1、【名师解析】四川省遂宁市 2015 届高三第二次诊断考试物理试题一.选择题（共 7 小题，每小题 6 分，共 42 分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错或者不答的得 0 分）1（6 分）（2015遂宁模拟）下列关于电磁波的说法符合实际的是（ ）A X 射线是一种波长比紫外线还长的电磁波，医学上可检查人体内病变和骨骼情况B 把传递信号“加” 到载波上的过程叫做调制，且调制的方法只有一种C 常见的电视遥控器发出的是紫外线脉冲信号D 做变速运动的电荷会在空间产生电磁波【考点】： 电磁波的产生；电磁波的发射
2、、传播和接收；X 射线、 射线、 射线、 射线及其特性【分析】：变化的电场产生磁场，变化的磁场产生电场；变化分均匀变化和周期性变化，均匀变化的电场产生恒定的磁场，周期性变化的电场产生周期变化的磁场【解析】： 解：A、X 射线是一种波长比紫外线短的电磁波，故穿透能力强，医学上可检查人体内病变和骨骼情况，故 A 错误；B、把传递信号“加” 到载波上的过程叫做调制，有调幅与调频两种方式，故 B 错误；C、目前常见的电视遥控器发出的是紫外线脉冲信号，故 C 正确；D、做变速运动的电荷会在空间产生变化的磁场，如果是匀变速运动，产生均匀变化的磁场，就不会产生电磁波，故 D 错误；故选：C【点评】： 本题考
3、查了电磁波的产生原理及运用，关键是明确麦克斯韦的电磁波理论，基础题目2（6 分）（2015遂宁模拟）如图所示，一理想变压器原线圈匝数 n1=500 匝，副线圈匝数n2=100 匝，原线圈中接一交变电源，交变电源电压 u=220 sin100t（V ）副线圈中接一电动机，内阻为 10，电流表 A2 示数为 1A 电表对电路的影响忽略不计，则下列说法正确的是（ ）A 此交流电的频率为 100 Hz B 此电动机输出功率为 44 WC 电流表 A1 示数为 0.2 A D 电压表示数为 220 V【考点】： 变压器的构造和原理【专题】： 交流电专题【分析】：根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变
4、压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论【解析】： 解：A、由交流电的公式知频率 f= = =50Hz，故 A 错误；D、交变电源电压 u=220 sin100t（V）有效值 u1=220V，电压表示数为 220V，故 D 错误；C、根据电流与匝数成反比得：I 1= I2=0.2A，故 C 正确；B、P 2=P1=U1I1=2200.2W=44W，由于电动机有内阻，损失一部分能量，故输出功率小于44W，故 B 错误；故选：C【点评】： 掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，本题即可得到解决3（6 分）（2015遂宁模拟）如图所示，从点光源 S 发出的一细束白光以一定的角度入射
5、到三棱镜的表面，经过三棱镜折射后在右侧光屏的 a、b 间形成一条彩色光带下列说法不正确的是（ ）A 玻璃对 a 处光的临界角大于 b 处光的临界角B 三棱镜对 a 处光的折射率大于对 b 光的折射率C 在真空中 a 处光的波长小于 b 处光的波长D 在三棱镜中 a 处光的传播速率小于 b 处光的传播速率【考点】： 光的折射定律【专题】： 光的折射专题【分析】：由于玻璃对各色光的折射率不同，导致色散的形成，玻璃对紫光的折射率最大，对红光的最小，可以得 a 侧为紫光，b 侧为红光，红光的波长大于紫光的波长，由 v= 可以分析在棱镜中红光与紫光的传播速度大小【解析】： 解：AB、由图看出三棱镜对 a
