1、2017-2018 学年安徽省安庆市五校联盟高三（下）月考物理试卷一、选择题： 1.木块 a 和 b 用一根轻弹簧连接起来，放在光滑水平面上，a 紧靠在墙壁上，在 b 上施加向左的水平力使弹簧压缩，如图所示，当撤去外力后，下列说法中正确的是（ ）a 尚未离开墙壁前，a 和 b 组成的系统动量守恒a 尚未离开墙壁前，a 和 b 组成的系统动量不守恒a 离开墙壁后，a 和 b 组成的系统动量守恒a 离开墙壁后，a 和 b 组成的系统动量不守恒A. B. C. D. 【答案】C【解析】动量守恒定律的运用条件是不受外力或所受合外力为零， a 尚未离开墙壁前， a 和 b 组成的系统受到墙壁对它们的作用
2、力，系统的合外力不为零，不满足动量守恒条件； a 离开墙壁后，系统所受合外力为零，动量守恒。故正确。所以 C 正确，ABD 错误。2.木星绕太阳运行的轨道都可以看作是圆形。已知木星的轨道半径约为地球轨道半径的 5.2倍，则木星与地球绕太阳运行的线速度之比约为（ ）A. 11：25 B. 7：9 C. 16：9 D. 9：16【答案】A【解析】【分析】根据万有引力提供向心力 ，分析线速度之比。【详解】由万有引力提供向心力 ，得 ，木星的轨道半径约为地球轨道半径的 5.2 倍， ，带入数字得到木星与地球绕太阳运行的线速度之比， ；A 正确，B、C、D 错误.故选 A.【点睛】解决本题的关键掌握万有
3、引力提供向心力 .3.地球和木星绕太阳运行的轨道都可以看作是圆形已知木星的轨道半径约为地球轨道半径的 5.2 倍，则木星与地球绕太阳运行的线速度之比约为( )A. 0.19 B. 0.44C. 2.3 D. 5.2【答案】B【解析】由 得： ，所以有： ，B 正确；ACD 错误；故选 B。4.如图所示，磁感应强度大小为 B 的匀强磁场方向斜向右上方，与水平方向所夹的锐角为45将一个 3/4 金属圆环 ab 置于磁场中，圆环的圆心为 O，半径为 r，两条半径 oa 和 0b相互垂直，且 oa 沿水平方向当圆环中通以电流 I 时，圆环受到的安培力大小为（ ）A. B. C. BIr D. 2BIr
4、【答案】A【解析】通电导线的有效长度为 L= r，故受到的安培力为 F=BIL= BIr，故选 A.5.如图所示为某粒子分析器的简化结构，金属板 P、Q 相互平行，两板通过直流电源、开关相连，其中 Q 板接地一束带电粒子，从 a 处以一定的初速度平行于金属板 P、Q 射入两板之间的真空区域，经偏转后打在 Q 板上如图所示的位置在其他条件不变的情况下，要使该粒子束能从 Q 板上 b 孔射出（不计粒子重力和粒子间的相互影响） ，下列操作中可能实现的是（ ）A. 保持开关 S 闭合，适当上移 P 极板B. 保持开关 S 闭合，适当左移 P 极板C. 先断开开关 S，再适当上移 P 极板D. 先断开开
5、关 S，再适当左移 P 极板【答案】A【解析】试题分析：粒子在平行板电容器之间为类平抛运动，要使该粒子束能从 Q 板上 b 孔射出，需要增大粒子平抛水平位移，竖直方向匀加速直线运动，加速度 ，则有到下极板距离，从而可得运动时间 ，水平方向位移 ，保持开关 S 闭合，则两极板电压不变，适当上移板，即 增大， 不变，水平位移增大，选项对。保持开关比荷左移板则电压不变 和 都不变，水平位移不变，选项错。先断开开关S，适当上移板，则电荷量不变， 增大，电容变小，电压变大， 不变，水平位移变小，选项错。先断开开关 S，再适当左移 P 极板，正对面积变小，电容变小，电荷量不变，电压变大， 不变，水平位移变
