1、高一物理期末复习预测卷一一、选择题：（18 单选题，912 多选题）1.以下的计时数据指时间的是（ ）A. 世界足球决赛在今晚 8 时开始B. 我校的百米跑记录是 12 秒 8C. 1997 年 7 月 1 日零时我国开始对香港恢复行使主权D. 厦门开往景德镇的 2050 次硬座普快列车于 15h35min 从厦门站发车【答案】B【解析】【分析】时刻对应于时间轴上的一个点，而时间间隔对应于时间轴上的一段，据此可知正确区分时刻和时间间隔.【详解】A、足球决赛 8 点开始，强调时间轴上的一个点，指代时刻；B、百米记录 12 秒 8 指代完成一件事情的时间间隔；C、1997 年 7 月 1 日零时，
2、强调时间轴上的一个点，指代时刻；D、普快列车于 15h35min 从厦门站发车，强调时间轴上的一个点，指代时刻；故本题正确答案选 B。【点睛】只要掌握了时刻在时间轴上对应的是一点，而时间间隔在时间轴上对应的是一段，即可顺利解决此类题目。2.北京奥运火炬实现了成功登上珠峰的预定目标，如图所示是火炬手攀登珠峰的线路图，请据此图判断下列说法正确的是（ ）A. 由起点到终点火炬手所走线路的总长度是火炬手的位移B. 线路总长度与火炬手所走时间之比等于登山的平均速度C. 在计算登山运动员的速度时不可以把火炬手当成质点D. 假设火炬手换一条路径登峰，他从起点到终点位移还是相同的【答案】D【解析】位移为矢量，
3、从起点到终点的直线距离为其大小，故 A 错误；平均速度是位移与时间的比值，故 B 错误；火炬手尺寸和他走过的位移相比小得多，我们也不关心火炬手以什么样的姿态登山，所以在这过程中可把火炬手看作质点，故 C 错误；无论火炬手换一条怎样的路径登峰，他从起点到终点的位移是相同的，故 D 正确。所以 D 正确，ABC 错误。3.下面关于加速度的描述中，正确的是（ ）A. 匀速行驶的磁悬浮列车，由于其速度很大，所以加速度也很大B. 加速度的方向与速度方向可能相同，也可能相反，但一定与速度变化的方向相同C. 加速度逐渐增加时，物体一定做加速运动D. 加速度不变（且不为零）时，速度也有可能保持不变【答案】B【
4、解析】【分析】加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动。【详解】A、匀速行驶的磁悬浮列车，速度很大，但是加速度为零，故 A 错误；B、加速度定义式为 ，式中 是标量，取正数，故两矢量 和 方向是一致的，B 正确；C、加速度逐渐增加，但若加速度方向与速度方向相反时，物体一定做减速运动，C 错误；D、加速度不为零，物体必然做变速运动，D 错误；故本题选 B。【点睛】解决本题的关键知道加速度的物理意义，掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度方向与速度方向的关系。4.伽利略根据小球
5、在斜面上运动的实验和理想实验，提出了惯性的概念，从而奠定了牛顿力学的基础关于物体的惯性，下列叙述中正确的是（ ）A. 物体只有在不受外力的情况下才表现出惯性来B. 在宇宙飞船中的物体没有惯性C. 列车启动时，速度增加得十分缓慢，说明速度小时惯性较大D. 物体的惯性大小与物体是否运动，运动的快慢以及受力情况无关【答案】D【解析】【分析】惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大。【详解】A、任何物体在任何情况下都有惯性，故 A 错误；B、在宇宙飞船中的物体有惯性，故 B 错误；C、惯性大小只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大
