1、第 1 页 共 5 页 2019 年安徽省“江南十校”综合素质检测 理科综合（ 物理 ）解析及评分标准 二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 1418 题只有一项符合题目要求，第 1921 题有多项符合题目要求。全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3分，有选错的得 0分。 题号 14 15 16 17 18 19 20 21 答案 A D A C B AC CD AB 14 选 A。 研究原子 核 的结构是从 发现放射性现象 开始的 ，故 D 选项错误。 15 选 D。 末速度为零的匀减速直线运动可以看作初速度为零的匀加速直线运动。 16 选 A。 当小
2、孩爬至最高处 时， 由平衡状态可知， cossin mgmg ，得 37 ，可 求得最大高度为 0.2R。 故 A 选项正确。 17 选 C。 由 2RGMg 可得该行星表面重力加速度是地球表面的 2 倍，故 A 选项错。由GMrT 32 可得在该行星上发射卫星的最小周期与地球上相同，故 B 选项错。由RGMv 可得在该行星上发射卫星的第一宇宙速度是地球上的 2 倍，故 C 选项正确。由rTmrMmG 2224 可得该行星绕恒星运动轨道半径是地球绕太阳运动轨道半径的 2 倍，故 D选项错误。 18 选 B。 带电小球受重力和水平向右的电场力作用，把带电小球的运动分解成沿 x 轴方向初速度为 3
3、7cos0v 的匀变速直线运动，沿 y 轴方向初速度为 37sin0v 的竖直上拋运动。 当沿y 轴方向速度 减小为 0 时小球达到最高点。故有： 81237 20 .sin gvy m， 60370 .sin gvt s， 602370 .cos tvvx t m，故 B 选项正确。 19 选 AC。根据右手定则知 A 选项正确。由楞次定律和左手定则判断线圈进入磁场时所安培力的方向与穿出时相同，由线圈受力平衡可知静摩擦力的方向相同，故 B 选项错误。线圈进入磁场区域的过程中，通过导线某一横截面的电荷量 RBLq2 ，故 C 选项正确。 线圈经过磁 场区域的过程中，电动机多消耗的电功率为 R
4、vLBvFP222 ，故 D 选项错误。 20 选 CD。 球壳表面点 A 处取下面积足够小的带电量为 q 的曲面，相当于在球壳表面点 A处放入等电荷密度、等面积的带负电荷的 曲面，故球壳剩余部分的电荷在球壳内部激发的电场可以看作是两部分电荷电场的叠加，一部分是原球壳上均匀地分布的正电荷在内部激发的电场，处处为零；另一部分是球壳上位于 A 处的等量负点电荷激发的电场，故球壳剩余部第 2 页 共 5 页 分的电荷在球壳内部激发的电场就等同于只有一个负点电荷激发的电场，如图（ a）所示，故 B 选项错误。同理，空间所有电荷在球壳内部激发的电场相当于两个等量异种电荷产生的电场，如图（ b）所示，故
5、A 选项错误， C、 D 选项正确。 21 选 AB。 当小球运动到某点 P 时 ，小球受到如图所示的四个力的作用，其中 BPT kxF ，把 FT正交分解，由三个力的三角形与长度三角形 CP 相似可知， 的水平分量 FTx恒定，FT的竖直分量 TyF 与 CP 的距离 CPx 成线性关系，均匀增加， 即 杆给 小球的弹力 FN、滑动摩擦力 Ff均保持恒定； 小球在竖直固定的杆 CE 段的中点 D 点时速度最大， A 对。小球在 DE段 所受 弹力更大、力与位移之间的夹角更小，故小球损失的机械能更多，故 C 错。再由动能定理可知 B 对、 D 错。 22. （ 1） 0.925 （ 2 分）
