1、第 9 讲 函数问题的题型与方法三、函数的概念函数有二种定义，一是变量观点下的定义，一是映射观点下的定义复习中不能仅满足对这两种定义的背诵，而应在判断是否构成函数关系，两个函数关系是否相同等问题中得到深化，更应在有关反函数问题中正确运用具体要求是：1深化对函数概念的理解，明确函数三要素的作用，并能以此为指导正确理解函数与其反函数的关系2系统归纳求函数定义域、值域、解析式、反函数的基本方法在熟练有关技能的同时，注意对换元、待定系数法等数学思想方法的运用3通过对分段定义函数，复合函数，抽象函数等的认识，进一步体会函数关系的本质，进一步树立运动变化，相互联系、制约的函数思想，为函数思想的广泛运用打好
2、基础本部分的难点首先在于克服“函数就是解析式”的片面认识，真正明确不仅函数的对应法则，而且其定义域都包含着对函数关系的制约作用，并真正以此作为处理问题的指导其次在于确定函数三要素、求反函数等课题的综合性，不仅要用到解方程，解不等式等知识，还要用到换元思想、方程思想等与函数有关概念的结合 深化对函数概念的认识例 1下列函数中，不存在反函数的是 （ ）分析：处理本题有多种思路分别求所给各函数的反函数，看是否存在是不好的，因为过程太繁琐从概念看，这里应判断对于给出函数值域内的任意值，依据相应的对应法则，是否在其定义域内都只有惟一确定的值与之对应，因此可作出给定函数的图象，用数形结合法作判断，这是常用
3、方法。此题作为选择题还可采用估算的方法对于 D，y=3 是其值域内一个值，但若 y=3，则可能x=2(21) ，也可能 x=-1(-1 -1)依据概念，则易得出 D 中函数不存在反函数于是决定本题选D说明：不论采取什么思路，理解和运用函数与其反函数的关系是这里解决问题的关键由于函数三要素在函数概念中的重要地位，那么掌握确定函数三要素的基本方法当然成了函数概念复习中的重要课题例 1 （重庆市）函数 的定义域是（ D ）)23(log1xyA、 B、 C、 D、,)3,23,123(,1例 2 （天津市）函数 （ ）的反函数是（ D ）12xy0A、 B、)3(log13y )3(log3xyC、
4、 D、1x 11也有个别小题的难度较大，如例 3 （北京市）函数 其中 P、M 为实数集 R 的两个非空子集，又规定,(),xf， ，给出下列四个判断：fPyfP()|,fyfx()|(),若 ，则 若 ，则MfPfM()若 ，则 若 ，则R()ffRPRR其中正确判断有（ B ）A、 1 个 B、 2 个 C、 3 个 D、 4 个分析：若 ，则只有 这一种可能和是正确的P0MP 系统小结确定函数三要素的基本类型与常用方法1求函数定义域的基本类型和常用方法由给定函数解析式求其定义域这类问题的代表，实际上是求使给定式有意义的 x 的取值范围它依赖于对各种式的认识与解不等式技能的熟练这里的最高层
5、次要求是给出的解析式还含有其他字例 2已知函数 定义域为(0，2) ，求下列函数的定义域：fx分析：x 的函数 f(x )是由 u=x 与 f(u)这两个函数复合而成的复合函数，其中 x 是自变量，22u 是中间变量由于 f(x)，f(u)是同一个函数，故(1)为已知 0u2，即 0x 2求 x 的取值范围解：(1)由 0x 2， 得 说明：本例(1)是求函数定义域的第二种类型，即不给出 f(x)的解析式，由 f(x)的定义域求函数 fg(x)的定义域关键在于理解复合函数的意义，用好换元法(2)是二种类型的综合求函数定义域的第三种类型是一些数学问题或实际问题中产生的函数关系，求其定义域。2求函