6、 处光偏折最大，则玻璃对 a 处光的折射率大于对 b 处光的折射率，由临界角公式 sinC= 可知玻璃对 a 处光的临界角小于 b 处光的临界角，故 A 错误，B 正确；C、玻璃对 a 处光的折射率大于对 b 处光的折射率，则 a 处光的频率大于 b 处光的频率，由公式 c=f，知在真空中 a 处光的波长小于 b 处光的波长，故 C 正确D、玻璃对紫光的折射率最大，对红光的最小，可以得 a 处为紫光，b 处为红光，因红光的折射率小于紫光的，由 v= 可知在三棱镜中，a 处光的传播速度小于 b 处光的传播速度，故 D 正确；本题选不正确的，故选：A【点评】： 解决本题的突破口在于通过光线的偏折程
7、度比较出光的折射率大小，知道折射率、频率、波长、临界角等大小关系，要掌握全反射的两个条件，并能用来分析实际问题4（6 分）（2015遂宁模拟）一卫星绕某一行星表面附近做匀速圆周运动，其线速度大小为v假设宇航员在该行星表面上用弹簧测力计测量一质量为 m 的物体，物体静止时，弹簧测力计的示数为 F已知引力常量为 G，则这颗行星的质量为（ ）A B C D 【考点】： 万有引力定律及其应用【专题】： 万有引力定律的应用专题【分析】：先求出该星球表面重力加速度，根据万有引力提供向心力公式即可求解【解析】： 解：宇航员在该行星表面上用弹簧测力计测量一质量为 m 的物体，物体静止时，弹簧测力计的示数为 F
8、，故：F=mg所以：g=根据万有引力提供向心力得：G =m =mg解得：M=故选：D【点评】： 本题是卫星类型的问题，常常建立这样的模型：环绕天体绕中心天体做匀速圆周运动，由中心天体的万有引力提供向心力重力加速度 g 是联系星球表面宏观物体运动和天体运动的桥梁5（6 分）（2015遂宁模拟）图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，O 为波源图乙为质点 P 以此时刻为计时起点的振动图象，则（ ）A 该波的波速为 20m/s，且沿 x 轴负方向传播B 从该时刻起经过 0.15s，波沿 x 轴的正方向传播了 3 mC 若一人从 x 正方向靠近 O 点运动，他接受到波的频率可能为 4HzD 从该时刻起经
9、过 0.3s 时，质点 Q 的运动方向沿 y 轴正方向【考点】： 横波的图象；波长、频率和波速的关系【专题】： 振动图像与波动图像专题【分析】：由振动图象读出 t=0 时刻 P 点的振动方向，判断波的传播方向由波动图象读出波长，由振动图象读出周期，可求出波速，根据 x=vt 求解经过 0.15s，波沿 x 轴的正方向传播的距离，根据多普勒效应判断接受到波的频率可不可能为 4Hz，根据 0.3s 与周期的关系判断 Q 点的振动方向【解析】： 解：A、由图乙可知，此时 P 向下运动，则该波沿 x 轴正方向传播，根据图甲可知，=4m，根据图乙可知，T=0.2s，则波速 v= ，故 A 错误；B、从该
10、时刻起经过 0.15s，波沿 x 轴的正方向传播的距离 x=vt=200.15=3m，故 B 正确；C、若一人从 x 正方向靠近 O 点运动，靠近波源，根据多普勒效应可知，接收到的频率增大，而波的频率 f= ，所以接收到的频率大于 5Hz，不可能是 4Hz，故 C 错误；D、该时刻质点 Q 正向上振动，0.3s=1.5T，则从该时刻起经过 0.3s，质点 Q 沿 y 轴负方向振动，故 D 错误故选：B【点评】： 波的图象往往先判断质点的振动方向和波的传播方向间的关系同时，熟练要分析波动形成的过程，分析物理量的变化情况6（6 分）（2015遂宁模拟）图中 MN 和 PQ 为竖直方向的两平行足够长
11、的光滑金属导轨，间距为 L，电阻不计导轨所在平面与磁感应强度为 B 的匀强磁场垂直，两端分别接阻值为 2R的电阻 R1 和电容为 C 的电容器质量为 m、电阻为 R 的金属杆 ab 始终垂直于导轨，并与其保持良好接触杆 ab 由静止开始下滑，在下滑过程中最大的速度为 v，整个电路消耗的最大电功率为 P，则（ ）A 电容器左极板带正电B 电容器的最大带电量为C 杆 ab 的最大速度 v 等于D 杆 ab 所受安培力的最大功率为【考点】： 导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；电功、电功率【专题】： 电磁感应与电路结合【分析】：根据右手定则，感应电动势的方向为，导体棒达到最大速度根据平