6、（ 2） B（ 3 分） 23. （ 1） 0.30 0.34（ 2 分） （ 2） D（ 2 分） （ 2 分） 2.90 2.92（ 1 分） ,11.6 11.7（ 1 分） 暗（ 2 分） 24.（ 12 分） 第 3 页 共 5 页 解析： （ 1） 如图所示， OMOO ,则 LOMR 2222 2 分 由 RvmBqv200 2 分 得 ： qLmvqRmvB 00 2 2 分 （ 2） 带电粒子以速度 v0从 M 点垂直进入匀强电场，过 M 点沿速度延长线交于 y 轴的 M点，LMOOM ，因为粒子轨迹与 y 轴相交于 N 点，由该点坐标可知： 2LsMN 42LsNP 1分
7、LsMP 423 1分 联立类平抛运动两个方向的方程： tvsMP 0 1分 221 tmqEsPN 1分 得： qLmvE 92420 2分 25.（ 20 分） 解析： （ 1） 由物体 A 运动 到 = 0.1m的 C 处，设 0101 .F N； 5172 .F N，由图像知： 1mamgF sin-1 1 分 1mamgmgF cos-sin-2 1 分 可得： 51 a m/s2 ， 23 1 分 由 212 COC vxa 可得物体从 O 点到达 C 点的速度 1Cv m/s 1 分 根据牛顿第二定律可知，物体在斜面上由静止开始匀加速运动 0.5m 后继续向上滑行的加速度大小：
8、5122 .a m/s2 1 分 由： 21112 vxa 1 分 2122 -02- vxa 1 分 得： 202 .x m 7021 . xxxOD m，故 = 0.7m 1分 （ 2） 以物体作为研究对象，分析物体在 OC 段： 第 4 页 共 5 页 由动能定理得： 221sin COCF mvmgxWW 弹 2 分 物体从 C 点 返回到 O 点有： 221-0sin- COC vmmgxW 弹 2 分 上面两式相加可求得：0Cv 1分 （ 3） 根据牛顿第二定律可知，物体 A 沿斜面下滑的加速度大小： 523 .a m/s2 1 分 603 . DCxx m 由 2332 DC v
9、vxa - 2 得： 3Dv m/s 1 分 由动量守恒和能量守恒： BAAB vMvmMv 2 分 222 212121 BAAB vMvmMv 2 分 其中 DA vv 解得： 332Bv m/s 1 分 33. （ 15 分） （ 1） BDE（选对 1 个得 2 分，选对 2 个得 4 分，选对 3 个得 5 分 ； 每选错 1 个扣 3 分，最低得分为 0 分）。 （ 2）（ 10 分） 解析： 等温变化 以水平管右侧气柱为研究对象 ,设管的横截面积为 S 2211 SLPSLP 2 分 其中 301 L cm， 282 L cm， 981 P cmHg 解得， 1052 P cmH
10、g1 分 由于水平管左右两侧压强相等，所以左侧气柱长度由 15cm 变为 14cm1 分 则需要注入的水银柱长度 10312 hhh cm1 分 气体状态方程 213122TSLPTSLP 2 分 其中 301 L cm， 282 L cm， 1052 P cmHg， 1083 P cmHg， 3001 T K 1 分 解得， 3312 T K 1 分 所以， 582t C 1 分 34.（ 15 分） （ 1） ADE（选对 1 个得 2 分，选对 2 个得 4 分，选对 3 个得 5 分 ； 每选错 1 个扣 3 分，最低得分为 0 分）。 第 5 页 共 5 页 （ 2）（ 10 分）