6、数值域的基本类型和常用方法函数的值域是由其对应法则和定义域共同决定的其类型依解析式的特点分可分三类：(1)求常见函数值域；(2)求由常见函数复合而成的函数的值域；(3)求由常见函数作某些“运算”而得函数的值域 3求函数解析式举例例 3已知 xy0，并且 4x -9y =36由此能否确定一个函数关系 y=f(x)？如果能，求出2其解析式、定义域和值域；如果不能，请说明理由分析： 4x -9y =36 在解析几何中表示双曲线的方程，仅此当然不能确定一个函数关系2y=f(x)，但加上条件 xy0 呢？所以因此能确定一个函数关系 y=f(x)其定义域为(- ，-3)(3，+) 且不难得到其值域为(-，
7、0) (0， ) 说明：本例从某种程度上揭示了函数与解析几何中方程的内在联系任何一个函数的解析式都可看作一个方程，在一定条件下，方程也可转化为表示函数的解析式求函数解析式还有两类问题：(1)求常见函数的解析式由于常见函数(一次函数，二次函数，幂函数，指数函数，对数函数，三角函数及反三角函数)的解析式的结构形式是确定的，故可用待定系数法确定其解析式这里不再举例(2)从生产、生活中产生的函数关系的确定这要把有关学科知识，生活经验与函数概念结合起来，举例也宜放在函数复习的以后部分四、函数的性质、图象(一)函数的性质函数的性质是研究初等函数的基石，也是高考考查的重点内容在复习中要肯于在对定义的深入理解
8、上下功夫复习函数的性质，可以从“数”和“形”两个方面，从理解函数的单调性和奇偶性的定义入手，在判断和证明函数的性质的问题中得以巩固，在求复合函数的单调区间、函数的最值及应用问题的过程中得以深化具体要求是：1正确理解函数单调性和奇偶性的定义，能准确判断函数的奇偶性，以及函数在某一区间的单调性，能熟练运用定义证明函数的单调性和奇偶性2从数形结合的角度认识函数的单调性和奇偶性，深化对函数性质几何特征的理解和运用，归纳总结求函数最大值和最小值的常用方法3培养学生用运动变化的观点分析问题，提高学生用换元、转化、数形结合等数学思想方法解决问题的能力这部分内容的重点是对函数单调性和奇偶性定义的深入理解函数的
9、单调性只能在函数的定义域内来讨论函数 y=f(x)在给定区间上的单调性，反映了函数在区间上函数值的变化趋势，是函数在区间上的整体性质，但不一定是函数在定义域上的整体性质函数的单调性是对某个区间而言的，所以要受到区间的限制对函数奇偶性定义的理解，不能只停留在 f(-x)=f(x)和 f(-x)=-f(x)这两个等式上，要明确对定义域内任意一个 x，都有 f(-x)=f(x)，f(-x)=-f(x)的实质是：函数的定义域关于原点对称这是函数具备奇偶性的必要条件稍加推广，可得函数 f(x)的图象关于直线 x=a 对称的充要条件是对定义域内的任意 x，都有 f(x+a)=f(a-x)成立函数的奇偶性是
10、其相应图象的特殊的对称性的反映这部分的难点是函数的单调性和奇偶性的综合运用根据已知条件，调动相关知识，选择恰当的方法解决问题，是对学生能力的较高要求1对函数单调性和奇偶性定义的理解例 4下面四个结论：偶函数的图象一定与 y 轴相交；奇函数的图象一定通过原点；偶函数的图象关于 y 轴对称；既是奇函数又是偶函数的函数一定是 f(x)=0(xR)，其中正确命题的个数是 （ ）A1 B2 C3 D4分析：偶函数的图象关于 y 轴对称，但不一定相交，因此正确，错误奇函数的图象关于原点对称，但不一定经过原点，因此不正确若 y=f(x)既是奇函数，又是偶函数，由定义可得 f(x)=0，但不一定 xR，如例
11、1 中的(3)，故错误，选 A说明：既奇又偶函数的充要条件是定义域关于原点对称且函数值恒为零2复合函数的性质复合函数 y=fg(x)是由函数 u=g(x)和 y=f(u)构成的，因变量 y 通过中间变量 u 与自变量 x 建立起函数关系，函数 u=g(x)的值域是 y=f(u)定义域的子集复合函数的性质由构成它的函数性质所决定，具备如下规律：(1)单调性规律如果函数 u=g(x)在区间m，n上是单调函数，且函数 y=f(u)在区间g(m)，g(n) (或g(n)，g(m)上也是单调函数，那么若 u=g(x)，y=f(u)增减性相同，则复合函数 y=fg(x)为增函数；若 u=g(x)，y= f
