1、山东省枣庄市 2018 届高三二调模拟考试理综物理试题二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 14-16 小题只有一项符合题目要求，第 17-21 小题有多项符合题目要求。全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。1. 下列说法正确的是（ ）A. 光电效应实验中，光电流的大小与入射光的强弱无关B. 卢瑟福发现了电子，在原子结构研究方面做出了卓越的贡献C. 大量处于 n=3 能级的氢原子在自发跃迁时，会发出 3 种不同频率的光D. 由玻尔的原子模型可以推知，氢原子所处的能级越高，其核外电子动能越大【答案】C【解析】A. 光电效应实验中，
2、光电流的大小与入射光的强弱有关，饱和光电流的大小只与入射光的强度成正比，故 A 错误；B、汤姆孙通过对阴极射线的研究发现了电子，卢瑟福提出了原子的核式结构模型，故 B 错误；C、大量处于 n=3 能级的氢原子在自发跃迁时，会发出 种不同频率的光，故 C 正确；D、.由玻尔的原子模型可以推知，氢原子所处的能级越高，量子数越大，离原子核越远，据 可知速度越小，核外电子动能越小，故 D 错误；故选 C。2. 如图所示，水平地面上 A、B 两点相距为；原长为 的轻质橡皮筋，一端固定在 A 点，另一端固定在长度亦为的轻质细杆的一端 C；轻质细杆另一端连在固定在 B 点且垂直于纸面的光滑轴上。当作用于 C
3、 点的水平拉力大小为 F 时，橡皮筋的长度恰为。改变水平拉力的大小使轻质细杆沿顺时针方向缓慢转动，转动过程中橡皮筋始终在弹性限度内；当轻质细杆恰好竖直时，水平拉力的大小为（ ）A. F B. C. D. 【答案】D【解析】当作用于 C 点的水平拉力大小为 F 时，对 C 点受力分析根据平衡条件可得 ；当轻质细杆恰好竖直时， 对 C 点受力分析有根据平衡条件可得 ，故 D 正确，ABC 错误；故选 D。【点睛】对 C 点受力分析，根据平衡条件可求得。3. 如图所示，A 为地球赤道上的物体， B 为沿地球表面附近做匀速圆周运动的人造卫星，C 为地球同步卫星。则下列说法正确的是（ ）A. 角速度的大
4、小关系是B. 向心加速度的大小关系是C. 线速度的大小关系是D. 周期的大小关系是【答案】B【解析】AD、卫星 C 为同步卫星，所以 ，根据 ，可知 ，所以周期的大小关系是，根据 ，所以角速度的大小关系是 ，故 AD 错误；B、由 可得 ，根据 ，可知 ，所以向心加速度的大小关系是 ，故 B 正确；C、角速度相等，由 ，可知 ，根据 得 ，线速度的大小关系是 ，故 C 错误；故选 B。【点睛】本题中涉及到三个做圆周运动物体，AC 转动的周期相等，BC 同为卫星，故比较他们的周期、角速度、线速度、向心加速度的关系时，涉及到两种物理模型，要两两比较。4. 如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数之比
5、，电阻 ，两只相同小灯泡 的规格均为 ， 为单刀双掷开关。原线圈接正弦交流电源。当 接 1、 闭合时， 正常发光。设小灯泡的电阻值恒定。下列说法正确的是（ ）A. 原线圈所接正弦交流电源的电动势最大值为 30VB. 只断开 后，变压器的输出功率为 0.75WC. 将 换接到 2 后，原线圈的输入功率为 90WD. 将 换接到 2 后，R 的电功率为 0.9W【答案】BD【解析】A、当 接 1、 闭合时， 正常发光，副线圈的电压为 ，根据原副线圈电压比等于匝数比即，解得原线圈的电压为 ，原线圈所接正弦交流电源的电动势最大值为 ，故 A 错误；B、两只相同小灯泡阻值为 ，只断开 后，变压器的输出功
