1、第 2 课时 磁场对运动电荷的作用考纲解读 1.会计算洛伦兹力的大小，并能判断其方向.2.掌握带电粒子在匀强磁场中的匀速圆周运动，并能解决确定圆心、半径、运动轨迹、周期、运动时间等相关问题1对洛伦兹力的理解带电荷量为q 的粒子在匀强磁场中运动，下列说法中正确的是 ( )A只要速度大小相同，所受洛伦兹力就相同B如果把q 改为q，且速度反向，大小不变，则洛伦兹力的大小、方向均不变C洛伦兹力方向一定与电荷速度方向垂直，磁场方向一定与电荷运动方向垂直D粒子在只受到洛伦兹力作用下运动的动能、速度均不变答案 B解析 因为洛伦兹力的大小不但与粒子速度大小有关，而且与粒子速度的方向有关，如当粒子速度与磁场垂直
2、时 FqvB，当粒子速度与磁场平行时 F0.又由于洛伦兹力的方向永远与粒子的速度方向垂直，因而速度方向不同时，洛 伦兹 力的方向也不同，所以 A 选项错因为q 改为q 且速度反向，由左手定则可知洛伦兹 力方向不变，再由 FqvB 知大小也不变，所以 B 选项正确因为电荷进入磁场时的速度方向可以与磁场方向成任意夹角，所以 C 选项错因为洛伦兹力总与速度方向垂直，因此，洛伦兹力不做功，粒子 动能不变，但洛伦兹力可改变粒子的运动方向，使粒子速度的方向不断改 变，所以 D 选项错2洛伦兹力的大小计算和方向判定 如图 1 所示，匀强磁场的磁感应强度均为 B，带电粒子的速率均为 v，带电荷量均为 q.试求
3、出图中带电粒子所受洛伦兹力的大小，并指出洛伦兹力的方向图 1答案 甲：因 vB，所以 FqvB，方向与 v 垂直斜向上乙：v 与 B 的夹角为 30，F qvBsin 30 qvB，方向垂直纸面向里12丙：由于 v 与 B 平行，所以电荷不受洛伦兹力，F0丁：v 与 B 垂直，FqvB ，方向与 v 垂直斜向上3对带电粒子运动轨迹的确定 试画出图 2 中几种情况下带电粒子的运动轨迹图 2答案考点梳理一、洛伦兹力1洛伦兹力：磁场对运动电荷的作用力叫洛伦兹力2洛伦兹力的方向(1)判定方法左手定则：掌心磁感线垂直穿入掌心；四指指向正电荷运动的方向或负电荷运动的反方向；拇指指向洛伦兹力的方向(2)方向
4、特点：FB，Fv，即 F 垂直于 B 和 v 决定的平面(注意：洛伦兹力不做功)3洛伦兹力的大小(1)vB 时，洛伦兹力 F0.(0或 180)(2)vB 时，洛伦兹力 FqvB.(90)(3)v0 时，洛伦兹力 F0.二、带电粒子在匀强磁场中的运动1若 vB，带电粒子不受洛伦兹力，在匀强磁场中做匀速直线运动2若 vB，带电粒子仅受洛伦兹力作用，在垂直于磁感线的平面内以入射速度 v 做匀速圆周运动4带电粒子在有界匀强磁场中运动的分析 如图 3 所示，半径为 r 的圆形空间内，存在着垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子(不计重力)从 A 点以速度 v0 垂直于磁场方向射入磁场中，并从 B 点射
5、出，若AOB120 ，则该带电粒子在磁场中运动的时间为( )图 3A. B.2r3v0 23r3v0C. D.r3v0 3r3v0答案 D解析 画出带电粒子进、出磁 场时速度方向的垂线交于 O点，O点即为粒子做 圆周运动轨迹的 圆心，如 图所示连接 OO ，设轨迹半径为 R，由几何关系可知带电粒子在磁场中运动的轨迹半径Rrtan 60 r.因为AOB 120，故 AOB60，运动时间 t T316 16 ，D 正确2Rv0 3r3v05带电粒子在匀强磁场中有关问题分析 如图 4 所示，质量为 m，电荷量为q 的带电粒子，以不同的初速度两次从 O 点垂直于磁感线和磁场边界向上射入匀强磁场，在洛伦