12、衡条件，此时电容器的带电量最大，根据功率表达式 P=FV 可求得力和功率及速度之间的关系【解析】： 解：A：根据右手定则，感应电动势的方向为：ab ；故右板带正电荷；故 A 错误；B：当线框的速度达到最大时，感应电动势最大，感应电动势的最大值为：E m=BLvm=BLV；路端电压的最大值为： = ；故电容器的带电量最大，为： ，故B 正确；C：根据功率表达式：P=FV，当 P、F 到达最大时速度达到最大值即： ，故 C 正确；D：杆 ab 克服安培力的最大功率为：P=F mvm=mgvm=mgV=P；故 D 错误；故选：BC【点评】： 本题关键是明确导体棒的受力情况和运动情况，然后结合平衡条件
13、和牛顿第二定律分析，不难7（6 分）（2015遂宁模拟）如图所示，三个可视为质点的金属小球 A、B、C ，质量分别为m、2m 和 3m，B 球带负电，电荷量为q，A、C 不带电，不可伸长的绝缘细线将三球连接，最上边的细线连接在斜面顶端的 O 点，三球均处于场强大小为 E 的竖直向上的匀强电场中，三段细线均伸直，三个金属球均静止于倾角为 30的绝缘光滑斜面上，则下列说法正确的是（ ）A A、B 球间的细线的张力为B A、B 球间的细线的张力可能为 0C 将线 OA 剪断的瞬间，B、C 间的细线张力D 将线 OA 剪断的瞬间， A、B 球间的细线张力【考点】： 匀强电场中电势差和电场强度的关系【专
14、题】： 电场力与电势的性质专题【分析】：静止时，对 B 球进行受力分析，B 受到 AB 间细线的拉力，BC 间细线的拉力，重力和电场力、斜面的支持力，受力平衡，即可求得 A、B 球间细线的拉力；假设 B 球也不带电，则剪断 OA 线瞬间，A、B、C 三个小球一起以加速度 g 做匀加速直线运动，互相相对静止，AB、BC 间拉力为 0若 B 球带电，则相当于在上述状态下给 B 球瞬间施加一个竖直下下的电场力 qE，把 AB 看成一个整体即可求解【解析】： 解：A、静止时，对 B 球进行受力分析，则有：T=（ 2mg+3mg+Eq）sin30= （5mg+Eq ），故 A 正确，B 错误；C、B 球
15、带负电，相当于在上述状态下给 B 球瞬间施加一个竖直下下的电场力 qE，经过 AB 绳传递，qE 对 A、B 球整体产生一个竖直下下的加速度 ，此时 A、B 球的加速度为 a= g+ （显然 g），C 球以加速度 g 匀加速运动，所以 BC 间绳子的作用力为零，以 A 球为研究对象可得 A、B 球间细线的拉力为 F=ma= ，故 C 错误，D 正确故选：AD【点评】： 本题主要是剪断 OA 线瞬间，对 A、B 、C 三个球的运动状态的确定及受力分析，知道绳子一旦剪短之后，绳子的拉力立即为零，难度适中二.非选择题（共 68 分）8（6 分）（2015遂宁模拟）图 ab 是力学中的两个实验装置（1
16、）图 a 是用来显示 支持面微小形变 ，图 b 是用来测量 万有引力恒量 （2）由图可知，两个实验共同的物理思想方法是 B A极限的思想方法 B放大的思想方法 C控制变量的方法 D猜想的思想方法【考点】： 弹性形变和范性形变；万有引力定律的发现和万有引力恒量的测定【分析】：这两个装置中，第一个装置是当支持面发生微小形变时，镜面法线也会改变一定角度，这一变化通过电光源投影进行放大第二个装置都是球 m，受到 m 对它的引力会使竖直悬线发生扭转，使镜面 M 的法线转过微小角度，从而电光源的投影会在标尺上移动一定距离，将微小形变放大将微小形变进行放大，故都是利用放大的思想方法【解析】： 解：（1）因为
17、装置 A 是演示微小形变的实验装置，装置 B 是卡文迪许扭秤，卡文迪许用该装置测出万有引力恒量故答案为：桌面或支持面的微小形变；万有引力恒量（2）第一个装置是当支持面发生微小形变时，镜面法线也会改变一定角度，这一变化通过电光源投影进行放大第二个装置都是球 m，受到 m 对它的引力会使竖直悬线发生扭转，从而使镜面 M 的法线转过微小角度，从而电光源的投影会在标尺上移动一定距离，从而将微小形变放大将微小形变进行放大，故都是利用放大的思想方法这两个装置都是将微小形变进行放大，故都是利用放大的思想方法故选 B【点评】： 在物理实验中，经常会遇到要演示一些变化效应微弱的物理现象，为使实验效果明显，可见度
