1、高考模式考试试卷解析版第 1 页，共 12 页韩城市高中 2018-2019 学年高一 9 月月考物理试题解析班级_ 姓名_ 分数_高佣联盟邀请码 13579 高佣联盟运营总监邀请码 1357 注册高佣联盟 app一、选择题1 （2016河北沧州高三月考）某物体在竖直方向上的力 F 和重力作用下，由静止向上运动，物体动能随位移变化图象如图所示，已知 0h 1段 F 不为零，h 1h 2段 F0，则关于功率下列说法正确的是（ ）A0h 2段，重力的功率一直增大B0h 1段， F 的功率可能先增大后减小C0h 2段，合力的功率可能先增大后减小Dh 1h 2段，合力的功率可能先增大后减小2 题图 1
2、 为伽利略研究自由落体运动实验的示意图，让小球由倾角为 的光滑斜面滑下，然后在不同的 角条件下进行多次实验，最后推理出自由落体运动是一种匀加速直线运动。分析该实验可知，小球对斜面的压力、小球运动的加速度和重力加速度与各自最大值的比值 y 随 变化的图像分别对应题 4 图 2 中的A、和B、和高考模式考试试卷解析版第 2 页，共 12 页C、和D、和3 远距离输电中，发电厂输送的电功率相同，如果分别采用输电电压为 和输电电压为输电。则两种情况中，输电线上通过的电流之比 I1I2等于（ ）A11 B3 1 C13 D914 某马戏团演员做滑杆表演，已知竖直滑杆上端固定，下端悬空，滑杆的重力为 20
3、0 N，在杆的顶部装有一拉力传感器，可以显示杆顶端所受拉力的大小。从演员在滑杆上端做完动作时开始计时，演员先在杆上静止了 0.5 s，然后沿杆下滑，3.5 s 末刚好滑到杆底端，并且速度恰好为零，整个过程演员的 v t 图象和传感器显示的拉力随时间的变化情况分别如图甲、乙所示，g10 m/s 2，则下列说法正确的是A演员的体重为 800 NB演员在最后 2 s 内一直处于超重状态C传感器显示的最小拉力为 600 ND滑杆长 4.5 m5 在匀强磁场中,一矩形金属框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动,如图甲所示,产生的交变电动势的图象如图乙所示,则（ ）A.t=0.005 s 时线框的磁通量变化率为零
4、B.t=0.01 s 时线框平面与中性面重合C.线框产生的交变电动势有效值为 311 VD.线框产生的交变电动势频率为 100 Hz6 关于电源电动势 E 的下列说法中错误的是：（ ）A电动势 E 的单位与电势、电势差的单位相同，都是伏特 VB干电池和铅蓄电池的电动势是不同的C电动势 E 可表示为 E= ，可知电源内非静电力做功越多，电动势越大qWD电动势较大，表示电源内部将其它形式能转化为电能的本领越大高考模式考试试卷解析版第 3 页，共 12 页7 如图所示，在原来不带电的金属细杆 ab 附近的 P 点处，放置一个正点电荷，达到静电平衡后（ ） Aa 端的电势比 b 端的低 Bb 端的电势
5、比 d 点的高C金属细杆内 c 处场强为零 D金属细杆内 c 处感应电荷场强的方向由 a 指向 b8 （多选）在如图所示的电路中，开关闭合后，灯泡 L 能正常发光当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是A滑动变阻器 R 的阻值变小B灯泡 L 变暗C电源消耗的功率增大D电容器 C 的电荷量增大9 物体从静止开始做匀加速直线运动，第 3 秒内通过的位移是 3m，则（ ）A. 第 3 秒内的平均速度是 3m/sB. 物体的加速度是 1.2m/s2C. 前 3 秒内的位移是 6mD. 3S 末的速度是 3.6m/s10如图所示，两个线圈套在同一个铁芯上，线圈的绕向如图甲所示，左线圈连着正方形线框