11、解析： 由图可知，当 =53时发生全发射 2 分 25.153sin1sin1 Cn 3 分 如图所示，临界条件为入射光在光导纤维外侧面发生全发射，则 RrRC 2sin 3 分 解得， rR 10 2 分 第 1 页 共 3 页 2019 年安徽省“江南十校”综合素质检测 理科综合（ 生物 ）解析及评分标准 1 答案 A 【解析】 A 正确 核仁中以 DNA 为模板合成 rRNA 。 B 错 有丝分裂时中心体不是随机分配的 。 C 错 人体 细胞呼吸产生的 CO2都来自线粒体 。 D 错 核糖体中无膜结构，无磷脂分子 。 2.答案： C 【解析】 A 正确 原癌基因是正常基因， 主要负责调节
12、细胞周期 。 B 正确 患者白细胞异常增多，是 造血干细胞异常增殖分化 的结果 。 C 错 病变的过程中 既 有 染色体易位 又 有基因突变 。 D 正确 由 “格列卫”是治疗该病的靶向药物， 可 推测其可能 抑制 酪氨酸 激酶 活性 。 3.答案 B 【解析】 A 正确 甲试管中 没有转录合成 RNA 和蛋白质的条件 。 B 错 该病毒为逆转录病毒，乙试管中无放射性核酸是因为缺少原料 。 C 正确 甲试管中有 DNA 产物生成，所以该病毒颗粒含有 DNA 合成有关的酶 （逆转录酶） 。 D 正确 加入 RNA酶， 病毒模板减少，故 甲试管中放射性核酸明显减少 。 4.答案： C 【解析】 A
13、 正确 2 组未受粉 结实 率为零 。 B 正确 组别 1和 2处理上的差别是是否 受粉 。 C 错 不能确定 促进果实发育 的是 生长素类似物 4-CPA。 D 正确 6 组与 4组相比，加入 GA3合成 抑制剂后 结实 率明显下降， 7组加入赤霉素后 结实 率上升， 说明 生长素类似物能促进 赤霉素合成 。 5.答案： D 【解析】 A 错 XYY三体形成的原因是父方精子形成的过程中减后期异常 。 B 错 XXY三体形成的原因 可能 是母方减或减异常，或父方减异常 。 C 错 能 生育的 XYY三体产生的正常和异常精子的数量比为 1:1。 D 正确 羊水中含有胎儿细胞，经过细胞培养，用显微
14、镜可观察到胎儿细胞中染色体数目变化 。 6.答案 :C 【解析】 A 错 两种动物之间的种间关系为捕食 。 B 错 调查期间两种动物的种群密度变化在 K值附近上下波动 。 C 正确 种群数量在 K值（ X2）附近上下波动 。 D 错 两种群密度的变化主要通过负反馈调节来实现 。 29 （ 10分） （ 1） CO2的浓度 和叶龄（ 2分） （ 2） CO2 （ 1分） 暗反应 （ 1分） （ 3）叶片光合作用产生的氧气多于细胞呼吸消耗的氧气，叶肉细胞间隙中的氧气不断积累，使叶片上浮（ 2分） 成熟叶 中光合色素 (叶绿素 )的含量高于 幼叶 （ 成熟叶中 与光合作用有关的酶的含第 2 页 共
15、3 页 量高于 幼叶 ； 成熟叶 中叶绿素与类胡萝卜素的含量比值高于 幼叶 ） （ 2分）（答出一点即可） （ 4）将叶圆片上浮的烧杯放在黑暗的环境中，一段时间后观察叶圆片是否下沉（ 2分） 【解析】 （ 1） 本实验目的是为了探究 不同浓度的 CO2（ NaHCO3溶液）和叶龄 对光合作用的影响。 （ 2） CO2 参与暗反应，故影响 暗反应 的发生 。 （ 3） 叶圆片上浮的原因是 叶片光合作用产生的氧气多于细胞呼吸消耗的氧气，叶肉细胞间隙中的氧气不断积累，使叶片上浮 。 成熟叶片上浮时间显著短于幼嫩叶片，从光合作用角度分析，其原因可能是 成熟叶 中光合色素 (叶绿素 )的含量高于 幼叶
