1、 2018 年广东省高考物理试题解析 一、单项选择题（共 40 分，每小题 4 分，每小题只有一个正确选项，答案涂写在答题卡上。 ） 1意大利科学家伽利略在研究物体变速运动规律时，做了著名的“斜面实验” ，他测量了铜球在较小倾角斜面上的运动情况，发现铜球做的是匀变速直线运动，且铜球加速度随斜面倾角的增大而增大，于是他对大倾角情况进行了合理的外推，由此得出的结论是（ ）（A）物体都具有保持原来运动状态的属性，即惯性（B）自由落体运动是一种匀变速直线运动（C）力是使物体产生加速度的原因（D）力不是维持物体运动的原因【答案】B【分值】4 分【考查方向】物理学史【易错点】1、正确的结论不一定是斜面实验
2、的结论2、合理的外推需要正确理解【解题思路】1、从斜面实验的历史背景出发。2、结合斜面上匀变速直线运动并合理外推。【解析】伽利略为了验证自由落体运动是否为匀变速，面临自由落体时间过短，当时的计时工具无法测量的问题，于是从斜面出发，根据沿斜面匀加速下滑进而把倾角进一步增大，最后外推的倾角 90 度，即自由落体运动也是匀变速直线运动，其他三项都对，但不是斜面实验合理外推的结论，也不符合斜面实验结果。选项 B 对。2如图为某中国运动员在短道速滑比赛中勇夺金牌的精彩瞬间。假定此时他正沿圆弧形弯道匀速率滑行，则他（ ）（A）所受的合力变化，做变加速运动（B）所受的合力恒定，做变加速运动（C）所受的合力恒
3、定，做匀加速运动（D）所受的合力为零，做匀速运动【答案】A【分值】4 分【考查方向】匀速圆周运动【易错点】1、力是矢量2、加速度是矢量【解题思路】1、匀速圆周运动的向心力和加速度方向。2、注意矢量性。【解析】匀速圆周运动，合外力是向心力，方向始终指向圆心，但是力是矢量，大小不变，但是方向在变化，所以合力不是恒力，选项 BC 错。根据牛顿第二定律，加速度方向与合外力方向相同，所以加速度方向也在变化，不是匀变速，而是变加速度，选项 A 对。3如图，在斜面上木块 A 与 B 的接触面是水平的，绳子呈水平状态，两木块均保持静止。则关于木块 A 和木块 B 受力个数不可能的是（ ）（A）2 个和 4 个
4、 （B）3 个和 4 个（C）4 个和 4 个 （D）4 个和 5 个【答案】B【分值】4 分【考查方向】共点力的平衡【易错点】1、对绳子是否有拉力分析不到位2、对 B 和斜面之间有无摩擦认识不清【解题思路】1、对 A 隔离分析。2、对 AB 整体受力分析。【解析】单独分析 A，自身重力，B 对 A 的支持力，由于拉力和 B 对 A 的摩擦力不确定，而且即使有也是水平方向，所以竖直方向一定受到两个力，而 A 静止，所以水平方向细绳拉力和 B对 A 的摩擦力必定同时出现，所以 A 受力个数只可能是 2 个或者 4 个。选项 B 错。而整体分析，若 A 受力个数为 2 个，则整体受重力，斜面支持力
5、，斜面摩擦力，即 B 受自身重力，斜面支持力，斜面摩擦力，A 对 B 的压力四个力。若 A 受力为 4 个，则 B 除去刚才的 4 个力之外还有 A对 B 的摩擦力。共计 5 个。4浙江百丈漈瀑布是全国单体落差最高的瀑布。第一漈 207 米，第二漈 68 米，第三漈 12 米，三漈相加是 287 米，折合古时鲁班尺是一百丈多 17 米，故名百丈漈。假设忽略上游水的初速度和空气的阻力，那么水仅仅下落第一漈后的速度大约是（ ）（A）6.3m/s （B）44m/s （C）63m/s （D）76m/s【答案】C【分值】4 分【考查方向】功能关系【易错点】1、在功能关系的应用上因为无法确定重力而中断思路