6、小，选项错。考点：类平抛 电容器【名师点睛】粒子平行极板进入平行板电容器电场，为类平抛运动，电场方向即初速度的匀加速直线运动，初速度方向匀速直线运动，整体为类平抛，选项设置各种变量，所以我们需要一次性找到水平位移和其他各个变量的定量关系，写出关系式，后面选项只要对照关系式即可。6.如图所示，在平面直角坐标系中有一底角是 60的等腰梯形，坐标系中有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中 O（0，0）点电势为 6V，A（1， ）点电势为 3V，B（3， ）点电势为 0V，则由此可判定（ ）A. C 点的电势为 3VB. C 点的电势为 0VC. 该匀强电场的电场强度大小为 100V/mD. 该匀强电场
7、的电场强度大小为 100 V/m【答案】BD【解析】试题分析：因为 AB 平行于 CD，并且四边形 ABCD 为底角是 60的等腰梯形，其中坐标O（0，0） ，A（1， ） ，B（3， ） ，故有：U OC=2UAB，即 6- C=2（3-0） ，得 C=0V，故 A 错误由 A 分析得，B 正确；由 A 分析知，BC 为 0V 等势线，过 B 作 OC 的垂线 BD，垂足为 D，再作 DE 垂直于 BC，由几何关系得： ，故电场强度为： ，故 C 错误，D 正确故选 BD考点：电场强度；电势及电势差【名师点睛】解决本题的关键知道电场线与等势线垂直，掌握匀强电场的电场强度大小与电势差的关系，即
8、 求出电场强度的大小，注意 d 是沿电场线方向上的距离。7.如图甲，一矩形金属线圈 abcd 垂直匀强磁场并固定于磁场中，磁场是变化的，磁感应强度 B 随时间 t 的变化关系图象如图乙所示，则线圈的 ab 边所受安培力 F 随时间 t 变化的图象是图中的（规定向右为安培力 F 的正方向） （ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】试题分析：根据楞次定律和法拉第电磁感应定律判断出感应电流的方向和大小，根据左手定则判断出安培力的方向以及根据安培力的公式判断安培力大小0-1s 内，由楞次定律知，感应电流的方向为 adcba，根据 I ，电流为定值，根据左手定则，ab 边所受安培力的方向向左，由
9、 F=BIL 知，安培力均匀减小1-2s 内，由楞次定律知，感应电流的方向为 abcda，根据 I ，电流为定值，根据左手定则，ab 边所受安培力的方向向右，由 F=BIL 知，安培力均匀增大故 B、C、D 错误，A 正确故选 A考点：楞次定律和法拉第电磁感应定律，安培力的大小和方向的判定8.如图所示，固定斜面 c 上放有两个完全相同的物体 a、 b，两物体间用一根细线连接，在细线的中点加一与斜面垂直的拉力 F，使两物体均处于静止状态下列说法正确的是( )A. c 受到地面的摩擦力水平向右B. a、 b 两物体的受力个数一定相同C. a、 b 两物体对斜面的压力相同D. 当逐渐增大拉力 F 时
10、，物体 b 受到斜面的摩擦力一定逐渐增大【答案】AC【解析】A：对整体受力分析：整体受总重力、拉力 F、地面对 C 的支持力、地面对 C 的水平向右摩擦力（如地面光滑，整体要相对地面向左运动） ；故 A 正确。B：对 b 受力分析如图，若绳子拉力 T 沿斜面向上的分量与重力沿斜面向下的分量相等，则，即 b 可能受三个力。对 a 受力分析如图， a 必定会受到沿斜面向上的摩擦力，即 a 一定受四个力。故 B 错误。C：物体 a、 b 在垂直于斜面方向上受力均平衡 ， ，则a、 b 两物体受到斜面的支持力相等，根据牛顿第三定律， a、 b 两物体对斜面的压力相等。故 C 正确。D：当逐渐增大拉力
11、F 时，T 逐渐增大，若绳子拉力 T 沿斜面向上的分量小于重力沿斜面向下的分量相等时， b 受到沿斜面向上的摩擦力；若绳子拉力 T 沿斜面向上的分量等于重力沿斜面向下的分量相等时， b 受到摩擦力为零；若绳子拉力 T 沿斜面向上的分量大于重力沿斜面向下的分量相等时， b 受到沿斜面向下的摩擦力。当逐渐增大拉力 F 时，物体 b 受到斜面的摩擦力可能先减小为零再反向增大。故 D 错误。三、非选择题： 9.某探究小组为了研究小车在桌面上的直线运动，用自制“滴水计时器”计量时间。实验前，将该计时器固定在小车旁，如图（a）所示。实验时，保持桌面水平，用手轻推一下小车。在小车运动过程中，滴水计时器等时间