12、(u)增减性不同，则 y=fg(x)为减函数(2)奇偶性规律若函数 g(x)，f(x)，fg(x)的定义域都是关于原点对称的，则 u=g(x)，y=f(u)都是奇函数时，y=fg(x)是奇函数；u=g(x)，y=f(u)都是偶函数，或者一奇一偶时，y= fg(x)是偶函数例 5若 y=log (2-ax)在0，1上是 x 的减函数，则 a 的取值范围是（ ）aA(0，1) B(1，2) C(0，2) D2，+)分析：本题存在多种解法，但不管哪种方法，都必须保证：使 log (2-ax)有意义，即aa0 且 a1，2-ax0使 log (2-ax)在0，1上是 x 的减函数由于所给函数可分解为a
13、y=log u，u=2-ax，其中 u=2-ax 在 a0 时为减函数，所以必须 a1；0，1必须是y=log (2-ax)定义域的子集a解法一：因为 f(x)在0，1上是 x 的减函数，所以 f(0)f(1)，即 log 2log (2-a)a解法二：由对数概念显然有 a0 且 a1，因此 u=2-ax 在0，1上是减函数，y= log u 应为增函数，得 a1，排除 A，C，再令a故排除 D，选 B说明：本题为 1995 年全国高考试题，综合了多个知识点，无论是用直接法，还是用排除法都需要概念清楚，推理正确3函数单调性与奇偶性的综合运用例 6甲、乙两地相距 Skm，汽车从甲地匀速行驶到乙地
14、，速度不得超过 c kmh，已知汽车每小时的运输成本(以元为单位)由可变部分和固定部分组成：可变部分与速度 v(kmh)的平方成正比，比例系数为 b；固定部分为 a 元(1)把全程运输成本 y(元)表示为速度 v(kmh)的函数，并指出这个函数的定义域；(2)为了使全程运输成本最小，汽车应以多大速度行驶分析：(1)难度不大，抓住关系式：全程运输成本=单位时间运输成本全程运输时间，而全程运输时间=(全程距离)(平均速度)就可以解决故所求函数及其定义域为但由于题设条件限制汽车行驶速度不超过 ckmh，所以(2)的解决需要论函数的增减性来解决由于 v v 0，v -v 0，并且1221又 S0，所以
15、 即则当 v=c 时，y 取最小值说明：此题是 1997 年全国高考试题由于限制汽车行驶速度不得超过 c，因而求最值的方法也就不完全是常用的方法，再加上字母的抽象性，使难度有所增大（二）函数的图象1掌握描绘函数图象的两种基本方法描点法和图象变换法2会利用函数图象，进一步研究函数的性质，解决方程、不等式中的问题3用数形结合的思想、分类讨论的思想和转化变换的思想分析解决数学问题4掌握知识之间的联系，进一步培养观察、分析、归纳、概括和综合分析能力以解析式表示的函数作图象的方法有两种，即列表描点法和图象变换法，掌握这两种方法是本节的重点运用描点法作图象应避免描点前的盲目性，也应避免盲目地连点成线要把表
16、列在关键处，要把线连在恰当处这就要求对所要画图象的存在范围、大致特征、变化趋势等作一个大概的研究而这个研究要借助于函数性质、方程、不等式等理论和手段，是一个难点用图象变换法作函数图象要确定以哪一种函数的图象为基础进行变换，以及确定怎样的变换这也是个难点1作函数图象的一个基本方法例 7作出下列函数的图象(1)y=|x-2|(x1)；(2)y=10|lgx| 分析：显然直接用已知函数的解析式列表描点有些困难，除去对其函数性质分析外，我们还应想到对已知解析式进行等价变形解：(1)当 x2 时，即 x-20 时，当 x2 时，即 x-20 时，这是分段函数，每段函数图象可根据二次函数图象作出(见图 6