6、2、不能正确认识忽略阻力的意义【解题思路】1、从动能定理出发，找出重力做功和动能变化的关系。2、忽略阻力做功情况。【解析】水仅仅下落第一漈只有重力做功，没有阻力即 ，可得21mghv。63/vghms5我国在近期发射的“神州十一号”和“天宫二号”在对接前， “天宫二号”的运行轨道高度为393km， “神州十一号”的运行轨道高度约为 343km。它们的运行轨道均视为圆周，则（ ）（A）“天宫二号”比“神州十一号”速度大 （B）“天宫二号”比“神州十一号”角速度大（C）“天宫二号”比“神州十一号”加速度大 （D）“天宫二号”比“神州十一号”周期长【答案】D【分值】4 分【考查方向】万有引力与航天【
7、易错点】1、不能正确的认识万有引力提供向心力。2、从圆周运动出发，忽略圆周运动的不同，片面判断一个物理量。【解题思路】1、从万有引力提供向力力出发找到描述圆周运动的物理量表达式。2、根据轨道半径大小判断各个物理量的变化。【解析】天宫二号，神舟十一号，都属于绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，即，。可得向心加速度 ，轨道半径越大，向心2222 4GMmvaRmRT2GMaR加速度越小，选项 C 错。线速度 ，轨道半径越小，线速度越大，选项 A 错。角速GMv度 ，轨道半径越大，角速度越小，选项 B 错。周期 ，轨道半径越大，3GvR234TGM周期越大，选项 D 对。6下列选项中的各 圆环
8、大小相同，所带电荷量已在图中标出，且电荷均匀分布，各 圆环间彼此14 14绝缘。坐标原点 O 处电场强度最大的是（ ）【答案】B【分值】4 分【考查方向】电场的叠加【易错点】1、对电场的叠加理解不透彻2、对四分之一圆环的电场认识不清【解题思路】1、根据对称性分析四分之一圆环产生的电场叠加效果。2、等量同种和等量异种电荷在连线中点的电场情况。【解析】对于 D 图，两个正电荷的四分之一圆环对称，在连线中点即圆心处合场强等于 0，两个负电荷的四分之一圆环对称，在连线中点场强矢量和也等于 0，所以坐标原点 O 处电场强度等于 0.同理 C 选项中合成后在原点 O 处场强等于一个四分之一圆环的电荷产生的
9、电场，与 A选项中的电场大小相等，而 B 中是两个电场叠加，夹角为 90 度，合场强等于单个电场的倍，选项 B 对。27如图电路中，电源电动势、内电阻、 R1、 R2为定值。闭合 S 后，将 R 的滑片向左移动，下列关于各电表数值变化的说法正确的是（ ）（A）A R表示数减小 （B）A 1表示数减小（C）V 1表示数减小 （D）V 2表示数增大【答案】A【分值】4 分【考查方向】动态电路【易错点】1、各个电表所测量的物理量认识不清2、对闭合回路欧姆定律认识不到位【解题思路】1、从滑动变阻器的阻值找到并联电阻进而总电阻。2、不变量是电源电动势，找到变量的变化趋势。【解析】 R 的滑片向左移动，电
10、阻变大，并联电阻阻值增大，总电阻增大，电动势不变，总电流减小，内电压减小， 电压减小，即 V2表示数减小，选项 D 错。并联电压增大即 V1表示数2增大，选 C 错。对并联支路 ，电压增大，电阻不变，电流变大，即 A1表示数变大，选项 B1R错。干路电流减小，支路 电流增大，所以支路 AR表示数减小，选项 A 对。8一列简谐横波沿 x 轴传播，周期为 T， t0 时刻的波形如图所示。此时平衡位置位于 x3m 处的质点正在向上运动，若 a、b 两质点平衡位置的坐标分别为 xa2.5m， xb5.5m，则（ ）（A）当 a 质点处在波峰时，b 质点恰在波谷（B） t T 时，a 质点正在向 y 轴