12、间隔地滴下小水滴，图（b）记录了桌面上连续 6 个水滴的位置。 （已知滴水计时器每 30s 内共滴下 46 个小水滴）（1）由图（b）可知，小车在桌面上是_（填“从右向左”或“从左向右” ）运动的。（2）该小组同学根据图（b）的数据判断出小车做匀变速运动。小车运动到图（b）中 A 点位置时的速度大小为_m/s，加速度大小为_m/s 2 （结果均保留 2 位有效数字）【答案】 (1). 从右向左 (2). 0.19 (3). 0.038【解析】【分析】(1)依据小车在手轻推一下，则做减速运动，结合各点间距，即可判定运动方向；(2)根据匀变速直线运动的推论公式 x aT2可以求出加速度的大小，根据
13、匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上 C 点时小车的瞬时速度大小.【详解】(1)由于用手轻推一下小车，则小车做减速运动，根据桌面上连续 6 个水滴的位置，可知，小车从右向左做减速运动；(2)已知滴水计时器每 30s 内共滴下 46 个小水滴，那么各点时间间隔为： .根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，有：，根据匀变速直线运动的推论公式xaT 2可以求出加速度，得： ，那么加速度的大小为 0.038m/s 2.【点睛】要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用.10.重庆某军工企业于 201
14、3 年 1 月研制成功一种新材料做成的电阻丝，其电阻稳定性非常优良，几乎不随温度发生改变。工程技术员为了准确测定它的电阻率，进行了如下的测量。（1）用螺旋测微器测量其直径如图 1 所示，则 d_mm；（2）用 20 分度的游标卡尺测量其长度如图 2 所示，则 L_cm；（3）用多用电表粗侧其电阻如图 3 所示，则 Rx_。（4）用伏安法测量导线的电阻，并要多次测量求其平均值，供选用的器材有：电源 E（电动势为 4V） ；电压表 V（量程为 3V，内阻约为 2k）电流表 A1（量程为 0.5mA，内阻约为 1）电流表 A2（量程为 0.6A，内阻约为 10）滑动变阻器 R（最大阻值为 20）开关
15、、导线若干。根据工程技术人员所设计的电路，电流表应选_；在如图 4 中将选用的器材连成符合要求的实验电路（不得改动图中已画出的部分连线）_。【答案】 （1）0.850（0.8490.850） （2 分） （2）3.075 （2 分） （3） 8000 ( 或) （2 分）（4） （2 分） ； 如图 (4 分)【解析】试题分析：（1）螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上半刻度读数再加可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；固定刻度读数为 0.5mm；可动刻度读数为：35.00.01mm=0.350mm，故读数为：0.850mm。（2）20 分度游标卡尺游标每一分度表示长度为 0.05mm，由
16、主尺读出整毫米数，根据游标尺上第几条刻度线与主尺对齐，读出毫米的小数部分；主尺读数为 30mm，游标上第 15 条刻度线与主尺对齐，读数为 150.05mm=0.75mm，则长度为 30.75mm=3.075cm（3）万用表读电阻，读指针指示的最上排刻度值乘上倍率： 。（4）根据电源 ，待测电阻 ，求得 ，故选择电流表 合适。由于 ，待测电阻为大电阻，用电流表内接法减小误差；而滑动变阻器最大阻值 远小于待测导线电阻，同时要得到多组数据求电阻平均值，所以滑动变阻器用分压式接法，连接实物图如 6-6 答图。考点：本题考查了螺旋测微器、游标卡尺、万用表的读数；伏安法测电阻。11.如图所示，倾斜轨道
