1、安徽省郎溪中学 2017 届高三下学期高考仿真模拟考试理综-物理试题1. 下面叙述中正确的是A. 根据玻尔理论，氢原子的核外电子不能吸收 23eV 光子B. 质子的发现核反应方程为： N+ He O+ H42 11C. Bi 的半衰期是 5 天，1000 个 Bi 经过 10 天后一定衰变了 750 个21083 21083D. 结合能大的原子核，其比结合能也大，原子核相对不稳定【答案】B【解析】A、根据玻尔理论，氢原子发生能级跃迁时，只能吸收或辐射一定频率的光子，管子的能量等于量能级间的能量差，氢原子的最小能量为-13.6eV,若吸收的光子能量大于 13.6eV，则将发生电离，A 错误；B、
2、发现质子的核反应方程为： ， B 正确；C、半衰期是对大量的放射性元素的原子衰变的统计结果，哪个衰变，哪个不衰变是随机的，所以 1000 个经过 10 天后不一定衰变了 750 个，C 错误；21083BiD、结合能大的原子核，其比结合能不一定大，还与核子个数有关，比结合能越大，原子核相对越稳定，D错误；故选 B。2. 天舟一号飞船发射后进入高度约 380 公里预定轨道，将为运行高度 393 公里的天宫二号运送多种物资，下列说法正确的是A. 天舟一号需要加速才能进入天宫二号轨道B. 对接时，指挥中心发射和接收信号的雷达方向一直是不变的C. 对接之后，可通过传送带将货物传送给天宫二号D. 若己知
3、地球表面重力加速度为 g，地球半径为 R，可求天舟一号的向心力【答案】A【解析】A、天舟一号飞船从高度约 380 公里预定轨道进入高度 393 公里的更高轨道，需要做离心运动，即应加速，A 正确；B、因天舟一号和天宫二号均未在同步轨道，所以相对于地球，他们是运动的，为了发射和接收信号，雷达方向一直是改变的，B 错误；C、对接后，由于处于完全失重状态，对支持物没有压力，所以不会有摩擦力，传送带传送货物不能实现，C 错误；D、天舟一号的向心力是由地球对它的万有引力提供的，即 ，根据题给条件得： ，r 不是已F=GMmr2 F=mgR2r2知，不能求出万有引力，D 错误；故选 A。3. 如图所示，P
4、 物固定连接一轻弹簧静置在光滑水平面上，与 P 质量相等的 Q 物以初速度 v0 向 P 运动。两物与弹簧始终在一条直线上，则A. 到两物距离最近时，P 受到的冲量为 mv0B. 到两物距离最近时，Q 的动能为 mv02/4C. 到弹簧刚恢复原长时，P 受到的冲量为 mv0D. 到弹簧刚恢复原长时，Q 的动能为 mv02/4【答案】C【解析】A、B、当弹簧的弹性势能最大时，P、Q 速度相等，距离最近，由动量守恒得： ， 解得：mv0=(m+m)v v=v02P 受到的冲量： ，Q 的动能为： ，A、B 错误；I=Ft=P=mv02 EkQ=12m(v02)2=18mv02C、D、弹簧刚恢复原长
5、时，由于质量相等，交换速度，结合动量定理，P 受到的冲量为 ，Q 的动能为0，C 正确；D 错误；4. 根据电磁理论，半径为 R、电流强度为 I 的环形电流中心处的磁感应强度大小 B= ，其中 k 为已知常量。现有一半径为 r，匝数为 N 的线圈，线圈未通电流时，加水平且平行于线圈平面，大小为 Bc的匀强磁场小磁针指向在线圈平面内(不考虑地磁场)，给线圈通上待测电流后，小磁针水平偏转了 角。则A. 待测电流在圆心 O 处产生的磁感应强度 B0=Bc sinB. 待测电流 Ix的大小 Ix= Bc r tan/kNC. 仅改变电流方向，小磁针转向不会变化D. 仅改变电流大小可以使小磁针垂直于线圈
