磁通量减小，根据楞次定律知，感应电流的方向为逆时针方向，方向不变。故C 正确； D、线框由静止释放，穿过线圈的磁通量减小，将产生 感应电
9、流，产生的感应电流会阻碍线框的运动，所以一定受到安培力的作用。故 D 错误；故选：AC。学科网考点：楞次定律【名师点睛】解决本题的关键掌握应用楞次定律判断感应电流的方向，以及知道机械能守恒的条件根据右手螺旋定则判断出直导线周围的磁场方向，离导线越远，磁场越弱，根据楞次定律判断感应电流的方向，再通过左手定则判断线框所受的安培力的合力方向。除重力做功以外，有安培力做功，机械能不守恒。7如图电路中，电源电动势为 E、内阻为 r闭合开关 S，增大可变电阻 R 的阻值后，电压表示数的变化量为 U在这个过程中，下列判断正确的是A电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大B电阻R 1两端的电压减小，减小量等于
10、 UC电容器的带电量减小，减小量小于CUD电压表示数变化量U和电流表示数变化量I 的比值不变【答案】ACD【解析】试题分析：A、电压表测量 R 两端的电压，则有 IUR， R 增大，则电压表的示数 U 和电流表的示数 I 的比值变大。故 A 正确； B、增大可变电阻 R 的阻值后，电路中电流减小，由欧姆定律分析得知，电阻 R1两端的电压减小，电阻 R 两端的电压增大，而它们的总电压即路端电压增大，所以电阻 R1 两端的电压减小量小于U，故 B 错误； C、R 1 两端的电压减小，电容器的带电量减小，根据 Q=CU 可知，电容器的带电量减小量小于 CU。故 C 正确； D、根据闭合电路欧姆定律得
11、： U=E-I（R 1+r） ，由数学知识得知，rRI1，保持不变。故 D 正确；故选：ACD 。来源:学,科,网考点：闭合电路欧姆定律、电容【名师点睛】闭合开关 S，增大可变电阻 R 的阻值后，电路中电流减小，由欧姆定律分析电阻 R1 两端的电压，根据路端电压的变化，分析电阻 R1 两端的电压变化量与 U 的关系，确定电容带电量变化量。电压表的示数 U 和电流表的示数 I 的比值等于 R。电压表示数变化量U 和电流表示数变化量I 的比值等于R1+r。8如图所示，一质量为 m 的小球固定于轻质弹簧的一端，弹簧的劲度系数为 k，另一端固定于 O 点将小球拉至 A 处，弹簧恰好无形变，由静止释放小
12、球，当它运动到 O 点正下方 B 点时速度为 v、 ，A 、B 两点间的高度差为 h，不计空气阻力，则A由 A 到 B 过程，小球机械能守恒B由 A 到 B 过程，小球重力做的功等于 mghC小球到达 B 点时，受到的重力可能与弹力大小相等D小球到达 B 点时，弹簧的弹性势能为 21mghv【答案】BD【解析】试题分析：A、小球从 A 到 B 的过程中，有重力做功，弹簧弹力做功，小球机械能不守恒，故 A 错误； B、重力 做功只与初末位置的高度差有关，则由 A 至 B 重力做功为 mgh，故 B 正确；C、小球到达 B 点时，具有向上的向心加速度，处于超重状态，弹力大于重力，故 C 错误；D、
13、弹簧弹力做功量度弹性势能的变化，根据动能定理得： 21mvWgh弹 ，所以小球 到达位置 B 时弹簧的弹性势能为 21mvgh，故D 正确；故选：BD。考点：机械能守恒定律; 弹性势能；功能关系【名师点睛】本题要注意我们研究的系统是小球而不是小球与弹簧，小球与弹簧系统则机械能守恒；而只对小球机械能是不定恒的；熟悉功能的对应关系根据下降的高度求出重力做功的大小，结合动能定理求出弹簧弹力做功大小，根据弹簧弹力做功量度弹性势能的变化，从而得出最低点弹簧的弹性势能。根据小球到达 B 点时需要向上的向心加速度，判断弹力和重力的大小关系。9. 如图为一利用海流发电的原理图，用绝缘材料制成一个横截面为矩形的
14、管道，在管道的上、下两个内表面装有两块电阻不计的金属板 M、 N，板长为 a,宽为 b,板间的距离 d将管道沿海流方向固定在海水中，在管道中加一个与前后表面垂直的匀强磁场，磁感应强度 B将电阻为 R 的航标灯与两金属板连接（图中未画出） 海流方向如图，海流速率为 v,下列说法正确的是AM 板电势高于 N 板的电势B发电机的电动势为 Bdv C发电机的电动势为 BavD管道内海水受到的安培力方向向右【答案】AB【解析】试题分析：根据左手定则可知，正电荷向上运动，故 M 板的电势高，A 正确；设电动势为 E，离子同时受电场力和洛伦兹力，二力平衡时两板间的电压稳定， qvBdE, d，B 正确、C
15、错误；根据左手定则可知，磁场对管道内海水的作用力方向向左（与海流流动方向相反） ，D 错误；故选 AB。考点：导体切割磁感线时的感应电动势、安培力【名师点睛】根据左手定则判断正电荷运动的方向，可以判断极板的极性。离子在运动过程中同 时受电场力和洛伦兹力，二力平衡时两板间的电压稳定，根据电场力等于重力，可求出电动势。根据极板的极性可知闭合电路中电流的方向，由左手定则可判断安培力的方向。三、简答题：请将解答填在答 题卡相应的位置。10（8分）某实验小组用图甲所示装置研究系统在金属轨道上运动过程中机械能是否守恒：将一端带有滑轮的长金属轨道水平放置，重物通过细绳水 平牵引小车沿轨道运动，利用打点计时器
16、和纸带记录小车的运动 甲(1)本实验中小车质量 （填“需要”、 “不需要” ）远大于重物质量； (2)将小车靠近打点计时器，将穿好的纸带拉直，接通电源，释放小车. 图乙是打出的一条清晰纸带， O 点是打下的第一个点，1、2、3、4、5 是连续的计数点，O 点和计数点 1 之间还有多个点（图中未画出） ，相邻计数点间的时间间隔为 0.02s在打计数点 4 时小车的速度 v= m/s（保留三位有效数字） 若已知重物的质量为 m，小车的质量为 M,则从点 O 到点 4 的过程中，系统减少的重力势能为 J，增加的动能为 J（g 取 9.8m/s2，数字保留两位小数）.【答案】 （1）不需要；（2）2.