6、兹力作用下分别从 M、N 两点射出磁场，测得 OMON34，则下列说法中错误的是 ( )图 4A两次带电粒子在磁场中经历的时间之比为 34B两次带电粒子在磁场中运动的路程长度之比为 34C两次带电粒子在磁场中所受的洛伦兹力大小之比为 34D两次带电粒子在磁场中所受的洛伦兹力大小之比为 43答案 AD解析 设 OM2r 1，ON2r 2，故 ，路程 长度之比 ，B 正确；由 rr1r2 OMON 34 sMsN r1r2 34知 ，故 ，C 正确， D 错误；由于 T ，则 1，AmvqB v1v2 r1r2 34 FMFN qv1Bqv2B 34 2mBq tMtN12TM12TN错规律总结1
7、带电粒子在有界磁场中运动的几种常见情形(1)直线边界(进出磁场具有对称性，如图 5 所示)图 5(2)平行边界(存在临界条件，如图 6 所示)图 6(3)圆形边界(沿径向射入必沿径向射出，如图 7 所示)图 72确定粒子运动的圆心，找出轨迹对应的圆心角，再求运动时间.考点一 洛伦兹力和电场力的比较1洛伦兹力方向的特点(1)洛伦兹力的方向与电荷运动的方向和磁场方向都垂直，即洛伦兹力的方向总是垂直于运动电荷的速度方向和磁场方向共同确定的平面(2)当电荷运动方向发生变化时，洛伦兹力的方向也随之变化2洛伦兹力与电场力的比较内容对应力项目洛伦兹力 电场力性质 磁场对在其中运动的电荷的作用力电场对放入其中
8、电荷的作用力产生条件 v0 且 v 不与 B 平行 电场中的电荷一定受到电场力作用大小 FqvB (vB) FqE力方向与场 一定是 FB， Fv，与电 正电 荷受力与电场方向相同，方向的关系 荷电性无关 负电荷受力与电场方向相反做功情况 任何情况下都不做功 可能做正功、负功，也可能不做功力为零时场的情况 F 为零，B 不一定为零 F 为零，E 一定为零作用效果只改变电荷运动的速度方向，不改变速度大小既可以改变电荷运动的速度大小，也可以改变电荷运动的方向深化拓展 洛伦兹力对电荷不做功；安培力 对通电导线可做正功，可做负功，也可 不做功只有运动电荷才会受到洛 伦兹力，静止 电荷在磁场中所受洛 伦
9、兹力一定为零例 1 在如图 8 所示宽度范围内，用场强为 E 的匀强电场可使初速度是 v0 的某种正粒子偏转 角在同样宽度范围内，若改用方向垂直于纸面向外的匀强磁场(图中未画出)，使该粒子穿过该区域，并使偏转角也为 (不计粒子的重力)，问：图 8(1)匀强磁场的磁感应强度是多大？(2)粒子穿过电场和磁场的时间之比是多大？解析 (1)设宽度为 L.当只有电场存在时，带电粒子做类平抛运 动水平方向上：Lv 0t，竖直方向上： vyatEqLmv0tan vyv0 EqLmv20当只有磁场存在时，带电粒子做匀速 圆周运动，半径 为 R，如图所示，由几何关系可知sin ，RLR mv0qB联立解得 B
10、 .Ecos v0(2)粒子在电场中运动时间t1 Lv0 Rsin v0在磁场中运动时间t2 T 2 22mqB mqB所以 .t1t2 RqBmv0sin sin 答案 (1) (2)Ecos v0 sin 技巧点拨电荷在匀强电场和匀强磁场中的运动规律不同运 动电荷穿出有界 电场的时间与其入射速度的方向和大小有关，而穿出有界磁场的时间则与电荷在磁 场中的运动周期有关在解题过程中灵活运用运动的合成与分解和几何关系是解题关键突破训练 1 在如图 9 所示的空间中，存在电场强度为 E 的匀强电场，同时存在沿 x 轴负方向、磁感应强度为 B 的匀强磁场(图中均未画出 )一质子(电荷量为 e)在该空间
11、恰沿 y 轴正方向以速度 v 匀速运动据此可以判断出 ( )图 9A质子所受电场力大小等于 eE，运动中电势能减小；沿 z 轴正方向电势升高B质子所受电场力大小等于 eE，运动中电势能增大；沿 z 轴正方向电势降低C质子所受电场力大小等于 evB，运动中电势能不变；沿 z 轴正方向电势升高D质子所受电场力大小等于 evB，运动中电势能不变；沿 z 轴正方向电势降低答案 C解析 解答本题时利用左手定则判断洛伦兹力的方向，根据平衡条件判断 电场力方向及电场方向，注意运用电场力做功与 电势能变化的关系，及沿电场线方向电势降低匀强磁场的磁感应强度 B 的方向沿 x 轴负方向，质子沿 y 轴正方向运动，