11、负方向运动14（C） t T 时，b 质点正在向 y 轴负方向运动 34（D）在某一时刻，a、b 两质点的位移和速度可能相同【答案】C【分值】4 分【考查方向】机械振动机械波【易错点】1、波的传播方向和质点的振动方向关系不清2、机械振动和机械波的图像不清【解题思路】1、根据平衡位置位于 x3m 处的质点的振动方向判断波的传播方向。2、判断质点 a、b 的振动情况。【解析】平衡位置位于 x3m 处的质点向上振动，根据振动方向和波的传播方向在波形图同一侧，判断机械波传播方向沿 X 轴负方向。此时质点 a 沿 Y 轴正方向，质点 b 沿 Y 轴负方向。在经过 ,质点 a 正经过 Y 轴正半轴向正方向
12、运动，再经过 质点 b 正经过 Y 轴正半轴向负方4T 34T向运动，选项 C 对。根据波形图判断波长 ，a、b 两质点的距离为 ，振动步调相差m34，选项 AD 错。39如图甲所示，A、B 两物块在如图乙所示的随时间按正弦规律变化的外力作用下，由静止开始一起沿光滑水平面运动，A、B 两物块始终保持相对静止，则以下说法中正确的是（ ）（A） t1时刻物块的速度最大（B） t2时刻物块运动的位移最大（C） t3时刻物块 A 受到的摩擦力最大（D）A、B 两物块一起做往复运动【答案】C【分值】4 分【考查方向】牛顿运动定律【易错点】1、整体受力分析不到位2、对速度方向辨别不清【解题思路】1、有力的
13、变化找到加速度变化进而推导出速度变化。2、速度变化到位移。【解析】根据力随时间变化图像可判断加速度随时间变化也是如此， ，合外力逐渐增大，加10t速度逐渐增大，而力的方向没有变化， 时刻合力最大，加速度最大， 合力方向不变，加速1t 2度方向不变，一直加速， 时刻速度最大， 合外力反向，物体减速，根据对称性， 时刻速2t24t4t度减小到 0，此后重复之前的运动，继续向前。 加速度最大，对 A 分析，摩擦力提供加速度，13即 时刻摩擦力最大，选项 C 对。 时刻速度最大，由于运动方向没有变化，一直向前运动，所13t 2t以 AB 错。一直向前运动，没有往复运动，选项 D 错。10如图所示，质量
14、为 m 的物体（可视为质点）以某一速度从 A 点冲上倾角为 30的固定斜面，其运动的加速度为 g，此物体在斜面上上升的最大高度为 h，则在这个过程中物体（ ）34（A）动能损失了 mgh （B）重力做功 mgh（C）克服摩擦力做功 mgh （D）机械能损失了 mgh14 12【答案】D【分值】4 分【考查方向】功能关系【易错点】1、受力分析2、牛顿运动定律【解题思路】1、根据加速度计算摩擦力。2、根据做功情况判断能量变化。【解析】沿斜面向上滑动，根据受力分析可得 ，可得摩擦力3sin04fmgamg，上升的最大高度为 则位移为 ，此过程合外力做功即动能变化量14fmgh2，选项 A 错，重力做
15、功 ，选(sin30)21.5kEf g sin302h项 B 错。克服摩擦力做功 ，选项 C 错。除重力外其他力做功等于机械能的变0fm化量即 ，选项 D 错。2.5fhg二、填空题（共 24 分，每小题 6 分，答案写在答题纸中指定位置，不要求写出演算过程。）11将一电荷量为 Q 的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等。a、b 为电场中的两点，a 点的场强大小_b 点的场强大小，a 点的电势_b 点的电势。 （填“大于” 、 “小于” 、 “等于” ）【答案】大于、大于【分值】6 分【考查方向】静电场的电场线【易错点】1、电场线的疏密2、静电平衡