17、)(2)当 x1 时，lgx 0，y=10 |lgx|=10lgx=x；当 0x1 时，lgx0，所以这是分段函数，每段函数可根据正比例函数或反比例函数作出(见图 7)说明：作不熟悉的函数图象，可以变形成基本函数再作图，但要注意变形过程是否等价，要特别注意 x，y 的变化范围因此必须熟记基本函数的图象例如：一次函数、反比例函数、二次函数、指数函数、对数函数，及三角函数、反三角函数的图象在变换函数解析式中运用了转化变换和分类讨论的思想2作函数图象的另一个基本方法图象变换法一个函数图象经过适当的变换(如平移、伸缩、对称、旋转等)，得到另一个与之相关的图象，这就是函数的图象变换在高中，主要学习了三种
18、图象变换：平移变换、伸缩变换、对称变换(1)平移变换函数 y=f(x+a)(a0)的图象可以通过把函数 y=f(x)的图象向左(a0)或向右(a0)平移|a|个单位而得到；函数 y=f(x)+b(b0)的图象可以通过把函数 y=f(x)的图象向上(b0)或向下(b0)平移|b|个单位而得到(2)伸缩变换函数 y=Af(x)(A0，A1)的图象可以通过把函数 y=f(x)的图象上各点的纵坐标伸长(A1)或缩短(0A1)成原来的 A 倍，横坐标不变而得到函数 y=f(x)(0，1)的图象可以通过把函数 y=f(x)的图象上而得到(3)对称变换函数 y=-f(x)的图象可以通过作函数 y=f(x)的
19、图象关于 x 轴对称的图形而得到函数 y=f(-x)的图象可以通过作函数 y=f(x)的图象关于 y 轴对称的图形而得到函数 y=-f(-x)的图象可以通过作函数 y=f(x)的图象关于原点对称的图形而得到函数 y=f-1(x)的图象可以通过作函数 y=f(x)的图象关于直线 y=x 对称的图形而得到。函数 y=f(|x|)的图象可以通过作函数 y=f(x)在 y 轴右方的图象及其与 y 轴对称的图形而得到函数 y=|f(x)|的图象可以通过作函数 y=f(x)的图象，然后把在 x 轴下方的图象以 x 轴为对称轴翻折到 x 轴上方，其余部分保持不变而得到例 8已知 f(x+199)=4x 4x
20、+3(xR)，那么函数 f(x)的最小值为_2分析：由 f(x 199)的解析式求 f(x)的解析式运算量较大，但这里我们注意到，y=f(x 100)与 y=f(x)，其图象仅是左右平移关系，它们取得求得 f(x)的最小值即 f(x 199)的最小值是 2说明：函数图象与函数性质本身在学习中也是密切联系的，是“互相利用”关系，函数图象在判断函数奇偶性、单调性、周期性及求最值等方面都有重要用途五、函数综合应用函数的综合复习是在系统复习函数有关知识的基础上进行函数的综合应用:1在应用中深化基础知识在复习中基础知识经历一个由分散到系统，由单一到综合的发展过程这个过程不是一次完成的，而是螺旋式上升的因
21、此要在应用深化基础知识的同时，使基础知识向深度和广度发展2以数学知识为载体突出数学思想方法数学思想方法是观念性的东西，是解决数学问题的灵魂，同时它又离不开具体的数学知识函数内容最重要的数学思想是函数思想和数形结合的思想此外还应注意在解题中运用的分类讨论、换元等思想方法解较综合的数学问题要进行一系列等价转化或非等价转化因此本课题也十分重视转化的数学思想3重视综合运用知识分析问题解决问题的能力和推理论证能力的培养函数是数学复习的开始，还不可能在大范围内综合运用知识但从复习开始就让学生树立综合运用知识解决问题的意识是十分重要的推理论证能力是学生的薄弱环节，近几年高考命题中加强对这方面的考查，尤其是对