6、 abcd，线框所在区域存在变化的磁场，取垂直纸面向里为正，磁感应强度随时间变化如图乙所示，不计线框以外的感生电场，右侧线圈连接一定值电阻 R，下列说法中正确的是（ ）A. t1时刻 ab 边中电流方向由 ab，e 点电势高于 f 点B. 设 t1、t 3时刻 ab 边中电流大小分别为 i1、i 3，则有 i1i 3，e 点与 f 点电势相等C. t2t 4时间内通过 ab 边电量为 0，定值电阻 R 中无电流D. t5时刻 ab 边中电流方向由 ab，f 点电势高于 e 点11已知 O 是等量同种点电荷连线的中点，取无穷远处为零电势点。则下列说法中正确的是高考模式考试试卷解析版第 4 页，共
7、 12 页A. O 点场强为零，电势不为零B. O 点场强、电势都为零C. O 点场强不为零，电势为零D. O 点场强、电势都不为零12如图所示，长方形 abcd 长 ad=0.6 m，宽 ab=0.3 m，e、f 分别是 ad、bc 的中点，以 ad 为直径的半圆内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度 B=0.25 T。一群不计重力、质量 m=310-7 kg、电荷量q= 2103 C 的带电粒子以速度 0=5l02 m/s 从左右两侧沿垂直 ad 和 bc 方向射入磁场区域（不考虑边界粒子），则（ ）A从 ae 边射入的粒子，出射点分布在 ab 边和 bf 边B从 ed 边射入的粒子，出射
8、点全部分布在 bf 边C从 bf 边射入的粒子，出射点全部分布在 ae 边D从 fc 边射入的粒子，全部从 d 点射出13真空中保持一定距离的两个点电荷，若其中一个点电荷的电荷量增加了 ，但仍然保持它们之间的相互21作用力不变，则另一点电荷的电量一定减少了（ ）A B C D21314124114如图甲所示，不计电表对电路的影响，改变滑动变阻器的滑片位置，测得电压表 和 随电流表 的示数变化规律如图乙中 a、b 所示，下列判断正确的是（ ）图线 a 的延长线与纵轴交点的坐标值等于电源电动势图线 b 斜率的绝对值等于电源的内阻图线 a、b 交点的横、纵坐标之积等于此状态下电源的输出功率高考模式考
9、试试卷解析版第 5 页，共 12 页图线 a、b 交点的横、纵坐标之积等于此状态下电阻 R0消耗的功率A B C D 15用绝缘细线悬挂一个质量为 m、带电荷量为+ q 的小球，让它处于如图所示的磁感应强度为 B 的匀强磁场中。由于磁场运动，小球静止在如图所示位置，这时悬线与竖直方向夹角为 ，并被拉紧，则磁场的运动速度和方向是Av= ，水平向右Bv= ，水平向左Cv= ，竖直向上Dv= ，竖直向下16如图所示，MN 是某一正点电荷电场中的电场线，一带负电的粒子（重力不计）从 a 点运动到 b 点的轨迹如图中虚线所示则（ ）A正点电荷位于 N 点右侧B带电粒子从 a 运动到 b 的过程中动能逐渐
10、增大C带电粒子在 a 点的电势能大于在 b 点的电势能D带电粒子在 a 点的加速度大于在 b 点的加速度二、填空题17“用电流表和电压表测定电池的电动势和内阻”的实验,供选用的器材有:A.电流表（量程:0-0.6 A,R A=1 ）B.电流表（量程:0-3 A,R A=0.6 ）C.电压表（量程:0-3 V,R V=5 k）D.电压表（量程:0-15 V,R V=10 k）E.滑动变阻器（0-10 , 额定电流 1.5 A）F.滑动变阻器（0-2 k,额定电流 0.2 A）G.待测电源（一节一号干电池）、开关、导线若干高考模式考试试卷解析版第 6 页，共 12 页（1）请在下边虚线框中画出本实