18、大，通常采用放大手段物理实验中常用的放大手段有杠杆放大，光点反射放大，点光源投影放大，投影仪放大，弱电流放大等本题两个装置即为电光源投影放大法9（11 分）（2015遂宁模拟）有一个二极管（ ）标有“5V，0.005A”的字样现要尽量精确描绘这个二极管完整的伏安特性图线有下列器材供选用：A电压表 V1（05V，内阻为 1k）B电压表 V2（010V，内阻约为 2k）C电流表 A1 （00.5A，内阻为 1）D电流表 A2（01.0A，内阻约为 0.4）E滑动变阻器 R1（10，2A）F定值电阻 R2=19G学生电源（直流 12V），还有电键、导线若干（1）滑动变阻器应采用 分压式 （填：分压式
19、或限流式）（2）实验中所用电压表应选用 A ，电流表应选用 C （填：A 或 B、C 或 D）（3）请设计本实验的电路，并在如图方框内画出电路图【考点】： 描绘小电珠的伏安特性曲线【专题】： 实验题【分析】：本题（1）根据描绘伏安特性曲线实验要求电流从零调可知变阻器应采用分压式接法；题（2）根据二极管的额定电压来选择电压表量程，由于二极管的额定电流远小于给出的电流表量程，可考虑将二极管与定值电阻并联后再与电流表串联；题（3）由于二极管与定值电阻并联后电阻远小于电压表内阻，电流表应用外接法【解析】： 解：（1）描绘伏安特性曲线实验要求电流从零调，所以变阻器应采用分压式接法；（2）根据二极管铭牌“
20、5V，0.005A”可知电压表应选择 A；由于给出的电流表量程远大于二极管的额定电流，所以不能直接将电流表与二极管串联使用，考虑将二极管与定值电阻 并联后再与电流表 串联：由于二极管与定值电阻并联后的总电流可为 I=0.005A+ =0.268A 电源大于电流表 量程的 ，所以电流表应选择 C；（3）根据上面的分析可知，变阻器应采用分压式接法，二极管与定值电阻并联后再与电流表串联，由于二极管与定值电阻的并联电阻远小于电压表内阻，所以电流表应用外接法，电路图如图所示：故答案为：（1）分压式；（2）A，C；（3）如图【点评】： 应明确：应根据待测电阻的额定电压与额定电流大小来选择电压表与电流表的量
21、程，当电表的量程过大或过小时，应根据欧姆定律进行改装；当实验要求电流从零调时，变阻器应采用分压式接法；当待测电阻远小于电压表内阻时，电流表应用外接法，一般通过比较 与 的大小来选择10（15 分）（2015遂宁模拟）遂宁观音湖下穿隧道是西南地区首例城市江底下穿隧道，观音湖隧道设计长度为 2215m，设计速度为 50Km/h，隧道于 2013 年 10 月 9 日开工建设，于2015 年 2 月 10 日上午 8 时全线通车一在隧道中行驶的汽车 A 以 vA=4m/s 的速度向东做匀速直线运动，发现前方相距 x0=7m 处、以 vB=10m/s 的速度同向运动的汽车 B 正开始匀减速刹车直到静止
22、后保持不动，其刹车的加速度大小 a=2m/s2如汽车 A 不采取刹车措施，从此刻开始计时求：（1）A 追上 B 前，A、B 间的最远距离；（2）经过多长时间 A 恰好追上 B【考点】： 匀变速直线运动的位移与时间的关系【专题】： 直线运动规律专题【分析】：（1）当两车速度相等时，两车距离最远；（2）先判断前车静止时，后车是否追上，然后再进一步根据运动学公式列式求解【解析】： 解：（1）当 A、B 两汽车速度相等时，两车间的距离最远，即v=vBat=vA即 102t=4解得 t=3s此时汽车 A 的位移 xA=vAt=43=12m 汽车 B 的位移 xB=vBt at2=10 =21m 故最远距