22、代数推理论证能力的考查是十分必要的本课题在例题安排上作了这方面的考虑具体要求是：1在全面复习函数有关知识的基础上，进一步深刻理解函数的有关概念，全面把握各类函数的特征，提高运用基础知识解决问题的能力2掌握初等数学研究函数的方法，提高研究函数的能力，重视数形结合数学思想方法的运用和推理论证能力的培养3初步沟通函数与方程、不等式及解析几何有关知识的横向联系，提高综合运用知识解决问题的能力4树立函数思想，使学生善于用运动变化的观点分析问题本部分内容的重点是：通过对问题的讲解与分析，使学生能较好的调动函数的基础知识解决问题，并在解决问题中深化对基础知识的理解，深化对函数思想、数形结合思想的理解与运用难
23、点是：函数思想的理解与运用，推理论证能力、综合运用知识解决问题能力的培养与提高函数的综合运用主要是指运用函数的知识、思想和方法综合解决问题函数描述了自然界中量的依存关系，是对问题本身的数量本质特征和制约关系的一种刻画，用联系和变化的观点提出数学对象，抽象其数学特征，建立函数关系因此，运动变化、相互联系、相互制约是函数思想的精髓，掌握有关函数知识是运用函数思想的前提，提高用初等数学思想方法研究函数的能力，树立运用函数思想解决有关数学问题的意识是运用函数思想的关键1准确理解、熟练运用，不断深化有关函数的基础知识在中学阶段函数只限于定义在实数集合上的一元单值函数，其内容可分为两部分第一部分是函数的概
24、念和性质，这部分的重点是能从变量的观点和集合映射的观点理解函数及其有关概念，掌握描述函数性质的单调性、奇偶性、周期性等概念；第二部分是七类常见函数(一次函数、二次函数、指数函数、对数函数、三角函数和反三角函数)的图象和性质第一部分是理论基础，第二部分是第一部分的运用与发展例 9已知函数 f(x)，xF，那么集合(x，y)|y=f(x) ，xF(x ，y)|x=1 中所含元素的个数是 （ ）A0 B1 C 0 或 1 D1 或 2分析：这里首先要识别集合语言，并能正确把集合语言 转化成熟悉的语言从函数观点看，问题是求函数 y=f(x)，xF 的图 象与直线 x=1 的交点个数(这是一次数到形的转
25、化)，不少学生常误 认为交点是 1 个，并说这是根据函数定义中“惟一确定”的规定得 到的，这是不正确的，因为函数是由定义域、值域、对应法则三要素 组成的这里给出了函数 y=f(x)的定义域是 F，但未明确给出 1 与 F 的关系，当 1F 时有 1 个交点，当 1 F 时没有交点，所以选 C2掌握研究函数的方法，提高研究函数问题的能力高中数学对函数的研究理论性加强了，对一些典型问题的研究十分重视，如求函数的定义域，确定函数的解析式，判断函数的奇偶性，判断或证明函数在指定区间的单调性等，并形成了研究这些问题的初等方法，这些方法对分析问题能力，推理论证能力和综合运用数学知识能力的培养和发展是十分重
26、要的函数、方程、不等式是相互联系的对于函数 f(x)与 g(x)，令 f(x)=g(x)，f(x)g(x)或f(x)g(x)则分别构成方程和不等式，因此对于某些方程、不等式的问题用函数观点认识是十分有益的；方程、不等式从另一个侧面为研究函数提供了工具例 10方程 lgx+x=3 的解所在区间为（ ）A(0，1) B(1，2)C(2，3) D(3，+)分析：在同一平面直角坐标系中，画出函数 y=lgx 与 y=-x+3 的图象(如图 2)它们的交点横坐标 ，显然在区间(1，3)内，由此可排除 A，D至于选 B 还是选 C，由于画图精确性的限制，0x单凭直观就比较困难了实际上这是要比较 与 2 的
