1、湖北省宜昌市第一中学 2018 届高三年级适应性训练（九）理综物理试题二、选择题：本大题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 1418 题只有一项是符合题目要求，第 1921 题有多项符合题目要求。全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分。有选错的得 0 分。1. 下列说法正确的是( )A. 牛顿根据扭秤实验测出了万有引力常量 GB. 我国发射的同步卫星可以定位在首都北京的正上方C. 人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动的速度一定不大于 7.9km/sD. 根据开普勒第二定律可知，行星在近日点的速度小于在远日点的速度【答案】C【解析】A、卡文迪许根据扭秤实验测出了万有引力
2、常量 G，故 A 错误；B、同步卫星若在除赤道所在平面外的任意点，假设实现了“同步” ，那它的运动轨道所在平面与受到地球的引力就不在一个平面上，这是不可能的所以我国发射的同步卫星不可以定位在首都北京的上方，故 B 错误；C、人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力 ，得 ，由此可知轨道半径越大，速度越小，轨道半径越小，速度越大，当轨道半径最小等于地球半径 R 时，速度最大为 ，所以绕地球做匀速圆周运动的人造地球卫星的速度一定等于或小于 7.9 km/s，故 C 正确；D、根据开普勒第二定律得行星与太阳的连线在相等时间内扫过的面积相等，得远日点时速率小于近日点，故 D 错误；故选
3、 C。2. 欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为 a、b、c，且 abc.电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是、A. B. C. D. 【答案】A【解析】由电阻的决定式可知，A 中电阻 ，B 中电阻 ；C 中电阻 ；D 中电阻 ；故电阻最小的为 D；故选 D3. 如下图所示，铜质导电板(单位体积的电荷数为 n)置于匀强磁场中，用电源、开关、电流表、电压表可以测出磁感应强度的大小和方向将电路接通，串联在 AB 线中的电流表读数为 I，电流方向从 A 到 B，并联在 CD 两端的电压表的读数为 UCD=U0，已知铜质导电板厚 h、横截
4、面积为 S，电子电荷量为 e.则该处的磁感应强度的大小和方向可能是A. 、垂直纸面向外B. 、垂直纸面向里C. 、垂直纸面向外D. 、垂直纸面向里【答案】A解得： ，故 A 正确， BCD 错误；点睛：解决本题的关键掌握左手定则判定洛伦兹力的方向，以及知道最终电子受电场力和洛伦兹力处于平衡。4. 如图所示，在纸面内半径为 R 的圆形区域中充满了垂直于纸面向里、磁感应强度为 B 的匀强磁场，一点电荷从图中 A 点以速度 v0垂直磁场射入，当该电荷离开磁场时，速度方向刚好改变了 180，不计电荷的重力，下列说法正确的是（ ）A. 该点电荷离开磁场时速度方向的反向延长线通过 O 点B. 该点电荷的比
5、荷为C. 该点电荷在磁场中的运动时间 t=D. 该点电荷带正电【答案】B【解析】如图所示，点电荷在磁场中做匀速圆周运动，根据几何关系作出点电荷运动轨迹有：电荷在电场中刚好运动 ，电荷做圆周运动的半径 ，所以有：A、如图，电荷离开磁场时速度方向与进入磁场时速度方向相反，其反向延长线不通过 O 点，故 A 错误；B、根据洛伦兹力提供向心力有 ，所以： ，故 B 正确；C、由图知该电荷在磁场中运动的时间 ，故 C 错误；D、根据左手定则可以知道粒子带负电，故选项 D 错误。点睛：正确的判断带电粒子在磁场中的运动轨迹，利用几何关系求运动半径，洛伦兹力提供向心力是解决本题的关键。5. 在一个点电荷的电场