12、由左手定则可确定洛伦兹力沿 z 轴正方向；由于质子受电场力和洛伦兹力作用沿 y 轴正方向做匀速直线运动，故电场力 eE 等于洛 伦兹力 evB，方向沿 z 轴负方向，即电场方向沿 z 轴负方向， 质子在运动过程中电场力不做功，电势能不 变，沿 z 轴正方向即电场反方向 电势升高，故 C 正确，A、B、D 错误考点二 带电粒子在匀强磁场中的运动1圆心的确定(1)已知入射点、出射点、入射方向和出射方向时，可通 过入射点和出射点分别作垂直于入射方向和出射方向的直线，两条直 线的交点就是圆弧轨道的 圆心(如图 10 甲所示，图中 P为入射点，M 为出射点)图 10(2)已知入射方向、入射点和出射点的位
13、置时，可以通过入射点作入射方向的垂线，连接入射点和出射点，作其中垂线 ，这两条垂线的交点就是圆弧 轨迹的圆心( 如图乙所示，P为入射点，M 为出射点)2半径的确定可利用物理学公式或几何知识(勾股定理、三角函数等)求出半径大小3运动时间的确定粒子在磁场中运动一周的时间为 T，当粒子运 动的圆弧所对应的圆心角为 时，其运动时间表示为：t T(或 t )2 Rv例 2 (2012安徽理综19) 如图 11 所示，圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子以速度 v 从 A 点沿直径 AOB 方向射入磁场，经过 t 时间从 C 点射出磁场，OC 与 OB 成 60角现将带电粒子的速度变为 ，仍
14、从 A 点沿原方向射入磁场，不计重v3力，则粒子在磁场中的运动时间变为( )图 11A. t B2t C. t D3 t12 13审题指导 1.粒子做圆周运动 的圆心是 O 点吗？怎样找？2要求粒子在磁场中运动的时间 ，就要先找 圆周运动轨迹 对应的圆心角，再利用周期公式求解解析 设带电粒子以速度 v 射入磁 场做圆周运动， 圆心为 O1，半径 为 r1，则根据 qvB，得 r1 ，根据几何关系得 tan ，且 160.mv2r mvqB Rr1 12当带电粒子以 v 的速度射入时，轨道半径 r2 r1，圆心在 O2，则 tan 13 m13vqB mv3qB 13 Rr2.即 tan 3ta
15、n .22 22 Rr2 3Rr1 12 3故 60， 2120；带电粒子在磁场中运动的时间 t T，所以 ，即22 360 t2t1 21 21t2 2t12 t，故选项 B 正确，选项 A、C、D 错误答案 B技巧点拨找圆心、求半径、确定转过的圆心角的大小是解决这类问题的前提，确定轨道半径和给定的几何量之间的关系是解题的基础，建立运 动时间 t 和转过的圆心角 之间的关系是解题的关键例 3 如图 12 所示，M、N 为两块带等量异种电荷的平行金属板，两板间电压可取从零到某一最大值之间的各种数值静止的带电粒子带电荷量为q，质量为 m(不计重力)，从点 P 经电场加速后，从小孔 Q 进入 N
16、板右侧的匀强磁场区域，磁感应强度大小为 B，方向垂直于纸面向外，CD 为磁场边界上的一绝缘板，它与 N 板的夹角为 45，孔 Q 到板的下端 C 的距离为 L，当 M、N 两板间电压取最大值时，粒子恰垂直打在 CD 板上，求：图 12(1)两板间电压的最大值 Um；(2)CD 板上可能被粒子打中的区域的长度 s；(3)粒子在磁场中运动的最长时间 tm.解析 (1)M、N 两板间电压取最大值时，粒子恰垂直打在 CD 板上，所以圆心在 C 点，如图所示，CHQCL故半径 r1L又因为 qv1Bmv21r1且 qUm mv12 21所以 Um .qB2L22m(2)设粒子在磁场中运动的轨迹与 CD
17、板相切于 K 点，此轨迹的半径为 r2，设圆心为 A，在AKC 中：sin 45r2L r2解得 r2( 1)L2即 r 2( 1) LKC 2所以 CD 板上可能被粒子打中的区域的长度 s ，即HKsr 1r 2(2 )L.2(3)打在 QE 间的粒子在磁 场中运 动的时间最长，均 为半个周期，所以 tm .T2 mBq答案 (1) (2)(2 )L (3)qB2L22m 2 mBq规律总结1带电体在磁场中的临界问题的处理方法带电体进入有界磁场区域，一般存在 临界问题， 处理的方法是 寻找临界状态，画出临界轨迹：(1)带电体在磁场中，离开一个面的临界状态是对这个面的压力为零(2)射出或不射出