16、（ 成熟叶中 与光合作用有关的酶的含量高于 幼叶 ； 成熟叶 中叶绿素与类胡萝卜素的含量比值高于 幼叶 ） 。 （ 4） 植物 在黑暗的环境中 只能进行呼吸作用 ，不断耗氧 。 30 （ 12分） （ 1）细胞质遗传（控制性状的基因在细胞质）（ 1分） 基因的自由组合（ 1分） （ 2） 3:1（ 2分） （ 3） 品种 A（ 2分） 用 F1 自交，得到 F2 。（ 2分） F2 代的表现型及数量比（ 2分） F2 代 中 红皮：白皮 =63:1（ 2分） （或 F1与品种 B杂交 ， 观察后代 表现型及数量比 ，若 红皮：白皮 =7:1） 【解析】 （ 1） 如果是 细胞 核 遗传 正反交
17、结果一样，如果是 细胞 质 遗传 正反交结果只和母本一样 ； 由F2中的红皮与白皮的数量比为 15:1，可判断 两对基因位于两对同源染色体上，所以遵循 基因的自由组合 。 （ 2） 两对基因互作，由 F2红皮与白皮的数量比为 15:1，可知 F1测交比为 3:1。 （ 3） 用品种 C与 品种 A 杂交， 得到 F1， 再 用 F1 自交，得到 F2。观察并统计 F2 代的表现型及数量比 ， 如果实验结果是 63:1，则 说明品种 C 决定红色的基因与 A中不同。 31 （ 9分） (1) 协助扩散 （ 1分） Ca2+ （ 1 分） 葡萄糖不是和靶细胞的特异性受体结合，而是 直接参与了细胞代
18、谢 （ 2分） (2)体液 （ 1分） 葡萄糖载体增多 （ 1分） 加速摄取葡萄糖 （ 1分） (3) 胰岛素 血浆 组织液肝细胞 （ 2分） 【解析】 (1) 由图可知 葡萄糖 借助载体由高浓度到低浓度运输， 属于 协助扩散 。 葡萄糖不属于信息分子，理由是 葡萄糖不是和靶细胞的特异性受体结合，而是 直接参与了细胞代谢 。 (2) 胰岛 B细胞 分泌 胰岛素经 体液 运输与靶细胞膜上受体结合， 经信号转导增加了细胞膜上葡萄糖载体 ，从而促进靶细胞 加速摄取葡萄糖 。 (3) 胰岛素 运输的途径： 胰岛素 血浆 组织液肝细胞 。 32 （ 8分） （ 1）样方 （ 1分） 未利用（现存的能量）
19、 （ 2 分） （ 2）群落演替 （次生演替） （ 2分） 抵抗力 （ 1分） （ 3）沙棘个体生长 导致 的生物量 增加 之和大于死亡个体导致的生物量减少 （ 2分） 【解析】 （ 1） 某一时刻 调查的 生物量 是沙 棘种群固定的总能量中没有被自身的细胞呼吸消耗，没有流入下一营养级，没有被分解者利用的能量， 属于 未利用的能量 。 （ 2） 在 群落演替 过程中，物种 种类 增加，营养结构复杂， 生态系统 抵抗力 稳定性 增强 。 （ 3） 6 10年间，种群密度在急剧下降，而生物量在不断增加，原因是 沙棘个体生长增加的生物量之和大于死亡个体导致的生物量减少 。 第 3 页 共 3 页 3
20、7（ 15分） （ 1） 富含淀粉（ 2分） 增加产淀粉酶微生物的数量，确保能从样品中分离到所需的微生物（ 3分） （ 2）碘液（ 2分） 周围透明圈大和菌落直径大（ 2分） （ 3） 稀释涂布平板（ 2分） 甘油管藏（ 2分） （ 4）酶活性（ 2分） 【解析】 （ 1） 根据生物与环境相适应的关系，在富 含淀粉 的环境中才能 确保 采集 到所需的微生物 。 （ 2） 因为 淀粉 遇碘变蓝， 在 含淀粉的 培养基上 产淀粉酶的微生物菌落周围会出现透明圈，透明圈大和菌落直径大 ， 说明该菌分解淀粉能力 强 、增 殖 能力强。 38（ 15分） （ 1） PCR（ 2分） 引物（ 2分） （ 2