6、率为 ，故 B正确；C、将 换接到 2 后，R 的电功率为 ，原线圈的输入功率为 ，故 C 错误，D 正确；故选 BD。【点睛】原副线圈电压比等于匝数比，变压器的输出功率等于原线圈的输入功率。5. 如图所示，两根足够长的平行光滑金属导轨固定在同一水平面内，两导轨间的距离为 L；导轨上面垂直于导轨横放着两根相距 的导体棒 ab、cd，两导体棒与导轨构成矩形闭合回路。两导体棒的质量均为 m、电阻均为 R，回路中其余部分的电阻忽略不计。整个装置处于磁感应强度大小为 B、方向竖直向上的匀强磁场中。开始时，cd 棒静止，ab 棒的速度大小为 、方向指向 cd 棒。若两导体棒在运动过程中始终不接触，选水平
7、向右的方向为正方向，则在运动过程中（ ）A. ab 棒产生的焦耳热最多为B. 安培力对 cd 棒的冲量最多为C. 通过 ab 棒某一横截面的电量最多为D. ab 棒与 cd 棒间的最终距离为【答案】BCD【解析】A、从开始到最终稳定的过程中，两棒总动量守恒，根据动量守恒有 ，ab 棒产生的焦耳热最多为 ，故 A 错误；B、安培力对 cd 棒的冲量最多为 ，故 B 正确；C、对 ab 棒由动量定理可得 ，即 ，所以有 ，通过 ab 棒某一横截面的电量最多为 ，故 C 正确；D、由于通过 ab 棒某一横截面的电量最多为 ，则有 ，ab 棒与 cd 棒间的最终距离为，故 D 正确；故选 BCD。【点
8、睛】从开始到最终稳定的过程中，两棒总动量守恒，根据动量守恒和能量守恒解出 ab 棒产生的焦耳热，对 ab 棒由动量定理和通过导体电荷量定义可得通过 ab 棒某一横截面的电量。三、非选择题：共 174 分。第 22-32 题为必考题，每个试题考生都必须作答。第 33-38 题为选考题，考生根据要求作答。6. 某同学利用气垫导轨研究物体的运动规律。实验装置如图所示。滑块放置在气垫导轨 0 刻度处，在拉力作用下由静止开始加速运动。只移动光电门 1，让 s 不断减小，多次测量两光电门之间的距离 s 和滑块从光电门 1 到光电门 2 经历的时间 t，记录的实验数据如下表所示。实验次数 1 2 3 4 5
9、 6s/m 1.400 1.200 1.000 0.800 0.600 0.400t/s 1.03 0.72 0.54 0.41 0.29 0.181.36 1.67 1.85 1.95 2.07 2.22（1）在 减肥，的值为_（选填下列选项前的字母代号） 。A. 0 B.无穷大 C.不确定 D.滑块通过光电门 2 时的速度大小（2）请根据表格中的实验数据，在答题纸所给的坐标图中作出 图象。【答案】D 【解析】 （1）在 时，滑块从光电门 1 到光电门 2 经历的时间 ，两光电门之间的距离 s 与滑块从光电门 1 到光电门 2 经历的时间 t 之比的值为滑块通过光电门 2 时的速度大小，故选
10、 D；（2）根据表格中的实验数据，在所给的坐标图中先描点，再用光滑的曲线作出作出 图象，如图7. 如图甲所示，一节干电池与定值电阻 R（R 值未知） 、开关 S 串联组成闭合回路。某实验小组的同学将图甲电路改造成如图乙所示的电路，通过实验，可以获得图甲中流过定值电阻 R 的电流大小的准确值。所用毫安表内阻已知且不可忽略。实验的主要步骤如下：A.闭合开关 S，打开开关 ，读出毫安表的示数为 。B.保持开关 S 闭合，再闭合开关 ，调节电阻箱 的阻值大小等于毫安表内阻，读出毫安表的示数为 。（1）请用笔画线代替导线，按照图乙所示电路将答题纸上的实物图连接成完整的实验电路。（2）在图甲中流过定值电阻