6、中有一质量为 m、带正电 q 的粒子甲从 O 点以速率 射出，运动到 A点时速率为 3 .另一质量为 m、带等量负电荷的粒子乙以速率 4 仍从 O 点射出，运动到 B 点时速率为 5 .若取 O 点电势为零，忽略重力的影响.则A. 在 O，A，B 三点中，A 点电势最高B. O，A 间的电势差比 B、O 间的电势差大C. 甲电荷从 O 到 A 电场力所做的功比乙电荷从 O 到 B 电场力所做的功多D. 甲电荷在 A 点的电势能比乙电荷在 B 点的电势能大【答案】D【解析】A、正电荷由 O 到 A，动能变大，电场力做正功，电势能减小，电势也减小，所以 O点的电势比 A 点的高；负电荷从 O 到
7、B 速度增大，电场力也做正功，电势能减小，电势升高，B 点电势比 O 点高所以 B 点最高，故 A 错误；B、由电场力做功的公式可得 ，所以 OA 间的电势差比 BO 间的电势差小，故 B 错误；C、甲电荷从 O 到 A 电场力所做的功 ，乙电荷从 O 到B 电场力所做的功 所以甲电荷从 O 到 A 电场力所做的功比乙电荷从 O 到 B 电场力所做的功小， ，解得 ，所以甲电荷在 A 点的电势能比乙电荷在 B 点的电势能大，故 C 错误，D 正确；故选 D。【点睛】根据电场力做功与电势能之间的关系，电场力做正功，电势能减小，可以判断电势的高低；在由电势差的定义式可以分析 OA、BO 的电势差的
8、大小。6. 杂技演员站在一块儿被他踩成斜面状的木板处于静止状态，关于斜面对演员的作用力，下面说法正确的（ ）A. 木板对演员可能有摩擦力作用，也可能没有摩擦力作用B. 木板对演员一定有摩擦力作用C. 木板对演员的弹力方向一定竖直向上D. 木板对演员的作用力方向一定竖直向上【答案】BD【解析】A、演员有沿斜面下滑的趋势，木板对演员一定有摩擦力作用，A 错误，B 正确；C、人受自身的重力和木板对他的作用力平衡，所以木板对演员的作用力方向一定竖直向上，C 错误，D 正确；故选 BD。【点睛】根据人的运动趋势判断摩擦力的有无，根据平衡条件判断力的方向。7. 如下图所示，竖直平面内有水平向左的匀强电场
9、E,M 点与 P 点的连线垂直于电场线，M 点与 N 在同一电场线上 两个完全相同的带等量正电荷的粒子，以相同大小的初速度 分别从 M点和 N 点沿竖直平面进入电场，M 点的粒子与电场线成一定的夹角进入，N 点的粒子垂直电场线进入，两粒子恰好都能经过 P 点，重力不计 在此过程中，下列说法正确的是A. 电场力对两粒子做功一定不相同B. 两粒子到达 P 点的速度大小可能相等C. 两粒子到达 P 点时的电势能都比进入电场时小D. 两粒子到达 P 点所需时间一定不相等【答案】AD【解析】A、由于 MP 间的电势差为零，NP 间的电势差大于零，则由 知，电场力对 M 点的粒子不做功，对 N 点的粒子做
10、正功，故 A 正确；B、根据动能定理知 N 点的粒子到达 P 点时的速度增大，而 M 点的粒子到达 P 点时的速度大小不变，它们的初速度大小相等，所以两粒子达到 P 点的速度大小不等，故 B 错误； C、M点的粒子到达 P 点时电势能不变，N 点的粒子到达 P 点时电势能减少，故 C 错误；D、在垂直于电场线方向，两个粒子都做匀速直线运动，设 ，设 M 点的粒子与电场线的夹角为a，则 M 点的粒子到达 P 点的时间 ，N 点的粒子到达 P 点的时间 ，可见，两粒子到达 P 点所需时间一定不相等，故 D 正确；故选 AD。【点睛】电粒子在电场中运动时，根据电势差研究电场力做功，进而分析电势能和动
11、能的关系是常用的方法粒子在电场中做匀变速曲线运动时，常用运动的分解法研究其运动规律。8. 如图甲所示，绝缘轻质细绳一端固定在方向相互垂直的匀强电场和匀强磁场中的 O 点，另一端连接带正电的小球，小球电荷量 q610 7 C，在图示坐标中，电场方向沿竖直方向，坐标原点 O 的电势为零。当小球以 2 m/s 的速率绕 O 点在竖直平面内做匀速圆周运动时，细绳上的拉力刚好为零。在小球从最低点运动到最高点的过程中，轨迹上每点的电势 随纵坐标 y 的变化关系如图乙所示，重力加速度 g10 m/s 2。则下列判断正确的是( )A. 匀强电场的场强大小为 3.2106 V/mB. 小球重力势能增加最多的过程