27、大小当 x=2 时，lgx=lg2，3-x=1由于0xlg21，因此 2，从而判定 (2，3)，故本题应选 C0说明：本题是通过构造函数用数形结合法求方程 lgx+x=3 解所在的区间数形结合，要在结合方面下功夫不仅要通过图象直观估计，而且还要计算 的邻近两个函数值，通过比较其大0x小进行判断例 11(1)一次函数 f(x)=kx+h(k0)，若 mn 有 f(m)0，f(n)0，则对于任意x(m，n)都有 f(x)0，试证明之；(2)试用上面结论证明下面的命题：若 a，b，cR 且|a|1，|b|1，|c|1，则 ab+bc+ca-1分析：问题(1)实质上是要证明，一次函数 f(x)=kx+
28、h(k0)， x(m， n)若区间两个端点的函数值均为正，则对于任意 x(m，n)都有 f(x)0之所以具有上述性质是由于一次函数是单调的因此本问题的证明要从函数单调性入手(1)证明：当 k0 时，函数 f(x)=kx+h 在 xR 上是增函数，mxn，f(x)f(m)0；当 k0 时，函数 f(x)=kx+h 在 xR 上是减函数，mxn，f(x)f(n)0所以对于任意 x(m，n)都有 f(x)0 成立(2)将 ab+bc+ca+1 写成(b+c)a+bc+1，构造函数 f(x)=(b+c)x+bc+1则f(a)=(b+c)a+bc+1当 b+c=0 时，即 b=-c， f(a)=bc+1
29、=-c2+1因为|c|1，所以 f(a)=-c2+10当 b+c0 时，f(x)=(b+c)x+bc+1 为 x 的一次函数因为|b|1，|c|1，f(1)=b+c+bc+1=(1+b)(1+c)0， f(-1)=-b-c+bc+1=(1-b)(1-c)0由问题(1)对于|a|1 的一切值 f(a)0，即(b+c)a+bc+1=ab+ac+bc+10说明：问题(2)的关键在于“转化” “构造” 把证明 ab+bc+ca-1 转化为证明ab+bc+ca+10， 由于式子 ab+bc+ca+1 中， a，b，c 是对称的，构造函数 f(x)=(b+c)x+bc+1，则 f(a)=(b+c)a+bc
30、+1，问题转化为在|a|1，|b|1，|c|1 的条件下证明 f(a)0(也可构造 f(x)=(a+c)x+ac+1，证明 f(b)0)。例 12定义在 R 上的单调函数 f(x)满足 f(3)=log 3 且对任意 x，yR 都有 f(x+y)=f(x)2+f(y)(1)求证 f(x)为奇函数；(2)若 f(k3 )+f(3 -9 -2)0 对任意 xR 恒成立，求实数 k 的取值范围xx分析：欲证 f(x)为奇函数即要证对任意 x 都有 f(-x)=-f(x)成立在式子 f(x+y)=f(x)+f(y)中，令 y=-x 可得 f(0)=f(x)+f(-x)于是又提出新的问题，求 f(0)的
31、值令 x=y=0 可得 f(0)=f(0)+f(0)即f(0)=0，f(x)是奇函数得到证明(1)证明：f(x+y)=f(x)+f(y)(x ，yR )， 令 x=y=0，代入式，得 f(0+0)=f(0)+f(0)，即 f(0)=0令 y=-x，代入式，得 f(x-x)=f(x)+f(-x)，又 f(0)=0，则有0=f(x)+f(-x)即 f(-x)=-f(x)对任意 xR 成立，所以 f(x)是奇函数(2)解：f(3)=log 30，即 f(3)f(0)，又 f(x)在 R 上是单调函数，所以 f(x)在 R 上是增2函数，又由(1)f(x)是奇函数f(k3 )-f(3 -9 -2)=f
32、(-3 +9 +2)， k3 -3 +9 +2，xxxxx3 -(1+k)3 +20 对任意 xR 成立2令 t=3 0，问题等价于 t -(1+k)t+20 对任意 t0 恒成立x2R 恒成立说明：问题(2)的上述解法是根据函数的性质f(x)是奇函数且在 xR 上是增函数，把问题转化成二次函数 f(t)=t -(1+k)t+2 对于任意 t0 恒成立对二次函数 f(t)进行研究求2解本题还有更简捷的解法：分离系数由 k3 -3 +9 +2 得xx上述解法是将 k 分离出来，然后用平均值定理求解，简捷、新颖六、强化训练1对函数 作代换 x=g(t)，则总不改变 f(x)值域的代换是 ( ) A