6、，惯性大小与速度大小无关，故 C错误；D、物体的惯性大小与物体是否运动、运动的快慢以及受力情况无关，故 D 正确；故本题答案选 D。【点睛】惯性是物理学中的一个性质，它描述的是物体能够保持原来的运动状态的性质，不能和生活中的习惯等混在一起。5.物体 A、B 的位移 s 随时间 t 图象如图所示，由有图可知（ ） A. 两物体同时由一位置开始运动B. 两物体运动方向相同，且 vAvBC. 5s 内 A、B 的位移相同D. 5s 末 A、B 的速度相同【答案】B【解析】【分析】位移-时间图象表示物体的位置随时间的变化，图象上的任意一点表示该时刻的位置，s 的变化量表示位移。图象的斜率等于速度结合这
7、些知识分析。【详解】A、由图知，A 从坐标原点出发，B 从正方向上距原点 5m 处出发，开始运动的位置不同，故 A 错误；B、根据图象的斜率等于速度，知两物体运动方向相同，均沿正方向，且 vAv B故 B 正确；C、5s 内 A 的位移为x 1=10m-5m=5m，5s 内 B 的位移为x 2=10m-0=10m，故 C 错误；D、由上知，5s 末 A 的速度比 B 速度大，故 D 错误；故本题答案选 B【点睛】理解位移-时间图象时，要抓住点和斜率的物理意义，掌握斜率表示速度是关键。6. 在 2009 年第 11 届全运会上，福建女选手郑幸娟以“背越式”成功地跳过了 1.95 m 的高度，成为
8、全国冠军，若不计空气阻力，则下列说法正确的是A. 下落过程中她处于超重状态B. 起跳以后上升过程她处于超重状态C. 起跳时地面对她的支持力等于她对地面的压力D. 起跳时地面对她的支持力大于她对地面的压力【答案】C【解析】下落过程中她处于失重状态，A 错；起跳以后上升过程她处于失重状态，错；由牛顿第三定律可知起跳时地面对她的支持力等于她对地面的压力，D 错；7.一个物体在 10N 合外力的作用下，产生了 5m/s2的加速度，若使该物体产生 8 m/s2的加速度，所需合外力的大小是（ ）A. 12N B. 14N C. 16N D. 18N【答案】C【解析】【分析】根据牛顿第二定律求出物体的质量，
9、再结合牛顿第二定律求出物体在 6N 的合外力作用下产生的加速度大小。【详解】根据牛顿第二定律得，物体的质量 。由牛顿第二定律可知，若使该物体产生 8 m/s2的加速度，所需的外力的大小 。故本题选 C。【点睛】解决本题的关键掌握牛顿第二定律，抓住质量不变进行求解。8.如图所示的装置中，弹簧的原长相等，小球的质量均相同，弹簧和细线的质量均不计，一切摩擦忽略不计平衡时各弹簧的长度分别为 L1、L 2、L 3，其大小关系是（ ）A. L1=L2=L3 B. L1=L2L 3 C. L1=L3L 2 D. L3L 1L 2【答案】A【解析】弹簧的弹力大小等于弹簧所受的拉力大小，分别以小球为研究对象，由
10、平衡条件求解弹簧的弹力第一幅图：以下面小球为研究对象，由平衡条件得知，弹簧的弹力等于小球的重力 G；第二幅图：以小球为研究对象，由平衡条件得知，弹簧的弹力等于小球的重力 G；第三幅图：以任意一个小球为研究对象，由平衡条件得知，弹簧的弹力等于小球的重力 G；所以平衡时各弹簧的弹力大小相等，即有 F1=F2=F3、而弹簧的弹力与伸长量之间的关系是：，由于弹簧的原长和劲度系数都相等，所以三种情况下弹簧的长度时相等的，故 A 正确综上所述本题答案是：A9.为了求出楼房的高度，让一小石块从楼顶上自由下落（不计空气阻力，g 为常数） ，只测出下列哪个物理量可以计算出楼的高度( )A. 石块下落的时间B.