18、磁场的临界状态是带电体运动的轨迹与磁 场边界相切2带电粒子在匀强磁场中做匀速 圆周运动的程序解题法 三步法(1)画轨迹：即画出运动轨迹，并确定圆心，用几何方法求半径(2)找联系：轨道半径与磁感应强度、运动速度相联系，偏转角度与圆心角、运动时间相联系，在磁场中运动的时间 与周期相联系(3)用规律：即牛顿第二定律和圆周运动的规律，特别是周期公式、半径公式突破训练 2 (2011 浙江20)利用如图 13 所示装置可以选择一定速度范围内的带电粒子图中板 MN 上方是磁感应强度大小为 B、方向垂直纸面向里的匀强磁场，板上有两条宽度分别为 2d 和 d 的缝，两缝近端相距为 L.一群质量为 m、电荷量为
19、 q，具有不同速度的粒子从宽度为 2d 的缝垂直于板 MN 进入磁场，对于能够从宽度为 d 的缝射出的粒子，下列说法正确的是 ( )图 13A粒子带正电B射出粒子的最大速度为qB3d L2mC保持 d 和 L 不变，增大 B，射出粒子的最大速度与最小速度之差增大D保持 d 和 B 不变，增大 L，射出粒子的最大速度与最小速度之差增大答案 BC解析 利用左手定则可判定只有 负电荷进入磁场时才向右偏，故选项 A 错误利用qvB 知 r ，能射出的粒子满足 r ，因此对应射出粒子的最大速度mv2r mvqB L2 L 3d2vmax ，选项 B 正确 vmin ，vv maxv min ，由qBrm
20、axm qB3d L2m qBrminm qBL2m 3qBd2m此式可判定选项 C 正确，选项 D 错误突破训练 3 (2012 山西太原市高三模拟试题( 二)如图 14 所示，在某空间实验室中，有两个靠在一起的等大的圆柱形区域，分别存在着等大反向的匀强磁场，磁感应强度B0.10 T，磁场区域半径 r m，左侧区圆心为 O1，磁场向里，右侧区圆心为 O2，233磁场向外，两区域切点为 C.今有质量 m3.210 26 kg、带电荷量 q1.610 19 C 的某种离子，从左侧区边缘的 A 点以速度 v110 6 m/s 正对 O1 的方向垂直射入磁场，它将穿越 C 点后再从右侧区穿出求：图
21、14(1)该离子通过两磁场区域所用的时间；(2)离子离开右侧区域的出射点偏离最初入射方向的侧移距离多大？( 侧移距离指在垂直初速度方向上移动的距离)答案 (1)4.1910 6 s (2)2 m解析 (1)离子在磁场中做匀速圆周运动，在左、右两区域的运动轨迹是对称的，如图所示，设轨迹半径为 R，圆周运动的周期为 T由牛顿第二定律有qvBm v2R又 T 2Rv联立得：R mvqBT 2mqB将已知数据代入得 R2 m 由轨迹图知 tan ，即 rR 33 6则全段轨迹运动时间 t2 T 22 T3联立并代入已知数据得t s4.1910 6 s23.143.210 2631.610 190.10
22、(2)在图中过 O2 向 AO1 作垂线，联立轨迹对称关系知侧移距离 d2rsin 2将已知数据代入得d2 sin m2 m233 341带电粒子在匀强磁场中运动的临界和极值问题 1临界问题的分析思路临界问题的分析对象是临界状态，临界状态就是指物理现 象从一种状态变化成另一种状态的中间过程，这时存在着一个 过渡的转折点，此 转折点即 为临界状态点与临界状态相关的物理条件则称为临界条件， 临界条件是解决临界问题 的突破点临界问题的一般解题模式为：(1)找出临界状态及临界条件；(2)总结临界点的规律；(3)解出临界量；(4)分析临界量列出公式2极值问题的分析思路所谓极值问题就是对题中所求的某个物理
