1、1神州智达 2016 届高三诊断性大联考（三）生物答案及解析1.A 2.D 3. B 4. A 5 . C 6. D29.（10 分，除标注外，每空 1 分。 ）（1）暗反应 ATP 中活跃的化学能转变成有机物中稳定的化学能（2）类囊体薄膜 BAD（3）CO2 的浓度 增加 增加（4）A+B（2 分）（5）不能30.（10 分，除标注外每空 1 分）（1）C（2 分）（2）测交后代的表现型及比例直接反映 F1 的配子类型及比例（2 分）（3） 第一种（ 1 分） 正确（1 分） 若基因 A 或 a 在缺失片段 m 上，则 q 染色体上没有 A 或 a，又因为含有这样的 q 染色体的花粉或卵细胞
2、都不能完成受精作用，则植株甲不能产生（2 分） （表述合理即可给分） I植株甲体细胞中基因 A 位于 q 上，基因 a 位于p 上 （1 分） II深绿色植株：浅绿色植株=1:1（1 分）31. （10 分，每空 1 分）（1）大脑皮层 运动时肌肉的细胞呼吸加快，释放的能量增多，人体热量来源增加（2）甲状腺激素含量较高，提高了神经的兴奋性（3） 受体（4）细胞代谢速率 垂体产生促甲状腺激素 后者（5）肝细胞 胰岛素32. （9 分，除标注外每空 1 分。 ）（1）标志重捕法 五点取样法 等距取样法（2） 2 只/ hm2（3）20t 生物多样性（其他合理答案也给分）（4）寄生 （5）欧洲兔对黏
3、液瘤病毒的抗性增强（2 分） （其他合理答案也给分）39.（15 分，除标注外每空 1 分）（1）生长旺盛的嫩枝生理状况好，容易诱导脱分化和再分化（2 分） 单核 醋酸洋红法（2）细胞分裂素和生长素（2 分）（3）高压蒸汽灭菌 酒精灯（4）胚状体 培养基中激素的种类及其浓度配比（2 分）（5）高度液泡化 愈伤组织未分化，能分裂，DNA 在细胞分裂间期结构最不稳定，易发生基因突变（2 分）（6）光照40.（15 分，除标注外每空 1 分）（1）B 细胞和记忆细胞（2 分） 血清（2 分）（2）动物细胞培养 动物细胞融合（3）灭活病毒（2 分） 既可大量繁殖，又能产生专一性抗体（2 分）（4）腹水
4、（5）变异 抗体（6）蛋白质工程（2 分）2化学答案及解析7.【答案】D【解析】试题分析：A、NO2 不是酸性氧化物，A 错误；B、漂白粉在空气中久置变质，是因为漂白粉的有效成分 Ca(ClO)2 与空气中的 CO2 反应生成 CaCO3 和 HClO，HClO 分解，且 CaCl2 与 CO2 不反应， B 错误；C、高锰酸钾能氧化乙烯，C 错误；D 、施肥时，草木灰(有效成分为 K2CO3)不能与 NH4Cl 混合使用，是因为 K2CO3 发生水解反应使溶液显碱性，NH4Cl 水解显酸性，混合使用相互促进水解生成氨气会降低肥效，D 正确。8. 【答案】C【解析】试题分析：分子式为 C5H1
5、0O2 的有机物能发生银镜反应，说明含有醛基，同时能与金属钠反应，只能含有羟基，不能含有羧基，丁烷的二元取代产物，主链有 4 个碳原子时，二元取代产物共有 8 种，主链是 3 个碳原子时，二元取代产物共有 4 种，所以符合条件的同分异构体为 12 种。9. 【答案】D【解析】试题分析：A、实验室制取乙烯，温度计应该插入溶液中，A 错误；B 、溴的四氯化碳溶液褪色，可证明有烯烃生成，但不一定是乙烯，B 错误；C 、乙烯、乙炔都能使酸性高锰酸钾溶液褪色，C 错误； D、钠与水反应的速率比钠与乙醇反应的速率快，说明乙醇中羟基氢原子的活泼性比水分子中氢原子差，D 正确。10. 【答案】B【解析】试题分