11、石块落地的速度C. 石块第 1s 内的位移D. 最后 1s 的位移【答案】ABD【解析】试题分析：A、根据 可知，知道石块下落的时间就可以求出楼的高度；正确不选B根据 可知，知道石块落地的速度就可以求出楼的高度；正确不选C石块第 1s 内的位移可以根据 直接计算，是一个已知量，如果只知道石块第 1s 内的位移，没有其他条件，无法计算楼的高度；错误应选D设运动时间为 t，根据 即 ，可以算出下落的时间，由 A 的分析可知，可以求出楼的高度；正确不选故选 C考点：自由落体运动点评：解决本题的关键知道根据自由落体运动的位移时间公式 和速度位移公式 ，只要知道落地的速度或下落的时间，就可以求出楼房的高
12、度。10.如图所示，在水平面上固定着三个完全相同的木块，一子弹以水平初速度 v 射入木块，若子弹在木块中做匀减速运动，当穿透第三个木块时速度恰好为 0，则子弹依次射入每个木块时的速度比和穿过每个木块所用时间比分别为（ ）A. B. C. D. 【答案】BD【解析】【分析】在解匀减速直线运动题目时，由于初速度不等于零，在用公式解题时，方程组非常难解，这时我们可以用逆过程解题，相当于物体做初速度为零的匀加速直线运动。【详解】AB、设子弹穿过第三木块所用时间为 t，由 得穿过 3，2 两木块时间为，穿过 3、2、1 三木块时间为：根据 v=at 得子弹依次穿过 3，2，1 三木块时速度之比为所以，子
13、弹依次穿过 1，2，3 三木块时速度之比为 ，故 A 错误，B 正确；CD、子弹依次射入每块木块做匀减速直线运动到零，采取逆向思维，子弹做初速度为零的匀加速直线运动，在通过相等位移内的时间比为反过来，子弹依次射入每块木块的时间之比为 ，故 C 错误，D 正确；故本题答案选 BD。【点睛】在研究匀减速直线运动，且末速度为零时，合理运用逆过程可以使题目变得简单易做。要灵活应用匀变速直线运动的推论。11.如下图所示，清洗楼房玻璃的工人常用一根绳索将自己悬在空中，工人及其装备的总重量为 G，悬绳与竖直墙壁的夹角为 ，悬绳对工人的拉力大小为 F1，墙壁对工人的弹力大小为 F2，空中作业时工人与玻璃的水平
14、距离为定值，则A. B. C. 在空中同一位置作业，当桶中的水不断减少， F1与 F2同时减少D. 若缓慢增加悬绳的长度， F1减小， F2增大【答案】C【解析】由受力分析可知 ， ；在空中同一位置作业，当桶中的水不断减少， 不变，重力变小， F1与 F2同时减少；若缓慢增加悬绳的长度， 变小，重力不变， F1与 F2同时减少。12.细绳拴一个质量为 m 的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连，平衡时细绳与竖直方向的夹角为 53，如图所示(已知 cos 530.6，sin 530.8)，以下说法正确的是( )A. 小球静止时弹簧的弹力大小为 mgB. 小球静止时细绳的拉力大小
15、为 mgC. 细线烧断瞬间小球的加速度立即为 gD. 细线烧断瞬间小球的加速度立即为 g【答案】D【解析】A、B、小球静止时，分析受力分析，如图所示：由平衡条件得：弹簧的弹力大小为： ，细绳的拉力大小为 ；故 A 错误，B 错误。C、D、细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变，则小球所受的合力与烧断前细绳拉力的大小相等、方向相反，则此瞬间小球的加速度大小为： ，则小球不会做自由落体运动，故 C 正确，D 错误。故选 C。【点睛】本题中小球先处于平衡状态，由平衡条件求解各力的大小，后烧断细绳，小球处于非平衡条件，抓住细绳烧断瞬间弹簧的弹力不会突变是关键二、实验探究题：13.在“探究求合力的方法”的实验中，实