6、平面【答案】B【解析】A、所加磁场磁感应强度的水平分量 BC与. 待测电流在圆心 O 处产生的磁感应强度 B0的关系如图所示：有： ，A 错误；B0=BCtanB由题意可知： ，解得： ，B 正确；B0=kNIr Ix=BCrtankNC、仅改变电流方向，环形电流产生的磁场的磁感应强度方向改变，小磁针转向发生变化，C 错误；.故选 B。5. 如图所示，平行板电容器与恒压电源连接，下极板接地，a、b 是两极板中心，p 是 a、b 连线的中点，有一带电油滴恰好悬停于 p 点。现让两极板分别绕着过 a、b 点并垂直于纸面的轴同时转过一小角度。不计转动时间，则从转动前到转动后的一小段时间内A. 电容器
7、的电容不变B. p 点的电势不变C. 带电油滴的电势能不变D. 带电油滴的重力势能不变【答案】BD【解析】A、根据电容器电容的决定式 ，当两极板转过一小角度 时，两极板的正对面积减小为C=S4kd ，板间距离变为 ,所以电容减小，A 错误；Ssin dcosB、因电容器与电源始终相接，故电压不变，由 知，电容器极板旋转后 ，所以场E=Ud d/=d.cos强变为 ，又因电容器下极板接地且油滴在中间，故电势 ，电势不E/=Ud/= Ud.cos P=UPO=E/.d/2=12U变，b 正确；C、D、不计转动时间，带电油滴的位置不变，带电油滴的电势不变，电势能不变，重力势能也不变，CD 正确；故选
8、 BCD。6. 矩形导线框 abcd 从某处自由下落 h 的高度后，进入与线框平面垂直的匀强磁场，如图所示从 ab 边刚进入磁场到 cd 边也进入磁场的过程中，线框内的感应电流随时间变化可能的是A. B. C. D. 【答案】ABD【解析】A、导线框 abcd 进入磁场时，当安培力与重力刚好平衡时，做匀速运动， ，不变，A 可能;I=BLvRB、导线框 abcd 进入磁场时，当安培力小于重力，线框做加速度减小的变加速运动，加速度减小，速度的变化率减小，电流的变化率也减小，B 可能；C、由图电流变化率增大而安培力大小与速度大小成正比，根据牛顿第二定律 ，速度增大，mgB2L2vR=ma加速度减小
9、，加速度不可能增大，电流变化率不可能增大，C 不可能；D、导线框 abcd 进入磁场时，当安培力大于重力时，线框做加速度减小的变减速运动，速度变化率减小，电流变化率也减小，D 可能；故选 ABD。7. 在竖直向上的匀强电场中，有两个质量相等、电荷量大小相等的小球 A、B(均可视为质点)处在同一水平面上。现将两球以相同的水平速度 v0向右抛出，最后落到水平地面上，运动轨迹如图所示，两球之间的静电力和空气阻力均不考虑，则A. A 球带正电，B 球带负电B. A 球比 B 球先落地C. 在下落过程中，A 球的电势能减少，B 球的电势能增加D. 两球落地时 A 球的速度方向与地面夹角小于 B 球与地面
10、的夹角【答案】AD【解析】A、两球在水平方向都做匀速直线运动，由 知， v0相同，则 A 运动的时间比 B 的长，竖直方x=v0t向上，由 ， h 相等，可知， A 的合力比 B 的小，所以 A 的电场力向上，带正电， B 的电场力向下，带h=12at2负电，A 正确;B、 A 运动的时间比 B 的长，则 B 球比 A 球先落地，B 错误；C、 A 的电场力向上，电场力对 A 球做负功， A 球的电势能增加 B 的电场力向下，电场力对 B 球做正功，B 球的电势能减小，C 错误D、落地时球的速度方向与地面夹角设为 ，则： ，且 ， ，A 球的速度方向与 tan=2ahv0 aA=mg-qEm
11、aB=mg+qEm地面夹角小于 B 球与地面的夹角，D 正确；故选 AD。8. 如图所示的装置，两根完全相同水平平行长圆柱上放一均匀木板，木板的重心与两圆柱等距，其中圆柱的半径 r=2cm，木板质量 m=5kg，木板与圆柱间的动摩擦因数 =0.2，两圆柱以角速度 =40rad/s 绕轴线作相反方向的转动现施加一过木板重心且平行圆柱轴线的水平拉力 F 于木板上，使其以速度v=0.6m/s 沿圆柱表面做匀速运动取 g=10m/s 下列说法中正确的是A. 木板匀速时，每根圆柱所受摩擦力大小为 5NB. 木板匀速时，此时水平拉力 F=6NC. 木板移动距离 x=0.5m ，则拉力所做的功为 5JD.