17、AB 有缺口的圆轨道 BCD 相切于 B，轨道与地面向切与 C 点，圆轨道半径 R1m，两轨道载同一竖直平面内， D 是圆轨道的最高点，把一个质量为 m2kg 小球从斜轨道上某处有静止释放，它下滑到 C 进入圆轨道，(1)若轨道光滑，想要使它恰好通过 D 点，求 A 点高度(2)若轨道粗糙，将小球放到 3.5m 高处，也使它恰好通过 D 点，求阻力做功？【答案】 （1）2.5m（2）20J【解析】【分析】(1)由临界条件可求得 D 点的速度，再对全程由动能定理可求得 A 点的高度；(2)对全程由动能定理可求得阻力做功情况【详解】(1)要使小球恰好通过 D 点，由向心力公式可得：对全程由动能定理
18、可知：联立解得： H2.5m(2)由动能定理可得：联立解得： Wf-20J【点睛】本题考查动能定理及向心力公式的综合应用，要注意正确理解恰好通过最高点时，重力恰好等于向心力12.如图所示，一质量为 M4kg，长为 L2m 的木板放在水平地面上，已知木板与地面间的动摩擦因数为 0.1，在此木板的右端上还有一质量为 m1kg 的铁块，且视小铁块为质点，木板厚度不计。今对木板突然施加一个水平向右的拉力 F。（1）若不计铁块与木板间的摩擦，且拉力大小为 6N，求木板的瞬时加速度？（2）若不计铁块与木板间的摩擦，且拉力大小为 6N，则小铁块经多长时间将离开木板？（3）若铁块与木板间的动摩擦因数为 0.2
19、，铁块与地面间的动摩擦因数为 0.1，要使小铁块对地面的总位移不超过 1.5m，则施加在木板水平向右的拉力应满足什么条件？（g10m/s 2）【答案】(1) (2)t=4s (3) F47N【解析】【详解】(1)对木板受力分析，由牛顿第二定律得： F (M m)g Ma解得： (2)由运动学公式得：解得 t4s.(3)铁块在木板上时： 1mg ma1铁块在地面上时： 2mg ma2对木板： F 1mg 2(M m)g Ma3设铁块从木板上滑下时的速度为 v1，铁块在木板上和地面上的位移分别为 x1、 x2，则：并且满足 x1 x21.5m设铁块在木板上滑行时间为 t1，则 木板对地面的位移x
20、x1 L联立解得 F47N【点睛】解决本题的关键理清铁块在整个过程中的运动情况，关键是受力分析，根据受力判断其运动情况，并抓住隐含的临界条件13.下列说法中正确的是（ ）A. 已知某物质的摩尔质量为 M，密度为 ，阿伏加德罗常数为 NA，则这种物体的分子体积为 V0B. 当分子间的引力和斥力平衡时，分子势能最小C. 饱和汽和液体之间的动态平衡，是指汽化和液化同时进行的过程，且进行的速率相等D. 自然界一切过程能量都是守恒的，符合能量守恒定律的宏观过程都能自然发生E. 一定质量理想气体对外做功，内能不一定减少，但密度一定减小【答案】BCE【解析】【分析】对于固体或液体，可根据摩尔体积与阿伏加德罗
21、常数之比求分子体积当分子间的引力和斥力平衡时，分子势能最小饱和汽和液体之间处于动态平衡状态符合能量守恒定律的宏观过程不一定能自然发生根据热力学第一定律分析内能的变化【详解】A、只有对固体或液体，可根据 求物体分子的体积，对于气体，由于分子间距较大，不能用 求气体分子的体积而求得气体分子平均占有空间;故 A 错误.B、当分子间的引力和斥力平衡时，分子力为零，分子势能最小;故 B 正确.C、饱和汽和液体之间的动态平衡，是指汽化和液化同时进行的过程，且进行的速率相等;故C 正确.D、自然界一切过程能量都是守恒的，符合能量守恒定律的宏观过程不一定能自然发生，还要遵守热力学第二定律才能发生;故 D 错误
22、.E、一定质量理想气体对外做功，若气体吸收热量，则内能不一定减少。由于气体的体积增大，所以密度一定减小;故 E 正确.故选 BCE.【点睛】解决本题的关键要建立模型，掌握估算分子体积的方法知道做功和热传递都能改变物体的内能14.如图所示，竖直放置的气缸内壁光滑，横截面积 S310 3 m2，活塞的质量为m1.5kg，厚度不计，在 A、B 两处设有限制装置，使活塞只能在 A、B 之间运动，B 到气缸底部的距离为 0.5m，A、B 之间的距离为 0.2m，外界大气压强 p01.010 5Pa，开始时活塞停在 B 处，缸内气体的压强为 0.9p0，温度为 27，现缓慢加热缸内气体，直至 287，取g