23、量最大值或最小值的分析或计算，求解的思路一般有以下两种：一是根据题给条件列出函数关系式进行分析、讨论；二是借助于几何图形进行直观分析例 4 如图 15 所示，在第二象限和第四象限的正方形区域内分别存在着匀强磁场，磁感应强度均为 B，方向相反，且都垂直于 xOy 平面一电子由 P(d，d)点，沿 x 轴正方向射入磁场区域.(电子质量为 m，电荷量为 e，sin 53 )45图 15(1)求电子能从第三象限射出的入射速度的范围(2)若电子从(0 ， )位置射出，求电子在磁场中运动的时间 t.d2(3)求第(2)问中电子离开磁场时的位置坐标解析 (1)电子能从第三象限射出的临界轨迹如图甲所示电子偏转
24、半径范围为 rN，所以 vMvN，选项 B 错误；M 、N 运动过程中， F 洛 始终与 v 垂直，F 洛 不做功，选项C 错误；由 T 知 M、N 两粒子做匀速圆周运动的周期相等且在磁场中的运动时间均2mqB为 ，选项 D 错误 T22(2012江苏单科9) 如图 18 所示，MN 是磁感应强度为 B 的匀强磁场的边界一质量为m、电荷量为 q 的粒子在纸面内从 O 点射入磁场若粒子速度为 v0，最远能落在边界上的 A 点下列说法正确的有 ( )图 18A若粒子落在 A 点的左侧，其速度一定小于 v0B若粒子落在 A 点的右侧，其速度一定大于 v0C若粒子落在 A 点左右两侧 d 的范围内，其
25、速度不可能小于 v0qBd2mD若粒子落在 A 点左右两侧 d 的范围内，其速度不可能大于 v0qBd2m答案 BC解析 带电粒子在磁场中做匀速 圆周运动， qv0B ，所以 r ，当 带电粒子从不同mv20r mv0qB方向由 O 点以速度 v0进入匀 强磁场时，其轨迹是半径为 r 的圆，轨迹与边界的交点位置最远是离 O 点 2r 的距离，即 OA2r，落在 A 点的粒子从 O 点垂直入射，其他粒子则均落在 A 点左侧，若落在 A 点右侧则必须有更大的速度， 选项 B 正确若粒子速度虽然比v0 大，但进入磁场时与磁场边 界夹角过大或过小，粒子仍有可能落在 A 点左侧， 选项A、D 错误若粒子
26、落在 A 点左右两侧 d 的范围内，设其半径为 r， 则 r ，代2r d2入 r ，r ，解得 vv 0 ，选项 C 正确mv0qB mvqB qBd2m3. (2011海南单科10)空间存在方向垂直于纸面向里的匀强磁场，图 19 中的正方形为其边界一细束由两种粒子组成的粒子流沿垂直于磁场的方向从 O 点入射这两种粒子带同种电荷，它们的电荷量、质量均不同，但其比荷相同，且都包含不同速率的粒子不计重力下列说法正确的是 ( )图 19A入射速度不同的粒子在磁场中的运动时间一定不同B入射速度相同的粒子在磁场中的运动轨迹一定相同C在磁场中运动时间相同的粒子，其运动轨迹一定相同D在磁场中运动时间越长的
27、粒子，其轨迹所对的圆心角一定越大答案 BD解析 带电粒子进入磁场后，在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动，根据 qvB 得轨mv2r道半径 r ，粒子的比荷相同，故不同速度的粒子在磁 场中运动的轨道半径不同，轨迹mvqB不同；相同速度的粒子，轨道半径相同，轨迹相同，故 B 正确带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期 T ，故所有 带电粒子的运动周期均相同，若带电粒子都从磁2rv 2mqB场左边界出磁场，则这些粒子在磁 场中的运动时间是相同的，但不同速度的粒子，其运 动轨迹不同，故 A、C 错误根据 得 t，所以运 动时间 t 越长，运动轨迹所对的圆t 2T 2T心角 越大，故 D 正确4(2012海