12、中，电势能减少了 2.4 JC. 小球做顺时针方向的匀速圆周运动D. 小球所受的洛伦兹力的大小为 3 N【答案】BD【解析】A、由匀强电场的场强公式 结合图像乙，可得 ，故 A错误；B、由功能关系 ， ，即电势能减少了 2.4J，故 B 正确；C、当小球以 2m/s 的速率绕 O 点在竖直平面内做匀速圆周运动时，细绳上的拉力刚好为零，说明是洛仑兹力提供向心力，由左手定则得小球应该是逆时针方向做圆周运动，故 C 错误；D、重力和电场力是一对平衡力，有 ,得 ,由洛仑兹力提供向心力可知洛仑兹力为 ，故 D 正确；故选 BD。【点睛】本题考查了带电粒子在复合场中的运动、牛顿第二定律。9. 如图甲所示
13、为用打点计时器记录小车运动情况的装置，开始时小车在水平玻璃板上做匀速直线运动，后来在薄布面上做匀减速直线运动，所打出的纸带如图乙所示(附有刻度尺)，纸带上相邻两点对应的时间间隔为 0.02s从纸带上记录的点迹情况可知，A、E 两点迹之间的距离为_ cm，小车在玻璃板上做匀速直线运动的速度大小为_ m/s ，小车在布面上运动的加速度大小为_ m/s 2 （计算结果保留两位有效数字）【答案】 (1). 7.20cm (2). 0.925m/s (3). 5.0m/s 2【解析】试题分析：从刻度尺上直接读出 AE 之间的距离为： 1320cm-600cm=720cm。由图可知匀速运动时，002s 内
14、的位移为：x=1320cm-1140cm=180cm所以小车在玻璃板上做匀速运动的速度大小为：v=090m/s从 D 到 J 段小车做匀变速运动，用逐差法求加速度考点：实验：探究小车速度随时间变化的规律10. 某同学想通过实验测定一个定值电阻 Rx的阻值。(1)该同学先用多用电表“10”欧姆挡估测其电阻示数如图，则其阻值为_；(2)为了较准确测量该电阻的阻值，现有电源(12V，内阻可不计)、滑动变阻器(0200 ，额定电流 1 A)、开关和导线若干，以及下列电表：A电流表(0100mA，内阻约 15.0)B电流表(0500mA，内阻约 25.0)C电压表(03 V，内阻约 3 k)D电压表(0
15、15 V，内阻约 15 k)为减小测量误差，在实验中，电流表应选用_，电压表应选用_(选填器材前的字母)；实验电路应采用图中的_(选填“甲”或“乙”)。这样测量的阻值比真实值_(选填“偏大”或“偏小”)。(3)图是测量 Rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线。请根据在(2)问中所选的电路图，补充完成图中实物间的连线_。【答案】 (1). 140 (2). A (3). D (4). 甲 (5). 偏小 (6). 【解析】 （1）如图，电阻阻值为 1410=140；（2）电源电动势 12V，则电压表选择 D；电路中可能出现的最大电流 ，故电流表选择 A；因 ，则电路选择电流表外接，即选择甲电
16、路；因此电路中的电压表的分流作用，使得电流的测量值偏大，则电阻的测量值偏小； （3）实物连线如图； 11. 如图所示为三维直角坐标系，xoy 平面为水平面，质量为 1g、电荷量为 的物体以速度 10m/s 与 y 轴正方向成 300从 O 点进入 zoy 平面，并在电场力、洛伦兹力和重力的共同作用下，在 zoy 平面内做直线运动，已知电场沿 y 轴负方向，磁场沿 x 轴正方向，重力加速度为 10m/s2,求磁场的磁感应强度大小和电场强度大小？（最后结果保留两位有效数字）【答案】0.67T，3.3N/C【解析】解：设物体质量为 m，电荷量为 q，速度为 v，所求电磁感应强度为 B，电场强度为E。
17、若微粒带正电荷，它受竖直向下的重力 mg，水平向左的电场力 qE，和斜向右下方的洛伦兹力 qvB，知微粒不可能做直线运动，所以微粒只能带负电荷；微粒带负电，受力为竖直向下的重力、水平向右的电场力，斜向左上方的洛伦兹力，又知微粒恰好沿直线运动，可知微粒应该做匀速直线运动，受力如图由平衡条件可知： 得磁场的磁感应强度为：电场强度为：12. 如图所示，斜边长 L=18m 的固定斜面与水平面的倾角 37，质量为 mA=1kg 的小物块 A 以 =12 m/s 的初速度从斜面底端开始沿斜面向上运动，同时质量也为 mB=2kg 的小物块B 斜面顶端由静止开始沿斜面下滑，经过一段时间后两物块发生碰撞，碰后两