6、析：短周期元素 A、B、C、D 的原子序数依次增大，A 与 C，B 与 D 均为同主族元素，A、C 原子的最外层电子数之和等于 B 原子的次外层电子数，若 B 为第二周期元素，则 A、C 为A 族元素，即 A 可能为 H，C 可能为 Na；设 B 的原子序数为 x，D的原子序数为 x+8，再由它们的原子序数之和为 36 或原子最外层电子数之和为 14 可知，B 为 O，D 为 S，A地壳中含量最多的元素为 O，即 B 元素的含量位于第一位，故 A 选项错误；C 为 Na，Na 加热时先熔化后燃烧； A、B 、 D 三种元素形成的化合物可能为硫酸或亚硫酸，而亚硫酸为弱酸，故 C 选项错误；B 和
7、氢形成的化合物可以为 H2O 或H2O2，故 D 错误。11. 【答案】A【解析】 试题分析：A、根据盖斯定律，甲中 -H 2= H 1+ H 3，则H 1= -（H 2 +H 3） ，A 正确；B、如果达到平衡状态，则 NO2 和 N2O4 二者的消耗速率之比等于化学计量数之比即应该等于 2：1，B 错误； C、由图可知，将 A、B 饱和溶液分别由 t1升温至t2时两溶液中溶质和溶剂的量都没发生改变，而二者 t1溶解度相同，即浓度相同，所以 t2时溶质的质量分数也相等， C 错误；D 、由图可知，溶液 pH 随加水量的变化 HA 大于 HB，则 HA 的酸性强于 HB 的酸性，所以 NaB
8、溶液中 B-的水解程度较大，产生的 OH-浓度较大，则 pH 大，D 错误。12. 【答案】B【解析】试题分析：A、由电子流向可知 P-型半导体连接的是电池正极，A 错误； B 正确；C、电解质 KOH 溶液为强碱溶液，电极反应为 O2+2H2O+4e-4OH-，C 错误；D 、该装置的能量转换是化学能为电能，电能最终转化为光能，有三种形式，D 错误。13. 【答案】A【解析】试题分析：向 18.4g 铁和铜组成的合金中加入过量的硝酸溶液，合金完全溶解，反应生成了铁离子和铜离子，加入足量氢氧化钠溶液生成 Fe(OH)3、Cu(OH)2 共 30.3g，则Fe(OH)3 和 Cu(OH)2 中含
9、有的氢氧根离子的质量为：30.3 g18.4g =11.9 g，则 n（OH- ）=11.9g17g / mol = 0.7 mol；另取等质量的合金，使其与一定量的氯气恰好完全反应，Cl2与铜、铁反应产物为：FeCl3、CuCl2，则 FeCl3、CuCl2 中 n（Cl-）等于 Fe(OH)3、Cu(OH)23中 n（OH- ） ，即 n（Cl-）= 0.7mol，则消耗的 Cl2 的物质的量为： n（Cl2）= 1/2 n（Cl-）= 0.35 mol，标况下 0.35 mol 氯气的体积为：22.4 L/mol0.35mol=7.84L。26 【答案】（1）冷凝反应生成的水和 SO3
10、（2 分）排除装置内的空气（1 分）SO3 、SO2 （2 分）通入 N2（1 分）铁红（1 分） ；2 FeSO47 H2O = Fe2O3 + SO2 + SO3 + 14 H2O （各 2 分，共 4 分）（2）I、K、G、H、J（2 分）H 中有白色胶状物生成（1 分）【解析】 （1）根据题干所给信息判断，SO3 的沸点低，所以冰水浴可将其冷凝。防止空气中的氧气参与此反应。根据信息及 SO2 的性质判断即可。依然是防止空气中的氧气干扰。三氧化二铁俗称铁红。核心是把握方程式中 Fe2O3 和 SO2 的物质的量之比为1:1，27.8g 16.6g= 11.2g 即为二者的质量和，进而求出