33、baxxf23)(Bttg21lo)( ttg)21(Cg(t)=(t1) 2 Dg(t)=cost2方程 f(x,y)=0 的曲线如图所示，那么方程 f(2x ,y)=0 的曲线是 ( )3已知命题 p：函数 的值域为 R，命题 q：函数)2(log5.0axy xay)25(是减函数。若 p 或 q 为真命题，p 且 q 为假命题，则实数 a 的取值范围是Aa1 B am(x 1)对满足|m|2 的一切实数 m 的取值都成立。求 x 的取值范围。216. 设等差数列a 的前 n 项的和为 S ，已知 a 12，S 0，S 0） ，则 ，解出 x2，再用万能公式，选 A；212x2158利用
34、 是关于 n 的一次函数，设 S S m， x，则（ ,p） 、( ,q)、Sn pqpqmpq(x，p+q)在同一直线上，由两点斜率相等解得 x0，则答案：0；9设 cosxt，t-1,1，则 at t1 ,1，所以答案： ,1；245410设高 h，由体积解出 h2 ，答案：24 ；3611设长 x，则宽 ，造价 y41204x80 801760，答案：1760。41x12运用条件知： =2，且(1)(fnf2222(1)43)(64)(8()57fff fff= =16(68()3)57ffffPMA H BD C13依题意可知 ，从而可知 ，所以有21240bacx12,(,0)x，又
35、 为正整数，取 ，则21240()bacfx24bac,b1c，所以 ，从而 ，所以 ，又ab244aca5a240bac，所以 ，因此 有最小值为 。565b1下面可证 时， ，从而 ，所以 , 又 ,所以c32b5,所以 ,综上可得: 的最小值为 11。114分析:这是有关函数定义域、值域的问题，题目是逆向给出的，解好本题要运用复合函数，把f(x)分解为 u=ax +2x+1 和 y=lgu 并结合其图象性质求解2切实数 x 恒成立 a=0 或 a0 不合题意，解得 a1当 a0 时不合题意； a=0 时，u=2x+1，u 能取遍一切正实数；a0 时，其判别式 =22-4a10，解得 0a
36、 1所以当 0a1 时 f(x)的值域是 R15分析：此问题由于常见的思维定势，易把它看成关于 x 的不等式讨论。然而，若变换一个角度以 m 为变量，即关于 m 的一次不等式(x 1)m(2x1)m(x 1)的解集是-2,2时求 m 的值、2关于 x 的不等式 2x1m(x 1)在-2,2上恒成立时求 m 的范围。2一般地，在一个含有多个变量的数学问题中，确定合适的变量和参数，从而揭示函数关系，使问题更明朗化。或者含有参数的函数中，将函数自变量作为参数，而参数作为函数，更具有灵活性，从而巧妙地解决有关问题。16分析： 问利用公式 a 与 S 建立不等式，容易求解 d 的范围；问利用 S 是 n
37、 的二次函n数，将 S 中哪一个值最大，变成求二次函数中 n 为何值时 S 取最大值的函数最值问题。n n解： 由 a a 2d12,得到 a 122d，所以311S 12a 66d12(122d)66d14442d0，12S 13a 78d13(122d)78d15652d0、a a a ，由 S 13a 0 得 a 0。所以，在 S 、 S 、S 中，S 的值最大。71267612617分析：异面直线 PB 和 AC 的距离可看成求直线 PB 上任意一点到 AC 的距离的最小值，从而设定变量，建立目标函数而求函数最小值。解：在 PB 上任取一点 M，作 MDAC 于 D，MHAB 于 H，