21、） 反向 （ 2分） （ 3）植物组织培养（ 2分） ACS 基因表达中的翻译（ 3分） （ 4） DNA 分子杂交 （ 2分） 反义 ACS基因没有转录（ 2分） 【解析】 （ 1） PCR技术 是体外大量 扩增 DNA，实现该基因扩增的前提是要有 部分 已知该基因的核苷酸序列，以便合成引物。 （ 2） 通过 反向 插入 ACS 基因， 转录出的 mRNA2可以和 mRNA1 互补配对，从而阻断 mRNA1的翻译过程。 （ 4） 跟据 DNA 分子杂交 技术检测 到 反义 ACS 基因，但番茄果实没有延迟成熟， 说明没有产生 mRNA2，即 没有发生转录 。 1 2019 年安徽省“江南十校
22、”综合素质检测 理科综合（ 化学 ）解析及评分标准 7.C 【解析】 水晶的主要成分是 SiO2，红宝石 的主要成分 为 Al2O3。燃煤加入石灰石可减少 SO2的污染。甘油属醇类，汽油的成分都属烃类。 ClO2的强氧化性用于消毒杀菌。 8.C 【解析】 O2-核外有 10 个电子。 NH4Cl 为离子化合物，不存在 H-Cl 键。 CrO5中有一个 O 呈-2 价，四个 O 呈 -1 价，因此有两个过氧键。无论 Na2O2和 Na2O 的比例为多少，其混合物中的阴阳离子数目之比均为 1： 2。 9.D 【解析】 A 中 HCO3-和 SiO32-不能共存。 B 中生成的 FeS 可溶于酸，离
23、子方程式错误。 C 中HClO 和 Fe3+均可氧化 SO32-。 10.A 【解析】 X、 Y、和 W 分别为 H、 N 和 Cl， Z 可能为 O、 F 和 Na 中的任一种。 若 C 为 NaH，则含有离子键。 N3-的半径比 O2-、 F-和 Na+的半径都大。 N 元素的非金属性很强，但由于 NN的存在，其单质并不活泼。 HClO4的酸性比 HNO3强。 11.B 【解析】 瓷坩埚中含 SiO2，高温下可与 Na2CO3发生反应。 SO2可与 S2-反应生成 H2S， SO2可氧化 H2S。 收集氨气的试管口要放适量的棉花。 Br2可与橡胶发生加成反应。 12.D 【解析】 苯不能与
24、溴水发生反应 。 C5H10 的烯有 5 种（不包括顺反异构体） 。 C 中 -CH3上的一个 H 也可能落在整个分子的平面内 ，共 17 个原子，漏掉苯环上的 5 个氢原子易错成 12个 。将一个 N 原子换成 C 原子后，分子中要多出一个 H 原子。 13.B 【解析】 由 SO42-的移动方向可知 右边 Cu 电极为负极 ，发生氧化反应 。当 电路中通过 1mol电子， 左边电 极 增加 32g， 右边电极 减少 32g，两极的质量差变为 64g。电解质再生池是利用太阳能将 CuSO4稀溶液蒸发，分离为 CuSO4浓溶液和水后，再返回浓差电池。 26.（ 14 分，每空 2 分） （ 1
25、） A 后 （ 2） 增大铁粉与水蒸气的接触面积 ，以便充分反应 （文字表述不同，所表达的原理相同也给分） ； 防止冷却时 ， 装置内的压强下降过快将空气吸入装置 ，影响 H2体积的测定 。 （ 3） 量筒内液面不再发生变化 （ 4）若导管太短， 冷却时 ， 气体 不能回流，导致气体体积偏大 （ 1 分） ； 若导管太长 ，导管 不易 插入 量筒中 ，也不易从量筒中 取出 （ 1 分）（文字表述不同，所表达的原理相同也给分） （ 5） FeO 【解析】 要先用水蒸气排出装置内的空气，以防铁粉受热后与空气反应 ， 故先点燃 A 处酒精灯 。因反应后装置内会留有 H2，必需将装置内的空气全部收集到