28、南单科16) 图 20(a)所示的 xOy 平面处于匀强磁场中，磁场方向与 xOy 平面(纸面) 垂直，磁感应强度 B 随时间 t 变化的周期为 T，变化图线如图 (b)所示当 B 为B 0 时，磁感应强度方向指向纸外在坐标原点 O 有一带正电的粒子 P，其电荷量与质量之比恰好等于 .不计重力设 P 在某时刻 t0 以某一初速度沿 y 轴正向从 O 点开始运动，将它经2TB0过时间 T 到达的点记为 A.(a) (b)图 20(1)若 t00，则直线 OA 与 x 轴的夹角是多少？(2)若 t0 ，则直线 OA 与 x 轴的夹角是多少？T4答案 (1)0 (2)2解析 (1)设粒子 P 的质量
29、、电荷量与初速度分别为 m、q 与 v，粒子 P 在洛伦兹力作用下，在 xOy 平面内做圆周运动，分别用 R 与 T表示圆周的半径和运 动周期，则有qvB0m( )2R 2Tv 2RT由式与已知条件得 TT粒子 P 在 t0 到 t 时间内，沿顺时针方向运动半个圆周，到达 xT2轴上 B 点，此时磁场方向反转；继而，在 t 到 tT 时间内，沿逆时针方向运动半个圆T2周，到达 x 轴上 A 点，如图所示OA 与 x 轴的夹角 0(2)粒子 P 在 t0 时刻开始运动，在 t 到 t 时间内，沿顺时针方向T4 T4 T2运动 个圆周，到达 C 点，此时磁场方向反转；继而，在 t 到 tT 时间1
30、4 T2内，沿逆时针方向运动半个圆 周，到达 B 点，此 时磁场方向再次反转；在tT 到 t 时间内，沿顺时针方向运动 个圆周，到达 A 点，如图所5T4 14示由几何关系可知，A 点在 y 轴上，即 OA 与 x 轴的夹角 2模拟题组5如图 21 所示的虚线框为一长方形区域，该区域内有一垂直于纸面向里的匀强磁场，一束电子以不同的速率从 O 点垂直于磁场方向、沿图中方向射入磁场后，分别从a、b、c、d 四点射出磁场，比较它们在磁场中的运动时间 ta、t b、t c、t d，其大小关系是( )图 21At atdtc Dt at btctd答案 D解析 由洛伦兹力与速度的方向关系可知，从 a、b
31、 两点射出的电子都完成了半个周期的运动，即 tat b ；从 c 点和 d 点射出的电子在磁场中转过的圆心角都小于 180，且T2dv 丙 v 乙 ，选项 A、B 错误；三个小球在运动过程中，只有重力做功，即它mv2丙r们的机械能守恒，选项 D 正确；甲球在最高点处的动能最大，因为势能相等，所以甲球的机械能最大，甲球的释放位置最高，选项 C 正确3. 带电质点在匀强磁场中运动，某时刻速度方向如图 2 所示，所受的重力和洛伦兹力的合力恰好与速度方向相反，不计阻力，则在此后的一小段时间内，带电质点将 ( )图 2A可能做直线运动B可能做匀减速运动C一定做曲线运动D可能做匀速圆周运动答案 C解析 带
32、电质点在运动过程中，重力做功，速度大小和方向发生变化，洛伦兹力的大小和方向也随之发生变化，故带电质 点不可能做直线运动，也不可能做匀减速运动和匀速圆周运动，C 正确4如图 3 所示，一个质量为 m、电荷量为q 的圆环，可在水平放置的足够长的粗糙细杆上滑动，细杆处在磁感应强度为 B 的匀强磁场中(不计空气阻力) 现给圆环向右的初速度 v0，在以后的运动过程中，圆环运动的速度图象可能是图中的 ( )图 3答案 ACD解析 由左手定则判定圆环受到的洛 伦兹力向上，若 qvB mg，则弹力为零，摩擦力 为零，圆环做匀速直线运动，选项 A 正确；若 qvBmg，则杆对圆环有弹力，摩擦力不为零， 圆环做减
33、速运动，当速度减小到使洛 伦兹力与重力平衡时，将做匀速直线运动，选项 D 正确；若 qvBmg，则杆对圆环有弹力，摩擦力不 为零， 圆环做减速运动，最终速度变为零，选项 C 正确无论哪种情况，圆环都不可能做匀减速运动，选项 B 错误题组 2 带电粒子在直线边界磁场中的运动5带电粒子以初速度 v0 从 a 点进入匀强磁场，如图 4 所示运动中经过 b 点，OaOb ，若撤去磁场加一个与 y 轴平行的匀强电场，仍以 v0 从 a 点进入电场，粒子仍能通过 b 点，那么电场强度 E 与磁感应强度 B 之比为 ( )图 4Av 0 B1 C2v 0 D.v02答案 C解析 带电粒子在匀强磁场中做匀速圆
