1、2017 届河北省涞水波峰中学高三 12 月模拟考试（一）理科综合-物理部分试题二.选择题(14-18 单选,19-21 不定选)14如图所示，从倾角为 的斜面上某点先后将同一小球以不同的初速度水平抛出，小球均落在斜面上。当抛出的速度为 1 时，小球到达斜面时速度方向与斜面的夹角为 1；当抛出速度为 2 时，小球到达斜面时速度方向与斜面的夹角为 2，下列说法中正确的是（ ）A当 12时，12 B当 12时，1m现使小物块和长木板以共同速度 v0 向右运动，设长木板与左、右挡板的碰撞中无机械能损失试求：（1 ）将要发生第二次碰撞时，若小物块仍未从长木板上落下，则它此时距长木板左端多远？（2 ）为
2、使小物块不从长木板上落下，板长 L 应满足什么条件？（3 ）若满足（2）中条件，且 M=2kg，m=1kg，v 0=9m/s，试计算整个系统在刚发生第四次碰撞前损失的机械能33.(15 分) 16质量为 m=1.0kg 的小滑块（可视为质点）放在质量为 M=3.0kg 的长木板的右端，木板上表面光滑，木板与地面之间的动摩擦因数为 =0.2，木板长 L=1.0m开始时两者都处于静止状态，现对木板施加水平向右的恒力 F=12N，如图所示，经一段时间后撤去F为使小滑块不掉下木板，试求：用水平恒力 F 作用的最长时间 （g 取 10m/s2）物理答案14C 15.C 16.D 17.B 18.C 19
3、. AC 20.AD 2 1.BD22.静止 (或稳定、平衡、不动) ；三细线的方向 (至少记录 L1、 L3的方向)；结点 O 的位置； F与 F 的图示重合（或基本重合） （ F大小与 F 相等，方向相同）23.（1）BD ； （2） 20.16/ms （3）A 24. 【考点】机械能守恒定律；匀变速直线运动的速度与位移的关系；平抛运动；向心力【分析】要求 AC 之间的距离应该首先判定物体能否到达 B 点，故应该先求出物体到达 B 点的最小速度，然后根据动能定理求出物体实际到达 B 点时的速度，由于实际速度大于最小速度，故物体到达 B 后做平抛运动，最后根据平抛运动的规律求出物体在平抛过程
4、当中水平向的位移【解答】解：小球向左运动的过程中小球做匀减速直线运动，故有vA2v02=2as 解得 vA= = =5m/s如果小球能够到达 B 点，则在 B 点的最小速度 vmin，故有 mg=解得 vmin= =2m/s而小球从 A 到 B 的过程中根据机械能守恒可得mgh+ =解得 vB=3m/s由于 VBv min故小球能够到达 B 点，且从 B 点作平抛运动，在竖直方向有2R=在水平方向有sAC=vBt 解得：s AC=1.2m故 AC 间的距离为 1.2m25.（1）20()Mvmg；（2）20()MvLmg；（3） J64解析：（1）第一次与右挡板碰后到达共同速度 v1的过程中，
5、对 m、M 组成的系统，选定水平向左为正方向由动量守恒可得(Mm) v0=(Mm) v1 由能量守恒可得 22101()gLv由解得20()v（2）上述过程中，m 相对 M 向右滑动，且共同速度 v1向左以后，M 与左挡板碰撞，碰后 m 相对 M 向左滑动，直到重新达到共同速度 v2，则(Mm )v1=(Mm )v2 221()gLv由解得 2()g显然 L2L1，同理 L3L2，因此，只有第一次碰后 m 未从 M 上掉下，以后就不可能掉下，则长木板的长度 L 应满足20()MvLg（3）根据能量守恒可得，到刚发生第四次碰撞前，系统损失的机械能 221230101()()()()MMmEmgL
6、mgvvg又10Mv22()v所以， E= J36433. 【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】由题，木板上表面光滑，当木板运动时，滑块相对于地面静止不动分析木板的运动情况，在撤去 F 前，木板做匀加速运动，撤去 F 后木板做匀减速运动根据牛顿第二定律分别求出撤去 F 前后木板的加速度由位移公式分别求出木板加速和减速运动的位移与时间的关系式当加速和减速的总位移小于等于木板的长度时，滑块不会从木板上滑下来，求出最长的时间【解答】解：撤去 F 前后木板先加速后减速设加速过程的位移为 x1，加速度为 a1，加速运动的时间为 t1；减速过程的位移为 x2，加速度为 a2，减速运动的时间为 t2由牛顿第二定律得撤力前：F （m +M）g=Ma 1解得 a1= m/s2撤力后：（m+M）g=Ma 2解得 a2= m/s2又 x1= a1t12，x 2= a2t22为使小滑块不从木板上掉下，应满足 x1+x2L又 a1t1=a2t2由以上各式可解得 t11 s即作用的最长时间为 1s答：用水平恒力 F 作用的最长时间是 1s