11、验的实验电路图_。（2）电路中电流表应选用_,电压表应选用_,滑动变阻器应选用_。（用字母代号填写） （3）如图所示为实验所需器材,请按原理图连接成正确的实验电路_。18如右图所示，平行的两金属板 M、N 与电源相连，一个带负电的小球悬挂在两板 间，闭合开关后，悬线偏离竖直方向的角度为 。若保持开关闭合，将 N 板向 M 板靠近， 角将_；若把开关断开，再使 N 板向 M 板靠近， 角将_。（填“变大”、“变小”或“不变”）19在“描绘小灯泡伏安特性曲线”的实 验中，使用的小灯泡为“6 V，3 W”， 还备有下列器材电 流 表 Al（ 量 程 3A， 内 阻 0.2）电 流 表 A2（ 量 程
12、 0.6 A， 内 阻 1）电 压 表 V1（ 量 程 3V， 内 阻 20k）电 压 表 V2（ 量 程 15V， 内 阻 60K）变 阻 器 R1（ 01000， 0.5 A）变 阻 器 R2（ 0 20， 2A）学 生 电 源 （ 6 8V） ， 开 关 S及 导 线 若 干 .在 上 述 器 材 中 ， 电 流 表 应 选 用 _， 电 压 表 应 选 用 变 阻 器 应 选 用 ， 在 上 面 的方 框 中 画 出 实 验 的 电 路 图 。三、解答题20两个质量均为 m= 10-6kg 的小球，悬于长 l=60cm 的细丝线上丝线的另一点固定于同一点 O当使3两球带上等量同种电荷后
13、，两球互相排斥使两丝线间形成 =60的夹角求每个小球的带电量 V A 高考模式考试试卷解析版第 7 页，共 12 页21我国“辽宁号” 航空母舰经过艰苦努力终于提前服役，势必会对南海问题产生积极影响。有些航空母舰上装有帮助飞机起飞的弹射系统，已知某型号战机在跑道上加速时可能产生的最大加速度为 5.0m/s2，当飞机的速度达到 50m/s 时才能离开航空母舰起飞。设航空母舰处于静止状态。试求：（1）若要求该飞机滑行 160m 后起飞，弹射系统必须使飞机具有多大的初速度？（2）若舰上无弹射系统，要求该飞机仍能从此舰上正常起飞，问该舰甲板至少应为多长？（3）若航空母舰上不装弹射系统，设航空母舰甲板长
14、为 L=160m，为使飞机仍能从此舰上正常起飞，这时可以先让航空母舰沿飞机起飞方向以某一速度匀速航行，则这个速度至少为多少？高考模式考试试卷解析版第 8 页，共 12 页韩城市高中 2018-2019 学年高一 9 月月考物理试题解析（参考答案）一、选择题1 【答案】BC【解析】【参考答案】BC 2 【答案】 B【解析】 由题意知，小球对斜面的压力 FNmgcos ，随 增大，F N逐渐变小直至为零，y 1 cos ，对应；小球的加速度 agsin ，y 2 sin ，最大为 1，对应. 重力加速度为 g 不变，y 31，对应 .所以选项 B 正确。3 【答案】B【解析】由公式 可知 B 对；
15、1221IUn4 【答案】BD【解析】A由两图结合可知，静止时，传感器示数为 800 N，除去杆的重力 200 N，演员的重力就是 600 N，故 A 错误；B由图可知最后 2 s 内演员向下减速，故加速度向上，处于超重状态，故 B 正确；C 在演员加速下滑阶段，处于失重状态，杆受到的拉力最小，此阶段的加速度为： ，2213m/s.0/s.5a由牛顿第二定律得：mgF 1=ma，解得：F 1=420 N，加上杆的重力 200 N，可知杆受的拉力为 620 N，故 C 错误；Dvt 图象的面积表示位移，则可知，总长度 x= 33 m =4.5 m；故 D 正确；故选 BD。25 【答案】 B【解
16、析】解析:由题图知,该交变电流电动势峰值为 311V,交变电动势频率为 f=50Hz,C、D 错;t=0.005s 时,e=311V,磁通量变化最快,t=0.01s 时,e=0,磁通量最大,线圈处于中性面位置,A 错,B 对。6 【答案】C7 【答案】CD8 【答案】BD高考模式考试试卷解析版第 9 页，共 12 页【解析】 9 【答案】ABD10【答案】B【解析】:A、 时刻磁场方向向里且均匀增加 ,根据楞次定律 ,线框中感应电流沿逆时针方向,ab 边中电流方向1由 ,根据法拉第电磁感应定律知,正方形线框中的感应电动势是恒定值,原线圈中电流值恒定,副线圈中不产生感应电动势,e 点电势等于 f