16、【解题思路】1、从电场线的疏密程度出发判断场强大小。2、处于静电平衡的导体为等势体。【解析】电场线的疏密程度表示电场强度的大小，a 点电场线密集，电场强度大，沿电场线方向电势逐渐降低，而静电平衡的导体为等势体，a 点电势高于等势体，b 点电势低于等势体，所以 a 点电势高于 b 点电势。12如图所示是两个相干波源发出的水波，实线表示波峰，虚线表示波谷。已知两列波的振幅都为10cm，C 点为 AB 连线的中点。图中 A、B、C、D、E 五个点中，振动减弱的点是_，从图示时刻起经过半个周期后，A 点的位移为_cm。（规定竖直向上为位移的正方向）【答案】DE、20【分值】6 分【考查方向】波的叠加【
17、易错点】1、加强点和减弱点2、加强点和减弱点的振幅【解题思路】根据波峰波谷的叠加判断加强减弱。【解析】波峰和波谷的叠加为振动减弱点，波峰和波峰，波谷和波谷的叠加为振动加强点，C点对与两列波都处在平衡位置且振动方向相同，所以 C 点也是加强点，只有 DE 为波峰波谷的叠加，为减弱点。此时 A 点在波峰，经过半个周期 A 点到达波谷，而加强点的振幅等于两个振幅之和即 。20cm13客运电梯简化模型如图（a）所示，在 t0 时电梯由静止开始上升，最初一段时间内电梯的加速度 a 随时间 t 变化的关系如图（b）所示。已知电梯总质量为 2.0103kg，忽略空气阻力，则电梯在上升过程中受到的最大拉力为_
18、N，电梯在前 11s 内的速度改变量 v 为_m/s。 （重力加速度 g 取 10m/s2）【答案】2.210 4、10【分值】6 分【考查方向】牛顿运动定律【易错点】1、对 图像认识不清at2、对加速度方向的判断【解题思路】1、根据牛顿运动定律判断拉力。2、根据加速度和时间的成绩判断速度变化量。【解析】电梯上升过程 ，当加速度最大时，拉力最大，此时 ，代入Fmga 21/ams可得拉力 ，速度变化量 即 图像与时间轴所围成的面积即42.10Nvta。91/s14由某种材料制成的电器元件，其伏安特性曲线如图所示。现将该元件接在电动势为 8V，内阻为 4 的电源两端，则通过该元件的电流为_A。若
19、将这个元件与一个 4 的定值电阻串联后接在该电源上，则该元件消耗的功率为_W。【答案】11.2、1.61.8【分值】6 分【考查方向】闭合电路欧姆定律【易错点】1、电流电压关系不能和图像结合2、图像解题过程作图不准。【解题思路】1、做出电源的路端电压和干路电流的关系图像，与该元件伏安特性曲线的交点即元件电压和电流。2、串联后注意把串联的电阻等效为内阻。【解析】在原来的伏安特性曲线上面做出电动势等于 内阻 的路端电压随电流变化图8v4r像，交点 ， 。即流过该元件电流为 。与一个 4 的定值电阻串联后，把4uv1IA1IA定值电阻等效入内阻，则电源内阻变为 ，重复前面的步骤可得交点 ，8r2uv
20、，消耗电功率 。0.75I .5PUIw三、综合题（共 36 分）15（6 分）在用单摆测重力加速度的实验中：（1）实验时必须控制摆角，若摆长为 1.2m，则要将摆球拉至离平衡位置约_m 处释放。（2）某同学实验时改变摆长，测出几组摆长 L 和对应的周期 T 的数据，作出 T2-L 图线，如图所示利用图线上任两点 A、B 的坐标（ x1， y1）、（ x2， y2），便可求得重力加速度 g_。（3）作 T2-L 图线解决物理问题，可以提示我们：若摆球的质量分布不均匀，将_测量结果（填“影响”、“不影响”）。【答案】（1）（小于）0.11 （2） （3）不影响214YgX【分值】7 分【考查方向