26、量筒中，否则所测气体的体积 将偏小。铁粉与水蒸气生成黑色产物，与铁粉的颜色不易区分，只能用 不 再产生气体作为反应完成的标志。根据 H2的量和 Fe 粉的量可计算出产物中 n（ Fe）： n（ O） =1： 1。 27.（ 14 分，第 4 小题每空 1 分，其它每空 2 分） （ 1） 1045KT H2NCH2COO-H3N+CH2COOH H2NCH2COO- +2H+=H3N+CH2COOH 85.0(写了 %不扣分 ) 【解析】 37、 P（ O2） =2.00kPa 时，结合度为 80%，由结合度的定义可知，反应达平衡 时c（ MbO2）c（ Mb） =4。由平衡常数 K=c（ M
27、bO2）c（ Mb） P（ O2） =k正k逆 可求出 c（ MbO2） =k正 c（ Mb） P（ O2）k逆 ，代入结合度的定义： = c（ MbO2）c（ MbO2） +c（ Mb） 可得 = K 正 P（ O2）k正 P（ O2） +k逆。甘氨酸的三种存在形式：H3N+CH2COOH、 H3N+CH2COO-和 H2NCH2COO-应分别在强酸性至强碱性中存在，由此判断，图中 、 和 分别为 H2NCH2COO-、 H3N+CH2COO-和 H3N+CH2COOH， lg c（ H+）c（ OH） =-8 时，溶液中存在的主要是 H2NCH2COO-，它与过量的 HCl 反应生成 H3
28、N+CH2COOH。由图可知纯甘氨酸溶液呈酸性（实际在 5.9 左右），溶液呈中性时 lg c（ H+）c（ OH） =0，中性时 H3N+CH2COO- H2NCH2COO- H3N+CH2COOH。根据滴定曲线的突跃范围，消耗 HClO4溶液 17.25mL，减去空白实验的 0.25mL，实际消耗滴定液 17.00mL。 35.（ 15 分） （ 1） 3d24s2， d（各 1 分） （ 2） ABC(3 分 ) （ 3） sp2（ 1 分 )， ON） （ 2 分 )。 （ 4） 6（ 2 分 )； （ 2 分） 【解析】 H2PO4-中存在 -OH，可形成氢键。气态基态 Na+从 8
29、 电子稳定结构再失去一个电子最难，气态基态 O+从 p3半充满较稳定结构再失去一个电子较难。 36.（ 15 分，第 6 小题 3 分，其它每空 2 分） （ 1） FeCl3和 Cl2 或铁粉和 Cl2 （ 2） 邻氯苯甲酸或 2-氯苯甲酸 （ 3） （ 4）羧基、醚键 （ 5） 6 ， （ 6） 73 233 102AN2 +COOHCl OH 催化剂+ 2NaOH COONaO + NaCl + 2H2OHCOO OH3 【解析】 （ 1）由合成路线可推出 AB发生苯环上的氯代反应，故反应条件为 FeCl3和 Cl2 或铁粉和Cl2 （ 4）由合成路线中可推出 HI发生 CN 转化为 C
30、OOH，故 I 中含有的官能团为羧基、醚键 （ 5）根据题干要求， E 的同分异构体结构中需含有醛基、酚羟基、两个苯环、 6 种 H 原子， 故可以写出以下 6 种： 其中能与 NaOH 以 1 3 的物质的量比发生反应的应为 ， 1mol 甲酸酚酯需消耗 2molNaOH， 1mol 酚羟基需消耗1molNaOH。 CH2=CHCH2OH 一定条件浓硫酸 ，NaCNCH3COOH CH2=CHCH2CN NaOH HCl CH2=CHCH2COOHCH3OH CH2=CHCH2COOCH3 CH2一 CH nCH2 COOCH3一CHOHO OH CHOHO OHCHOHO OHCHOHO OHHCOO OH HO CHOOHCOO OH