16、验之前先检查了弹簧秤，然后进行实验：先将橡皮条的一端固定在水平放置的木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度的橡皮条，另一次是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条（1）在操作过程中，对减小实验误差有益的说法有（ ） （填字母代号） A两细绳必须等长 B弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行 C拉橡皮条的细绳要长些、细点、标记同一细绳放行的两点要远些 D用量弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤实数之差应尽可能大（2）如图 1 所示，每根细绳分别连着一个量程为 5N、最小刻度为 0.1N 的弹簧测力计，沿着两个不同的方向拉弹簧测力计，请从图中读出水平弹簧秤拉力
17、大小为 _ （3）如图 2 是文文同学研究合力与分力关系时在白纸上画出的图，根据物理作图要求和规范，请写出图中存在的错误_，_ （写出两个即可）【答案】 (1). BC (2). 4.00 (3). 合力与两分力没有按统一标度一段一段表示出来 (4). F1、F 2与 F 之间应该用虚线【解析】【分析】该实验采用了“等效替代”法即要求两次拉橡皮筋时，要使橡皮筋产生的形变相同，即拉到同一位置；注意所有要求都要便于操作，有利于减小误差进行，所有操作步骤的设计都是以实验原理和实验目的为中心展开，据此可正确解答本题；由指针的位置读出拉力的示数；力是有向线段表示的；作力的图示，需要选定标度力用实线、辅助
18、线用虚线。【详解】 （1）A、通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条时，并非要求两细绳等长，故 A 错误；B、测量力的实验要求尽量准确，为了减小实验中因摩擦造成的误差，操作中要求弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，故 B 正确；C、为了更加准确的记录力的方向，拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，故 C 正确；D、用弹簧秤同时拉细绳时，拉力不能太太，也不能太小故 D 错误；故选：BC（2）由图可知，弹簧秤的最小分度为 0.1N；则水平弹簧秤拉力大小为 4.00 N；（3）存在的三处错误：合力与两分力没有按统一标度一段一段表示出来； F 1、F 2的读数有效位数不对； F 1、F
19、 2与 F 之间应该用虚线。故答案为：（1）BC； （2）4.00；（3）合力与两分力没有按统一标度一段一段表示出来F 1、F 2与 F 之间应该用虚线。【点睛】本实验采用是等效替代的思维方法实验中要保证一个合力与两个分力效果相同，结点 O 的位置必须相同，同时要明确实验原理和步骤，以及知道实验的注意事项14.如图所示为“探究加速度与物体受力与质量的关系”实验装置图图中 A 为小车，B 为装有砝码的小桶，C 为一端带有定滑轮的长木板，小车通过纸带与电火花打点计时器相连，计时器接 50HZ 交流电小车的质量为 m1，小桶（及砝码）的质量为 m2（1）下列说法正确的是 。A每次改变小车质量时，应重
20、新平衡摩擦力B实验时应先释放小车后接通电源C本实验 m2应远大于 m1D在用图像探究加速度与质量关系时，应作 a 一 图像（2）实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的 a-F 图像，可能是图中的图线 （选填“甲” 、 “乙” 、 “丙” ）（3）如图所示为某次实验得到的纸带，纸带中相邻计数点间的距离已标出，相邻计数点间还有四个点没有画出，由此可求得小车的加速度大小 m/s 2 （结果保留二位有效数字）【答案】 (1). D (2). 丙 (3). 0.49 或 0.50【解析】（1）A 项，平衡摩擦力，假设木板倾角为 ，平衡时有： ，m 约掉了，故不需要重新平衡摩擦力。