23、离x m=xB+x0xA=21+712=16m （2）汽车 B 从开始减速直到静止经历的时间 t1= = =5 s 运动的位移 xB= = =25m 汽车 A 在 t1 时间内运动的位移 xA=vAt1=20 m 此时相距x=x B+x0xA=12 m 汽车 A 需再运动的时间 t2= =3 s 故 A 追上 B 所用时间 t=t1+t2=8 s 答：（1）A 追上 B 前，A、B 间的最远距离为 16m；2）经过 8sA 恰好追上 B【点评】： 本题是追击问题，要明确两车速度相等时，两车距离有极值；同时要先判断前车静止前量程能否相遇，然后根据运动学公式列式求解11（17 分）（2015遂宁模
24、拟）如图所示的空间有一竖直向下的匀强电场，场强E=2103N/C，有一个可视为质点的质量为 m=1kg，电荷量 q=+1103C 的小物块，从光滑平台上的 A 点以 v0=2m/s 的初速度水平抛出，到达 C 点时，恰好沿 C 点的切线方向进入固定在水平地面上的光滑圆弧轨道，最后小物块滑上紧靠轨道末端 D 点的质量为 M=3kg 的长木板已知木板上表面与圆弧轨道末端切线相平，木板下表面与水平地面之间光滑，小物块与长木板间的动摩擦因数 =0.3，圆弧轨道的半径为 R=0.4m，C 点和圆弧的圆心连线与竖直方向的夹角=60，不计空气阻力，g 取 10m/s2求：（1）AC 之间的竖直高度 h；（2
25、）小物块刚到达圆弧轨道末端 D 点时对轨道的压力；（3）要使小物块不滑出长木板，木板的长度 L 至少多大【考点】： 匀强电场中电势差和电场强度的关系；向心力；动能定理【专题】： 电磁学【分析】：（1）根据物块到达 C 点时速度沿圆弧轨道切线方向，由速度的分解法，求出物块到达 C 点的速度，根据能量守恒求解电荷自 A 点到 C 点的竖直高度；（2）根据动能定理求出物块到达 D 点时的速度，由牛顿第二定律和向心力公式结合求解轨道对物块的支持力，再由牛顿第三定律得到物块对轨道的压力；（3）物块滑上木板后，两者组成的系统动量守恒当小物块刚好不滑出长木板时，两者的速度相等，由动量守恒求出共同速度，再由能
26、量守恒求解木板的最小长度【解析】： 解：（1）设物块滑到 C 点的速度大小为 vC物块从 A 到 C 过程做类平抛运动，据题：物块到达 C 点时速度沿圆弧轨道切线方向，将速度分解，则有：vCcos=v0；解得：vC= = =4m/s设 AB 间的高度为 h自 A 点到 C 点，根据动能定理得：（mg+qE）h= ，解得：h=0.5m，（2）小物块由 C 到 D 的过程中，由动能定理得：，代入数据解得：，小球在 D 点时由牛顿第二定律得：，解得：FN=60N由牛顿第三定律得，小物块刚到达圆弧轨道末端 D 点时对轨道的压力为 60N，方向竖直向下 （3）由上题解得：v D=当小物块刚好不滑出长木板
27、时，两者的速度相等，设共同速度的大小为 v以物块和木板组成的系统为研究对象，取向左为正方向，则根据系统的动量守恒得：mvD=（m+M ） v根据能量守恒定律得：（mg+qE）L= ，联立解得：L2.5m答：（1）AC 之间的竖直高度 h=0.5m；（2）小物块到达圆弧轨道末端 D 点时对轨道的压力是 60N；（3）要使小物块不滑出长木板，木板的最小长度是 2.5m【点评】： 本题关键要正确分析物块的受力情况和运动情况，以及功能关系，把握住每个过程所遵守的物理规律，特别是物块在木板上滑动时系统所受的合力为零，系统的动量守恒，根据能量守恒是求解木板长度常用的方法12（19 分）（2015遂宁模拟）
28、如图所示，M，N 两极板间存在匀强电场，两极板的宽度为d，N 板右边存在如图所示的磁场，折线 PAQ 是磁场的分界线，在折线的两侧分布着方向相反、与平面垂直的匀强磁场，磁感应强度大小都为 B折线的顶角 A=90 ，P、Q 是折线上的两点，AP=AQ=L现有一质量为 m、电荷量为 q 的带负电微粒从 S 由静止经电场加速后再从 P 点沿PQ 方向水平射出，不计微粒的重力（1）若微粒以 v0 的速度从 P 点射出，求 M，N 两极板间电场强度的大小及方向；（2）为使微粒从 P 点以某一速度 v 射出后，经过一次偏转直接到达折线的顶点 A 点，求初速度 v 的大小；（3）对于在 M，N 两极板间加不同的电场，微粒还能途经 A 点并能到达 Q 点，求所加电场的电场强度 E 应满足的条件及其从 P 点到达 Q 点所用的时间