11、 R 的电流 I=_。【答案】 【解析】 （1）按照图乙所示电路，连接的实物图为（2）闭合开关 S，打开开关 ，根据闭合电路欧姆定律有 ，保持开关 S 闭合，再闭合开关 ，根据闭合电路欧姆定律有 ，由甲图根据闭合电路欧姆定律 ，联立解得8. 如图所示，长为 L、质量为 M 的薄木板放在水平地面上，一质量为 m 可视为质点的木块放在薄木板的右端。用水平向右的力 F 作用于薄木板的右端，可将薄木板从木块下抽出。已知薄木板与地面之间、木块与薄木板之间、木块与地面之间的动摩擦因数均为 ，重力加速度大小为 g。设物体之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。求：（1）力 F 的大小满足的条件。（2）试推导并说明
12、木块离开薄木板后向右运动的位移大小 s 与力 F 大小之间的关系。【答案】(1) (2) 【解析】解：（1）设木块与木板之间的最大静摩擦力大小为 ，由题意和滑动摩擦力公式得： ，设木块随木板一起运动相对于地面的最大加速度大小为 ，由牛顿第二定律得：，此时，设作用于薄木板右端水平向右力的大小为 ，对于木块和木板整体，由滑动摩擦力公式和牛顿第二定律得： ，解得： ，要将薄木板从木块下抽出，应满足的条件为： ，即： 。（2）在 时，木块相对于木板发生了滑动；设木块和木板相对于地面运动的加速度大小分别为，由滑动摩擦力公式和牛顿第二定律得：对木块： ，对木板： ，解得： ，设木块从开始运动到刚从木板上滑
13、落所用的时间为 ，木块和木板相对于地面发生位移分别为 ，由运动学公式和几何关系得：， ， ，解得： ，设此时木块的速度大小为 ，由运动学公式得： ，木块从木板上滑落后，在水平地面上继续滑动，设其受到的滑动摩擦力大小为 、加速度大小为 ，由滑动摩擦力公式和牛顿第二定律得：， ， ，解得： ，通过上式分析可得，木块离开薄木板后向右运动的位移大小 s 随力 F 的增大而减小。9. 如图所示，在半径 r=0.5m 的圆形区域 I 内有磁感应强度大小 、方向垂直于纸面向外的匀强磁场。区域 I 的正上方有磁感应强度大小 、方向垂直于纸面向内的匀强磁场区域 II。区域 II 水平宽度足够大、高度为 d=0.
14、4m，理想水平下边界和区域 I 的理想边界相切于 A 点。一足够大且垂直于纸面的薄荧光平板与区域 II 的理想上边界重合。 为纸面内过圆心 O 的水平直线。在圆的右侧放置一台带电粒子发射器，它向左平行于 发射出一束比荷 的带正电的相同粒子，粒子的速度大小均为 。发射时，这束粒子沿竖直方向均匀分布在 上下两侧高度各为 的范围内。粒子的重力、粒子间的相互作用力均忽略不计。 。求：（1）粒子在磁场区域 I 中运动的轨道半径大小。（2）打到荧光板的粒子占粒子总数的百分比。【答案】(1) (2) 【解析】解：（1）设粒子在磁场区域 I 中估匀速圆周运动的轨道半径大小为 ，因为洛伦兹力提供向心力，故有：
15、，解得： 。（2）因为 ，由几何关系可知，纸面内这些平行于 射入磁场区域 I 的带电粒子，都会从最高点 A 射出区域 I，接着射入区域 II.粒子速的最上边缘处的粒子，在区域 I 内的运动轨迹如图 1 所示。设粒子经过 A 点的速度方向跟竖直方向的夹角为 ，过 点轨迹半径跟水平边界的夹角为 ，由几何关系得：， ，解得： ，同理可得，粒子束的最下边缘处的粒子，经过 A 点的速度方向跟竖直方向的夹角为： ，如图 2 所示。设粒子在磁场区域 II 中做匀速圆周运动的轨道半径大小为 ，因为洛伦兹力提供向心力，故有：，解得： ，粒子束上、下边缘处的粒子进入区域 II 后，做匀速圆周运动的轨迹如图 3、图 4 所示。设粒子束下边缘处的粒子最终打在荧光板上的点为 C，过 C 点的轨迹半径跟水平方向的夹角为 ，如图 4