21、】单摆【易错点】1、单摆做简谐运动的条件2、单摆的周期公式【解题思路】1、根据简谐运动摆角要求判断判断偏离平衡位置的距离。2、根据单摆周期公式求重力加速度。【解析】（1）单摆做简谐运动时摆角应小于 10,若摆长为 1.2m,则他们将摆球最多拉至离平衡位置约 0.1m(0.10.105)处释放。（2）根据单摆的周期公式 可得重力加速度2LTg，而 图像的斜率即 ,可得重力加速度 。24LgT221YLTX214YX（3）若摆球质量分布不均匀，导致图像不过原点，即摆长测量有偏差，但是斜率不变，所以不影响测量结果。16.（12 分）两套完全相同的小物块和轨道系统固定在水平桌面上。物块质量 m1kg，
22、轨道长度l2m，物块与轨道之间动摩擦因数 0.2。现用水平拉力 F18N、 F24N 同时拉两个物块，分别作用一段距离后撤去，使两物块都能从静止出发，运动到轨道另一端时恰好停止。（ g10m/s 2）求：（1） 在 F1作用下的小物块加速度 a1多大？【答案】（1） 216/ms【分值】4 分【考查方向】牛顿运动定律【易错点】合外力找不准【解题思路】拉力和摩擦力的合力提供加速度【解析】（1） 4 分11Fmga 216/ms（2） F1作用了多少位移 s1？【答案】 0.5s【分值】4 分【考查方向】动能定理【易错点】没有简化过程，运动学方法计算，找不到前后两端平均速度相等【解题思路】根据摩擦
23、力和拉力做功大小相等来分析【解析】整个过程根据动能定理2 分10Fsmgl 2 分.5（3） 从两物块运动时开始计时直到都停止，除了物块在轨道两端速度都为零之外，另有某时刻t 两物块速度相同，则 t 为多少？【答案】 10.5sm【分值】4 分【考查方向】匀变速直线运动【易错点】不能判断是在加速还是减速阶段速度相等【解题思路】根据加速度大小判断上面的木块减速过程，下面的木块加速过程二者速度相等【解析】F2作用下的物块2 分2mga 2/s两物块速度相同时，一定在上方物块减速阶段上方的物块减速阶段加速度 2/gms上方物块最大速度 m/s2.45m/s621sav 2/atvt （ ）得 2 分
24、0.816s17、（15 分）如图所示，在光滑绝缘水平面上 B 点的正上方 O 处固定一个质点，在水平面上的 A点放另一个质点，两个质点的质量均为 m，带电量均为 Q。C 为 AB 直线上的另一点（O、A、B、C位于同一竖直平面上），AO 间的距离为 L，AB 和 BC 间的距离均为 L/2，在空间加一个水平方向的匀强电场后 A 处的质点处于静止。试问：（1） 该匀强电场的场强多大？其方向如何？ 【答案】 2sinFkQEL【分值】5 分【考查方向】共点力平衡。【易错点】点电荷电场力的方向考虑不周。【解题思路】质点在水平方向受力平衡【解析】根据库仑定律有 （1 分）2LQKF根据共点力平衡条件
25、有 （2 分）Esin由以上两式得 （1 分）2kE方向由 A 指向 C（或水平向右）（1 分）（2） 给 A 处的质点一个指向 C 点的初速度，该质点到达 B 点时所受的电场力多大？【答案】2736kQFL【分值】4 分【考查方向】电场的叠加 【易错点】 B 点受到的电场力而不是合力【解题思路】计算匀强电场和点电荷电场力的矢量和 【解析】小球在 B 点受到的库伦力 （2 分）(sin60)ckQFL由平行四边形定则得合电场力 （2 分）22273(i)6kQEL 736kF（3）若初速度大小为 v0，质点到达 C 点时的加速度和速度分别多大？【答案】20kQvmL【分值】6 分【考查方向】电场的叠加 电场力做功【易错点】从 A 点到 C 点电场力做功的累积【解题思路】1、 根据力和位移成绩的累积计算电场力从 A 到 C 的做功。根据功能关系解题【解析】由牛顿第二定律得2kQamL（3 分）22sin.KEFa根据动能定理有 （2 分）1oLv由此得 （1 分）20kQvm