12、撤去拉力 F 之后，木板做匀减速运动【答案】ABB、在平行于轴线方向上，木板受到的滑动摩擦力 ，木板做匀速直线f=mg=0.2510=10N运动，由平衡条件得： ，B 正确；F=fsin37=6NC、木板移动距离 x=0.5m 拉力做功： ，C 错误；W=Fx=60.5=3JD、撤去拉力 F 之后， 沿圆柱表面的速度减小，而圆柱转动的角速度不变，木板所受的滑动摩擦力方向在改变，沿平行于轴线方向上的摩擦力在改变，加速度减小，不是匀减速运动，D 错误；故选 AB。三、非选择题： (一)必考题9. 某实验小组在非平衡态下验证力的平行四边形定则，其实验装置简图如右：两套“杆、球”装置平放在光滑平板上，
13、平板放在水平桌面上，甲、乙两个完全相同的小球分别与杆的一端牢固连接，杆的另一端固定在木板的边条上，A、B 和 C 是“力/倾角”传感器。实验时，让木板沿箭头方向加速运动，一段时间内各传感器会将杆的弹力和倾角的多组数据实时传输给计算机记录下来。选择某一时刻，计算机自动将此刻数据生成如图所示的图像（1）对此实验，下列叙述中唯一错误的是_A、杆的延长线必须过球心并与平板平行B、传感器 A 记录力的方向必须与运动方向一致C、小球必须做匀加速直线运动 D、图中 F 是由传感器 A 的数据得到的F（2）图中，如果_，就验证了力的平行四边形定则正确 。【答案】 (1). C (2). 在误差允许的范围内 F
14、=F【解析】 （1）选择某一时刻，计算机自动将此刻数据生成的图像，只要 A 与 B、C 是只要是同一时刻记录的即可，小球可以做变加速运动，C 错误；（2）在误差允许的范围内，A 对小球的作用力与 B、C 同时作用产生的效果相同，此时若 F= ，就验证了力F的平行四边形定则正确。10. （1）下图的游标卡尺读数为_mm。如果用欧姆表测量电阻时发现指针偏转角过小，为较准确测量，应将欧姆表档位调_（填“大”或“小” ） ；某次测量时将转换开关转到“10”档，表盘的示数如图所示，则所测电阻阻值是_。（2）某实验小组用测绘小灯泡伏安特性曲线的实验方法，探究一个晶体二极管的 IU 特性。经实验后绘出晶体二
15、级管的正向特性曲线和反向特性曲线，如图所示。正向特性（第一象限的曲线）：a、起始阶段，正向电压较小，正向电流较小，称为死区，死区电压为_v,二极管电阻很_(填“大”或“小”)。b、正向电压超过死区电压，电流随电压上升急剧增大，二极管电阻变得很_(填“大”或“小”)，电流与电压成_(填“线性”或“非线性”)关系。c、继续增大正向电压，电流随电压的变化率近于定值。反向特性（第三象限的曲线）：起始阶段，反向电流很小，不随反向电压变化。当反向电压增加到某一数值（反向击穿电压）时，反向电流急剧增大，称为反向击穿。实验所用的器材如下图。测绘晶体二极管反向特性曲线，用笔划线代替导线将实物图补接完整。【答案】
16、 (1). 17.6 (2). 大 (3). 170 (4). 0.5v 或 0 ； (5). 大 (6). 小 (7). 非0.5v线性 如下图【解析】 （1）游标卡尺的读数由主尺读数和游标读数组成，则读数为： ；1.7cm+60.1mm=17,6mm用欧姆表测量电阻时指针偏转角过小，说明示数偏大，档位用小了，所以要将档位调大，使指针指在中央刻度附近；根据读数规则知欧姆表读数为 ；R=1710（2）根据图象可知死区电压为 0-0.5v，此时电流几乎为零，说明二极管电阻很大；当正向电压超过死区电压，电压发生较小的变化，电流变化较大，说明此时电阻很小：由图可知不是直线，因此是非线性关系；首先滑动