34、周运动，O 为圆心，故 OaObr ，mv0qB带电粒子在匀强电场中做类平抛运动，故 Obv 0tOa t2 ，qE2m 2mv20qE由得 2v 0，故选项 C 对EB6如图 5 所示，在一矩形区域内，不加磁场时，不计重力的带电粒子以某一初速度垂直左边界射入，穿过此区域的时间为 t.若加上磁感应强度为 B、垂直纸面向外的匀强磁场，带电粒子仍以原来的初速度入射，粒子飞出磁场时偏离原方向 60，利用以上数据可求出下列物理量中的 ( )图 5A带电粒子的比荷B带电粒子在磁场中运动的周期C带电粒子的初速度D带电粒子在磁场中运动的半径答案 AB解析 由带电粒子在磁场中运 动的偏转角，可知 带电粒子运动
35、轨迹所对的圆心角为 60，因此由几何关系得磁场宽度 lrsin 60 sin 60，又未加磁场时有 lv 0t，所以可求mv0qB得比荷 ，A 项对；周期 T 也可求出，B 项对 ；因初速度未知，所以 C、D 项qm sin 60Bt 2mqB错7如图 6 所示，一足够长的矩形区域 abcd 内充满方向垂直纸面向里的、磁感应强度为 B的匀强磁场，在 ad 边中点 O，垂直于磁场射入一速度方向跟 ad 边夹角 30、大小为v0 的带正电粒子已知粒子质量为 m，电荷量为 q，ad 边长为 L，ab 边足够长，粒子重力不计，求：图 6(1)粒子能从 ab 边上射出磁场的 v0 大小范围；(2)如果带
36、电粒子不受上述 v0 大小范围的限制，求粒子在磁场中运动的最长时间答案 (1) v0 (2)qBL3m qBLm 5m3qB解析 (1)若粒子速度为 v0，轨迹半径为 R，由qv0Bm ，则v20RRmv0qB若轨迹与 ab 边相切，如图所示，设此时相应速度为 v01，则R1R 1sin L2将 R1 代入上式并由题给 数据可得mv01qBv01qBL3m若轨迹与 cd 边相切，设此时粒子速度为 v02，则R2R 2sin L2将 R2 代入上式可得 v02mv02qB qBLm所以粒子能从 ab 边上射出磁场的 v0应满足v0 .qBL3m qBLm(2)粒子在磁场中经过的弧所对的圆心角越大
37、，在磁场中运动的时间越长由图可知，在磁场中运动的半径 rR 1时，运 动时间最长，此 时弧所对的 圆心角为(360 2)所以最长时间为 t .360 2mqB 5m3qB题组 3 带电粒子在圆形边界磁场中的运动8.如图 7 所示是某粒子速度选择器的示意图，在一半径为 R10 cm 的圆柱形桶内有B10 4 T 的匀强磁场，方向平行于轴线，在圆柱桶某一直径的两端开有小孔，作为入射孔和出射孔粒子束以不同角度入射，最后有不同速度的粒子束射出现有一粒子源发射比荷为 210 11 C/kg 的正粒子，粒子束中速度分布连续当角 45时，出射粒子速qm度 v 的大小是( )图 7A. 106 m/s B2
38、106 m/s2 2C2 108 m/s D4 106 m/s2 2答案 B解析 由题意知，粒子从入射孔以 45角射入匀强磁场，粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动能够从出射孔射出的粒子 刚好在磁场中运动 周期，由几何关系知 r R，又14 2r ，解得 v 2 106 m/s.mvqB qBrm 29. 如图 8 所示，一半径为 R 的圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一质量为 m，电荷量为 q 的正电荷(重力忽略不计 )以速度 v 沿正对着圆心 O 的方向射入磁场，从磁场中射出时速度方向改变了 角磁场的磁感应强度大小为 ( )图 8A. B.mvqRtan 2mvqRcot 2C. D.mv