18、物块粘在一起运动。若两物块和斜面间的动摩擦因数均为 0.25求：（g 取 10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8）(1) A 速度减为 0 时与 B 相聚多远？(2)两物块碰撞前运动的时间；(3)两物块碰撞后到达斜面底端时的速度大小.【答案】 （1）4.5m（2）2.25s（3）【解析】 【分析】A 上滑做匀减速运动，B 下滑做匀加速运动，根据牛顿第二定律和运动学公式求出 AB 之间的距离；两物块碰撞由动量守恒定律求解，此后两物块一起做匀加速运动，根据牛顿第二定律和运动学公式求出两物块碰撞后到达斜面底端时的速度大小。解：（1）根据题意，A 上滑做匀减速运动的加速度大小为B 下滑
19、做匀加速运动的加速度大小为A 速度减为零用时 A 的位移为： ，B 的位移为： AB 之间的距离为： （2）设 A、B 碰撞前运动的时间为 ，运动的位移分别为 x1、x 2，碰撞前的速度分别v1、v 2，则， ， ， ， 代入数据联立解得 ， 碰撞前运动的时间为 t=2.25s(3)设两物块碰撞后的速度为 v3，运动到斜面底端的速度为 v4由动量守恒定律 得 共同运动的加速度为： 此后两物块一起做匀加速运动 得 13. 下列说法正确的是（_）A液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，所以液体表面存在表面张力B由阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和气体的密度，可以估算出理想气体分子间的平均距离C
20、分子平均速率大的物体的温度比分子平均速率小的物体的温度高D机械能不可能全部转化为内能，内能也无法全部用来做功以转化成机械能E分子间的引力和斥力同时存在，都随分子间距离的增大而减小【答案】ABE【解析】液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，所以液体表面存在表面张力，选项 A 正确； 由阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和气体的密度，由 ，可以估算出理想气体分子间的平均距离，选项 B 正确；分子平均动能大的物体的温度比分子平均动能小的物体的温度高，选项 C 错误；机械能能全部转化为内能，但是根据热力学第二定律可知，内能无法全部用来做功以转化成机械能，选项 D 错误；分子间的引力和斥力同时存在，都
21、随分子间距离的增大而减小，选项 E 正确；故选 ABE.14. 如图所示的气缸距底部 处连接一 U 形管(管内气体的体积忽略不计，两边管足够长)，气缸内用一质量和体积均可忽略的“T”型活塞密闭一定质量的理想气体 初始时，封闭气体温度为 ，活塞距离气缸底部为 型管内两边水银面齐平。已知水银的密度为 ，大气压强为 ，活塞竖直长柄长为 ，重力加速度为 g，现缓慢降低气体的温度，试求：当 T 型活塞竖直长柄下端刚与气缸底部接触时，气体的温度温度降为 时，U 形管内两水银面的高度差 h【答案】 （1）0.8T 0（2）【解析】试题分析：（1）缓慢降低气体的温度时，封闭气体作等压变化，根据盖吕萨克定律求解
22、出温度（2）当温度降为 0.4T0时，从先等压变化，后等容变化根据理想气体状态方程列式求出封闭气体的压强，再根据水银柱高度差求出气体压强表达式，联立得到高度差；解：（1）降低温度直至液面相平的过程中，气体作等压变化初状态：V 1=1.5h0s，T 1=T 0末状态：V 2=1.2h0s，T 1=？根据盖吕萨克定律得： = ，得：T 1= = T0=0.8T0；（2）当温度从 T1降为 0.4T0时，气体作等容变化初状态：P 1=P0+ ，T 1=0.8T0末状态：P 2=？，T 2=0.4T0；根据查理定律得： =可得，P 2= =0.5（P 0+ ）故 U 形管内两水银面的高度差 h=|0.