17、变阻器采取分压接法，可以使电压调节范围大，测二极管反向电阻，由于反向电阻很大，所以电流表内阻可忽略，因此采用电流表内接，故实物连接图为：11. 中国是世界上第 3 个掌握卫星回收技术的国家。将某次卫星回收过程落地前的运动简化为竖直方向的匀减速直线运动、匀速直线运动和撞击地面速度减为 0 的运动三个阶段，并作 v-t 图像如图所示，撞击过程未显示。设匀减速开始时的高度 H=1075m，撞击地面时间 t=0.125s，重力加速度 g=10m/s2。求(1)卫星匀速运动阶段的速度大小；(2)卫星在匀减速运动阶段受到的阻力大小和撞击地面时受到地面的平均作用力大小之比。【答案】 （1） （2） v2=5
18、m/s f:F=6:25【解析】 （1）v-t 图象与 t 轴所围面积即为下落高度，v1+v22 t1+v2t2=H代入数据： ，得：65+v22 30+v25=1075 v2=5m/s（2）匀减速阶段，加速度大小： a1=v1-v2t1 =65-530=2m/s2，得：f-mg=ma1 f=1.2mg撞击地面，设地面对卫星的平均作用力为 F，竖直向下为正方向，由动量定理得，-(F-mg)t=0-mv2带入数据得： F=5.0mg所以： 。f:F=6:2512. 如图所示，两条平行金属导轨相距 d=1m。光滑水平部分处在 B1=1T 竖直向下的匀强磁场，倾斜部分与水平面成 37角、动摩擦因数
19、=0.5，有垂直于轨道平面向下 B2=3T 的匀强磁场。金属棒 ab 质量m1=0.2kg、电阻 R1=1，金属棒 ef 质量 m2=0.5kg、电阻 R2=2.棒与导轨垂直且接触良好。t=0 时 ab 棒在水平恒力 F1的作用下由静止开始向右运动，ef 棒在 F2的作用下保持静止状态。当 ab 棒匀速运动时撤去力F2，金属棒 ef 恰好不向上滑动，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，sin37=0.6，cos37=0.8，g=10m/s 2.求：(1)当金属棒 ab 匀速运动时，其速度为多大？(2)求过程中 ab 棒最大加速度大小？(3)金属棒 ab 从静止开始到匀速运动用时 1.2s，此过程中金
20、属棒 ef 产生的焦耳热为多少？【答案】 （1） （2） （3）v=5m/s 8.3m/s2 1.7J【解析】 （1）金属棒 ef 恰好不上滑，由平衡得： m2gsin37+m2gcos37=B2Id由闭合电路欧姆定律得： E=I(R1+R2)金属棒 ab 产生电动势： E=B1dv解得： v=5m/s（2）金属棒 ab 匀速运动时，由平衡得： F1=B1Id由牛顿第二定律得： a=F1m1=8.3m/s2（3）金属棒 ab 从静止开始到匀速运动过程，由动量定理得： F1t-B1Idt=m1v得电量： q=It=F1t-m1vB1d由法拉第电磁感应定律： E=nt闭合电路欧姆定律得： I=ER1+R2电量： （q=It=nR1+R2=B1dSR1+R2由能量转化守恒定律得： F1S=12m1v2+Q