38、设 MHx，则 MH平面 ABC，ACHD 。MD x (2rx)sin (sin 1)2 22x 4rsin x4r sin (sin 1)x 2 12rsin412rsin即当 x 时，MD 取最小值 为两异面直线的距离。2rsi 21rsin 说明：本题巧在将立体几何中“异面直线的距离”变成“求异面直线上两点之间距离的最小值” ，并设立合适的变量将问题变成代数中的“函数问题” 。一般地，对于求最大值、最小值的实际问题，先将文字说明转化成数学语言后，再建立数学模型和函数关系式，然后利用函数性质、重要不等式和有关知识进行解答。比如再现性题组第 8 题就是典型的例子。18分析：已知了一个积式，
39、考虑能否由其它已知得到一个和式，再用方程思想求解。解： 由 A、B、C 成等差数列，可得 B60；由ABC 中 tanAtanBtanCtanAtanBtanC，得tanAtanCtanB(tanAtanC1) (1 )3 P MA H B D C设 tanA、tanC 是方程 x ( 3)x2 0 的两根，解得 x 1，x 22333设 A0123xax在 x(-,1上恒成立的不等式问题。解：由题设可知，不等式 12 4 a0 在 x(-,1上恒成立，x即：( ) ( ) a0 在 x(-,1上恒成立。12xx设 t( ) , 则 t ， 又设 g(t)t ta，其对称轴为 t2 12 t
40、ta0 在 ,+)上无实根， 即 g( )( ) a0，得 a2121234所以 a 的取值范围是 a 。34说明：对于不等式恒成立，引入新的参数化简了不等式后，构造二次函数利用函数的图像和单调性进行解决问题，其中也联系到了方程无解，体现了方程思想和函数思想。一般地，我们在解题中要抓住二次函数及图像、二次不等式、二次方程三者之间的紧密联系，将问题进行相互转化。在解决不等式( ) ( ) a0 在 x(-,1上恒成立的问题时，也可使用“分离参数12xx法”： 设 t( ) , t ，则有 at t(, ，所以 a 的取值范围是12234a 。其中最后得到 a 的范围，是利用了二次函数在某区间上值
41、域的研究，也可属应用“函数34思想” 。20解：f(x)=cossinx (sinxcos cos xsin)+(tan2)sinxsin=sincosx+(tan2)sinx sin因为 f(x)是偶函数，所以对任意 xR，都有 f(x)=f (x)，即 sincos(x)+(tan2)sin( x )sin =sincosx+(tan2)sinxsin,即(tan2)sinx =0，所以 tan=2由22sinco1,解得 或； ，5cos2in.5cos2in，此时，f(x)=sin(cosx1).当 sin= 时， f(x)= (cosx1) 最大值为 0，不合题意最小值为 0，舍去；
42、22当 sin= 时，f(x )= (cosx1) 最小值为 0，55当 cosx=1 时， f(x)有最大值为 ,4自变量 x 的集合为 x|x=2k+,kZ21解：（1） ； ，(0)0fc()0fxa2()3fxb若 上是增函数，则 恒成立，即1,)()fminb若 上是减函数，则 恒成立，这样的 不存在x综上可得： 3ab（2） （证法一）设 ，由 得 ，于是有 ， （1）0()fm0()fx0()fmx300 ()2xb（2）得： ，化简可得3x， ，2200()1)b001,()1f，故 ，即有 4x0()fx（证法二）假设 ，不妨设 ，由（1）可知 在0fx00(fxa,上单调递增，故 ，0)()f这与已知 矛盾，故原假设不成立，即有 0(f 0()f