39、qRsin 2mvqRcos 2答案 B解析 粒子轨迹如图，根据几何关系 rRcot ，再根据 qvB ，解得 B ，故2 mv2r mvqRcot 2B 正确10如图 9 所示装置，圆形磁场区域半径为 R1 10 2 m，其中分布垂直纸面向外的匀3强磁场，磁感应强度为 B，与磁场区域同心的圆筒半径为 R22 102 m，其左侧与3两平行金属板 MN 相邻，相邻处有一小孔，将平行板内部和圆筒内部连通平行金属板MN 内部紧靠 M 板处有一带电粒子处于静止状态，且粒子位于小孔和磁场圆心的连线上，其电荷量为 q3.210 19 C，质量为 m6.410 27 kg.当两金属板间电压为U1225 V
40、时，带电粒子经过电场加速后通过磁场，速度方向偏转了 .不计重力和一切3阻力，求：图 9(1)粒子进入磁场时的速度大小和磁场的磁感应强度的大小 B；(2)如果将两金属板间电压变为 U225 V，粒子再次由静止加速后通过磁场区域，求两种情况下粒子在圆筒中运动的时间差答案 (1)1.510 5 m/s 0.1 T (2)6.710 7 s解析 (1)粒子在电场中加速，设获得速度 v1，由 动能定理，得 qU1 mv12 21解得 v11.510 5 m/s粒子在磁场中做匀速圆周运动，设半径为 r1，则qv1Bmv21r1由如图几何关系可知，粒子在磁场中轨迹对应的圆心角 160r1R 1cot 12代
41、入数据可得 B0.1 T(2)粒子在磁场中运动周期为T2mqBT4 107 s设粒子在磁场中运动的时间为 t1，则 t1 T12设粒子在圆筒与磁场间区域匀速运动的时间为 t1， 则t12R2 R1v1当电场电压为 U225 V 时，设粒子加速后获得的速度为 v2，由动能定理得 qU2 mv12 2解得 v20.510 5 m/s粒子在磁场中做匀速圆周运动，设半径为 r2，则 qv2Bmv2r2解得 r21.010 2 m由图中几何关系可知r2R 1cot 22故 2120设粒子在磁场中运动的时间为 t2，则 t2 T22设粒子在圆筒与磁场间区域匀速运动的时间为 t2， 则t22R2 R1v2两
42、种运动的时间差 tt 2t 2(t 1t 1)代入数据可得t (4 )107 s6.710 7 s23 3题组 4 带电粒子在交变磁场中的运动11. 显像管原理的示意图如图 13 所示，当没有磁场时，电子束将打在荧光屏正中的 O 点，安装在管径上的偏转线圈可以产生磁场，使电子束发生偏转设垂直纸面向里的磁场方向为正方向，若使高速电子流打在荧光屏上的位置由 a 点逐渐移动到 b 点，下列变化的磁场能够使电子发生上述偏转的是 ( )图 10答案 A解析 从题意分析电子束先是上偏，然后下偏当上偏时由左手定则可判知磁场方向垂直纸面向外且 B 逐渐减小，电子束从 a 向 O 运动；过 O 点后 电子束要继
43、续往下偏转，由左手定则可知，磁场方向垂直 纸面向里且 B 逐渐增大， A 选项正确12如图 11 甲所示，M、N 为竖直放置且彼此平行的两块平板，板间距离为 d，两板中央各有一个小孔 O、O且正对，在两板间有垂直于纸面方向的磁场，磁感应强度随时间的变化如图乙所示有一束正离子在 t0 时垂直于 M 板从小孔 O 射入磁场已知正离子质量为 m，带电荷量为 q，正离子在磁场中做匀速圆周运动的周期与磁感应强度变化的周期都为 T0，不考虑由于磁场变化而产生的电场的影响，不计离子所受重力求：图 11(1)磁感应强度 B0 的大小；(2)要使正离子从 O孔垂直于 N 板射出磁场，正离子射入磁场时的速度 v0 的可能值答案 (1) (2) (n1,2,3)2mqT0 d2nT0解析 设垂直于纸面向里的磁场方向为正方向(1)正粒子射入磁场，洛 伦兹力提供向心力B0qv0m v20r做匀速圆周运动的周期 T0 2rv0联立两式得磁感应强度 B02mqT0(2)要使正粒子从 O孔垂直于 N 板射出磁场，v 0 的方向应如图所 示，在两板之间正离子只运动 一个周期即 T0时，有 r1 .当两板d4之间正离子运动 n 个周期即 nT0时，有r (n1,2,3)d4n联立求解，得正离子的速度的可能值为v0 (n1,2,3)B0qrm d2nT0