23、10m/s 2求：（1）活塞刚离开 B 处时气体的温度；（2）缸内气体的最后压强【答案】(1) 77 (2) 【解析】【详解】(1)活塞刚离开 B 处时，气体压强为: 汽缸中气体初态为: ,气体等容变化，有: 代入数据解得: 解得：(2)设活塞刚好移动到 A 处，气体温度为 T3气体发生等压变化，有: 代入数据：解得：继续升温，气体发生等容变化，最终气温 ,压强 ，解得：【点睛】本题的关键是分析清楚各个变化过程中，哪些量不变，变化的是什么量，明确初末状态量的值，根据气体定律运算即可.15.关于电磁波，下列说法正确的是（ ）A电磁波在真空中的传播速度与电磁波的频率无关B周期性变化的电场和磁场可以
24、相互激发，形成电磁波C电磁波在真空中自由传播时，其传播方向与电场强度、磁感应强度垂直D利用电磁波传递信号可以实现无线通信，但电磁波不能通过电缆、光缆传输E电磁波可以由电磁振荡产生，若波源的电磁振荡停止，空间的电磁波随即消失【答案】ABC【解析】电磁波在真空中的传播速度均为光速，与电磁波的频率无关，故 A 正确；周期性变化的电场和磁场可以相互激发，形成电磁波，故 B 正确；电磁波为横波，它在真空中自由传播时，其传播方向与电场强度、磁感应强度垂直；故 C 正确；电磁波可以在介质中传播，所以可以根据电缆、光缆进行有线传播，也可以不需要介质进行传播，即无线传播故 D 错误；电磁波可以由电磁振荡产生，若
25、波源的电磁振荡停止，空间的电磁波仍然可以继续传播，故 E 错误故选 ABC点睛：本题考查电磁波基本特性的了解程度电磁波与声波不同，电磁波在真空中的速度最大，在介质中速度较小；同时注意明确电磁波的传播性质，知道电磁波可以在真空中传播16.一列简谐横波在介质中沿 x 轴正向传播，波长不小于 10cm。 O 和 A 是介质中平衡位置分别位于 x0 和 x5cm 处的两个质点。 t0 时开始观测，此时质点 O 的位移为 y4cm，质点 A 处于波峰位置 t1/3s 时，质点 O 第一次回到平衡位置， t1s 时，质点 A 第一次回到平衡位置.求:(1)简谐波的周期、波速和波长；(2)质点 O 的位移随
26、时间变化的关系式.【答案】(1) T4s, ， 0.3m (2)【解析】【分析】(1)利用 A 点在 0s 时和 1s 时所处的位置可求得简谐波的周期，利用波速的公式 可求得波速，利用波速波长及周期之间的关系式 vT 可求得波长；(2)先根据题意求出简谐波的圆频率，设出简谐振动的通式，利用 0s 时和 1s 时的 O 点的位移，可得知初相位，即为可知质点 O 的位移随时间变化的关系式.【详解】(1)设振动周期为 T由于质点 A 在 0 到 1 s 内由最大位移处第一次回到平衡位置，经历的是 个周期，由此可知 T4s；由于质点 O 与 A 的距离 5m 小于半个波长，且波沿 x 轴正向传播， O
27、 在 时回到平衡位置，而A 在 t1s 时回到平衡位置，时间相差 ，两质点平衡位置的距离除以传播时间，可得波的速度： ；利用波长、波速和周期的关系得，简谐波的波长： vT7.5m/s4s0.3m；(2)设 y Asin(t + 0)，可得：再由 t0 时， y4cm； 时， y0，代入得： A8cm0.08m，再结合 t1s 和当 时，质点的位移，可得：所以质点 O 的位移随时间变化的关系式为：【点睛】该题对于简谐振动的考查非常新颖，首先要求学生能准确的从题干中提取出相关的信息，熟练的利用波速、波长、周期之间的关系式及周期的定义进行相关问题的解答。对于第二问的解答有一定的难度，要注意利用数学知识求解初相位，同时要注意会分别用正弦和余弦来表述振动的关系式.