21、故 A 项错误。B 项，实验时应先接通电源后释放小车，故 B 项错误。C 项，让小车的质量远远大于小桶（及砝码）的质量。故 C 项错误。D 项，由 ，得： ，当 F 一定时，a 与 成正比，故 D 项正确。（2）某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，那么在做实验时，由于摩擦力的存在，只有当外力 F 达到一定值时才会有加速度，所以图像丙正确（3）利用 得： 三、计算题15.美国密执安大学五名学习航空航天工程的大学生，搭乘 NASA 的飞艇参加了“微重力学生飞行机会计划” ，飞行员将飞艇开到 6000m 的高空后，让飞艇由静止下落，下落过程飞艇所受空气阻力为其重力的 004 倍，这样，可以获得
22、持续 25s 之久的失重状态，紧接着开启制动装置飞艇又做匀减速运动，若飞艇离地面的最低高度为 600m，重力加速度 g ，求：（1）飞艇在 25s 内所下落的高度；（2）在飞艇后来的减速过程中，座椅对质量 =60kg 大学生的支持力。【答案】 （1） （2）【解析】试题分析：（1）设飞艇在 25s 内下落的加速度为 ，根据牛顿第二定律可得 下降高度 ，由得（2）25s 后飞艇将做匀减速运动，有 ， ， ，由得：考点：考查了牛顿第二定律，运动学公式【名师点睛】连接牛顿第二定律与运动学公式的纽带就是加速度，所以在做这一类问题时，特别又是多过程问题时，先弄清楚每个过程中的运动性质，根据牛顿第二定律求
23、加速度然后根据加速度用运动学公式解题或者根据运动学公式求解加速度然后根据加速度利用牛顿第二定律求解力16.如图，有一水平传送带以 8m/s 的速度匀速运动，现将一小物块（可视为质点）轻轻放在传送带的左端上，若物体与传送带间的动摩擦因数为 0.4，已知传送带左、右端间的距离为4m，g 取 10m/s2。求：（1）刚放上传送带时物块的加速度；（2）传送带将该物体传送到传送带的右端所需时间【答案】 （1） （2）【解析】【分析】先分析物体的运动情况：物体水平方向先受到滑动摩擦力，做匀加速直线运动；若传送带足够长，当物体速度与传送带相同时，物体做匀速直线运动根据牛顿第二定律求出匀加速运动的加速度，由运
24、动学公式求出物体速度与传送带相同时所经历的时间和位移，判断以后物体做什么运动，若匀速直线运动，再由位移公式求出时间。【详解】 （1）物块置于传动带左端时，先做加速直线运动，受力分析，由牛顿第二定律得： 代入数据得： （2）设物体加速到与传送带共速时运动的位移为根据运动学公式可得：运动的位移： 则物块从传送带左端到右端全程做匀加速直线运动，设经历时间为 ，则有解得 【点睛】物体在传送带运动问题，关键是分析物体的受力情况，来确定物体的运动情况，有利于培养学生分析问题和解决问题的能力。17.如图所示，一个质量 m2 kg 的滑块在倾角为 37的固定斜面上，受到一个大小为40 N 的水平推力 F 作用
25、，以 v020 m/s 的速度沿斜面匀速上滑。 （sin 370.6，取 g10 m/s2）（1）求滑块与斜面间的动摩擦因数；（2）若滑块运动到 A 点时立即撤去推力 F，求这以后滑块再返回 A 点经过的时间。【答案】 （1）0.5 （2）3s【解析】试题分析：（1）滑块在水平推力作用下沿斜面向上匀速运动时，合力为零，则有Fcos37=mgsin37+（mgcos37+Fsin37）代入解得，=05（2）撤去 F 后，滑块上滑过程：根据牛顿第二定律得：mgsin37+mgcos37=ma 1，得，a 1=g（sin37+cos37）上滑的时间为上滑的位移为滑块下滑过程：mgsin37-mgcos37=ma 2，得，a 2=g（sin37-cos37）由于下滑与上滑的位移大小相等，则有 x= a2t22解得，故 t=t 1+t2=（1+ ）s考点：牛顿第二定律的综合应用【名师点睛】本题分析滑块的受力情况和运动情况是关键，由牛顿第二定律和运动学公式结合是处理动力学问题的基本方法。