17、 点电势,故 A 错误; B、根据法拉第电磁感应定律 , 时刻磁感应强度的变化率小于 时刻的磁感应强度变化率,= 1 3,根据欧姆定律 ,知 ,所以 B 选项是正确的; 13= 13C、 时间内磁感应强度均匀变化,磁通量均匀变化,有恒定感应电流通过 ab,通过 ab 边的电量不为 0,副线24圈磁通量不变,定值电阻中无电流,故 C 错误; D、 时刻磁场方向垂直纸面向外,磁场变小,磁通量减小,根据楞次定律得感应电流逆时针,ab 边中电流方向5,磁感应强度的变化率增大,感应电流大小变大,穿过原副线圈的磁通量增大 ,根据楞次定律,副线圈中感应电动势上正下负,因此 e 点电势高于 f 点,故 D 错
18、误; 所以 B 选项是正确的综上所述本题的答案是：B11【答案】A【解析】点睛：本题关键要知道等量同种电荷的电场线和等势面分布情况，特别是两个电荷两线和中垂线上各点的场强和电势情况.12【答案】ABD13【答案】B14【答案】C【解析】高考模式考试试卷解析版第 10 页，共 12 页15【答案】 BC 【解析】若磁场的运动方向水平向右，则小球相对磁场水平向左，由左手定则可知，洛伦兹力方向竖直向下，不可能处于平衡状态，故 A 错误；若磁场的运动方向水平向左，则小球相对磁场水平向右，由左手定则可知，洛伦兹力方向竖直向上，当洛伦兹力等于重力，处于平衡状态，则有：Bqv=mg，解得：v= ，故 B 正
19、确；若磁场的运动方向竖直向上，则小球相对磁场竖直向下，由左手定则可知，洛伦兹力方向水平向右，当洛伦兹力与拉力的合力与重力相等时，则处于平衡状态，则有：Bqv=mgtan ，解得：v= ，故 C 正确，若磁场的运动方向竖直向下，则小球相对磁场竖直向上，由左手定则可知，洛伦兹力方向水平向左，则不可能处于平衡状态，D 错误。【名师点睛】考查左手定则与平衡方程的应用，注意相对运动理解，突出小球相对磁场的运动方向是解题的关键，同时掌握三角函数的应用。16【答案】D二、填空题17【答案】 （1）. （1）如解析图甲所示： ； （2）. （2）A； （3）. C； （4）. E； （5）. （3）如解析图乙
20、所示：【解析】（1）电路如图甲所示：高考模式考试试卷解析版第 11 页，共 12 页由于在电路中只要电压表的内阻 RVr，这种条件很容易实现，所以应选用该电路。（2）考虑到待测电源只有一节干电池，所以电压表应选 C；放电电流又不能太大，一般不超过 0.5A，所以电流表应选 A；滑动变阻器不能选择阻值太大的，从允许最大电流和减小实验误差的角度来看，应选择电阻较小额定电流较大的滑动变阻器 E，故器材应选 A、C、E。（3）如图乙所示：18【答案】变大 不变19【答案】A 2 ，V 2，R 2 三、解答题20【答案】解：设小球在水平方向受到库仑力的大小为 F以右边的小球为研究对象，分析受力如图则根据平衡条件有：F=mgtan =mgtan302由库仑定律得：F=k lqkrF联立得：=210 -8C21【答案】（1） （2） （3）v 1=10m/s03m/sv50mx【解析】 （1）根据速度位移公式得，v 2-v02=2ax，代入数据解得：v 0=30m/s（2）不装弹射系统时，有：v 2=2aL，解得： 25La（3）设飞机起飞所用的时间为 t，在时间 t 内航空母舰航行的距离为 L1，航空母舰的最小速度为 v1对航空母舰有：L 1=v1t高考模式考试试卷解析版第 12 页，共 12 页对飞机有：v=v 1+atv2-v12=2a（L+L 1）联立解得：v 1=10m/s