23、5（P 0+ ）P 0| =答：（1）当 T 型活塞竖直长柄下端刚与气缸底部接触时，气体的温度 T1是 0.8T0；（2）当温度降为 0.4T0时，U 形管内两水银面的高度差 h 是 【点评】本题关键要判断出气体的状态如何变化，确定不变量，再由力学知识求出气体压强，然后根据理想气体状态列式求解15. 如图甲所示，在某介质中波源 A、B 相距 时两者开始上下振动，A 只振动了半个周期，B 连续振动，所形成的波的传播速度都为 ，开始阶段两波源的振动图象如图乙所示。下列说法正确的是（）A. B 发出的波波长为 2 mB. 在 t=0 到 t=1 s 内波源 A 处的质点传播的距离为 1 米C. A
24、发出的波传播到距 A 点 1 米处时，质点 A 开始振动的方向向上D. 距 A 点 1 米处的质点，在 t=0 到 t=22s 内所经过的路程为 128cmE. 在 t=0 到 t=16s 内从 A 发出的半个波前进过程中所遇到的波峰个数为 10【答案】ACD【解析】A.由图知，B 的周期 T B=2s，则 B 波的波长为： B=vTB=2m，故 A 正确；B.波源 A 处的质点只上下振动，并不向前移动，故 B 错误；C.由图知，t=0 时刻 A 点的振动方向向上，即质点 A 开始振动的方向向上，故 C 正确；D.距 A 点 1 米处的质点在先经过左边的 A 波路程为：s 1=24cm=8cm
25、，B 波 22 秒传播的距离为：x=vt=22m，B 波的波长为： B=2m，B 波已经传播过距 A 点 1 米处的质点x=3m，经过此点 1.5 个波长，故此点又振动的路程为：s 2=620cm=120cm；距 A 点 1 米处的质点，在 t=0到 t=22 s 内所经过的路程：s=s 1+s2=128cm，故 D 正确；E、16 s 内两列波相对运动的长度为：l=l A+lB-d=2vt-d=12 m，A 波宽度为：，又 B 波的波长为： B=2 m，则 ，可知 A 波经过了 6 个波峰，故 E 错误；故选 ACD。16. 如图，在真空中有一平行玻璃砖，一束单色光从光源 P 发出与界面成
26、角从 ab 面中点射入，测得折射角 ，在玻璃砖的某个侧面射出，假设光源 P 到 ab 面上 O 的传播时间和它在玻璃砖中传播的时间相等，已知光在真空中的传播速度 长为求：玻璃砖的折射率 n 和光线从玻璃砖射出时的折射角点光源 P 到 O 的距离【答案】 （1） ，60（2）15cm【解析】 【分析】光线在 O 点折射时，已知入射角和折射角，由折射定律求折射率 n；画出光路图，由几何关系求出光线射到 ad 面的入射角，再由折射定律求折射角；结合条件：光从光源 S 到 AB 面上 P 点的传播时间和它在玻璃砖中传播的时间相等，列方程求解 P 到 O 的距离。解：如图，光线在 O 点折射时，由折射定律有：光路如图，由几何关系有： =45光线从玻璃砖的 ad 侧面射出，在 ad 面上射出时，有： 解得折射角为：=60（2）光在玻璃砖中通过的距离为： 又 设点光源 p 到 o 点的距离为 L，有：L=ct解得