17、30；5.18m ；2.65(m+M)【解析】试题分析：（1）本实验中为了验证机械能守恒定律，两物体的质量均要考虑，故不需要使小车的质量远小于重物的质量；（2）打 4 点时的速度 smTsv/30.204.857623；0 到 4 过程中重力势能的 减小量E P=mgh=9.80.5290m=5.18m；动能的增加量 )(65.)()3.21)(212 MmvMmk 考点：验证机械能守恒定律【名师点睛】明确实验原理，根据机械能守恒定律进行分析即可明确是否需要小车的质量远小于重物的质量；根据平均速度方法可求得打点 4 时的速度；根据重力势能的 定义可求得 0 到 4 时的改变量；根据动能的定义可
18、求得动能的变化。11某学习小组欲探究小灯泡（“3V、1.5W”）的伏安特性，可提供的实验器材如下：A电池组：电动势约 4.5V，内阻可不计；B双量程的电压表；V 1：量程为 03V、内阻约为 3k； V2：量程为 015V、内阻约为 15kC双量程的电流表；A 1：量程为 00.6A、内阻约为 1； A2：量程为 03A、内阻约为 0.1D滑动变阻器 R：阻值范围 010、允许通过最大电流为 2A；E开关 S，导线若干在尽量提高测量精度的情况下，请回答下列问题：（1）根据以上器材，用笔画线代替导线将实物图 1 连接成完整电路；（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑动片应移到 端（选填“A”或“B”
19、） ；（3）调节滑动变阻器得到电压、电流数据如下表，请在图 2 所示的坐标纸上画出小灯泡的 U I 图线组数 1 2 3 4 5 6 7U/V 0 0.28 0.58 0.92 1.50 2.00 3.00I/A 0 0.10 0.20 0.30 0.40 0.45 0.49（4）根据图线可估得小灯泡在常温下的电阻约为 （结果保留 2 位有效数字） 【答案】 （1）连线如图 1 所示（2）A （3）如图 2 中曲线所示 （正确、平滑可得分）（4）2.83.0 【解析】试题分析：（1）本实验应采用滑动变阻器分压接法，同时由于灯泡内阻较小，故采用电流表外接法以减小误差；故连线如图 1 所示；（2）
20、为了让电压值从零开始调节，由图可知测量电路与滑动变阻器的左侧并联；故开始时滑片应滑到 A 侧；（3）根据描点法可得出对应的伏安特性曲线如图 2 所示；（4）常温下的电阻图线过原点的切线的斜率；故 8.210.R考点：描绘小电珠的伏安特性曲线【名师点睛】根据实验原理明确滑动变阻器以及电流表的接法，从而明确电路实物图；让开始时要让电压从零开始调节，故开始时应让与测量部分并联的滑动变阻器并联；根据描点法可得出对应的图象；根据图象过原点的斜率可求得常温下的电阻。12 A(选修模块 33)(12 分) (1)下列说 法正确的是 A给车胎打气，越压越吃力，是由于分子间存在斥力B液体的温度越高，布朗运动越剧
21、烈C在绕地球飞行的宇宙 飞船中，自 由飘浮的水滴呈球形，这是表面张力作用的结果D当两分子间距离大于平衡位置的间距 r0 时，分子间的距离越大，分子势能越小【答案】BC【解析】试题分析：A、给车轮胎打气，越来越费力，主要是由于打气过程中气体压强增加的缘故，不是由于分子间存在斥力，故 A 错误；B、布朗运动的实质是液体分子不停地无规则的撞击悬浮微粒，悬浮微粒越小，温度越高，液体分子撞击作用的不平衡性越明显，布朗运动越明显，故 B 正确；C、在绕地球飞行的宙飞中，自由飘浮水滴呈球形，这是表面张力作用的结果故 C 正确；D、当 rr 0 时，分子力表现为引力，随着分子之间间距的增大，分子力做负功，分子势能增大，故 D 错误；故选 BC。 学科网 来源:学科网 ZXXK考点：分子间的相互作用力；布朗运动、表面张力、分子势能【名师点睛】压缩气体要用很大的力，这是因为要克服大气压力，液体表面存在表面张力。布朗运动的实质是液体分子不停地做无规则撞击悬浮微粒，悬浮微粒受到的来自各个方向的液体分子的撞击作用不平衡，