11、二者的物质的量。 （2）气体通入 Na2CO3 溶液先检验酸性 H2SO3H2CO3 ；然后除尽 SO2,检验酸性 H2CO3H2SiO3。27 【答案】（1）由图 1 知金属铬的活动性比铜强，能与稀硫酸产生氢气（1 分）由图 2 知金属铬易被稀硝酸氧化（1 分）（2）H2O+H+CrO2- Cr(OH)3 Cr3+ +3OH-（2 分）（3）c(Na+) c(HCrO4) c(H+) c(CrO42) c(OH-)（2 分）（4）将 Fe2+氧化为 Fe3+ （1 分） 2CrO2-+3H2O2+2OH- =2 CrO42-+4H2O（2 分）（5）Cr2O72-+14H+ +6Fe2+=
12、2Cr3+6Fe3+ +7H2O （2 分）当 pH=810 时 Fe2+、Fe3+ 、 Cr3+都已经沉淀完全，若 pH 过高会使两性的 Cr(OH)3 溶解（2 分）0.5（1 分）【解析】 （1）图 1 铜电极产生的气体一定是氢气；而图 2 中产生的气体为 NO2。 （2）仿照Al（OH）3 的电离方程式即可。 （3）NaHCrO4 溶液中 HCrO4既电离又水解，电离常数K2=10-6；水解常数 Kh=Kw/K1=10-14/4.1,电离程度强于水解程度。 （4）略。 （5）铬（+6价）的两种盐存在如下平衡：2H+ + 2CrO42 Cr2O72 + H2O K=1014，根据方程式
13、Cr3+与 Fe3+的物质的量之比为 1:3.28 【答案】 （1）H = +90.1kJ/mol （2 分） （2 分） C （1 分） 0 MgCO3，碳酸盐的热分解是由于晶体中的阳离子结合碳酸根离子中的氧离子，使碳酸根离子分解为二氧化碳分子的结果，产物中氧化镁和氧化钙都为离子晶体，因为镁离子半径小于钙离子半径则氧化镁晶格能大，更稳定，更易于生成（2 分） ；（5） （2 分）(6) 8 （2 分） （2 分）=34%（2 分）【解析】 （ 1）M 为金属且有两个能级的电子处于半满状态，为 24 号铬元素，外围电子排布式为 3d54s1，属于 d 区。 （2）钾晶体的堆积方式为体心立方堆积
14、，空间利用率为68%。 （3）外界 Cl可电离出来与 Ag+生成 AgCl，由题中数据 0.10 mol MCl36H2O，加足量 AgNO3 溶液，得到沉淀 AgCl 2.870 g 物质的量为 0.00 2mol，外界有 2 个 Cl，结构为 B 型。 （4）MgCO3 和 CaCO3 皆为难溶盐，碳酸盐的热分解是由于晶体中的阳离子结合碳酸根离子中的氧离子，使碳酸根离子分解为二氧化碳分子的结果，产物中氧化镁和氧化钙都为离子晶体，因为镁离子半径小于钙离子半径则氧化镁晶格能大，更稳定，更易于生成。 （5）Al2Cl6 中各原子均满足 8 电子结构，Al 最外层 3 个电子形成三个共价键和一个配
15、位键，结构式为 。 （6）根据金刚石晶胞中碳原子的位置，由均摊法可计算出每个晶胞中含 C 原子 81/8+61/2+4=8 个；且 a=2r，r= a ；每个晶胞的体积为 a3,每个晶胞中 C 原子体积共为 ，所以空间利用率为 =34% 。38 【答案】(1) （2 分） ；CH2BrCBr（CH3 ）CH=CH2；CH2=C（CH3）CHBrCH2Br；CH2BrC（CH3 ）=CHCH2Br （各 1 分）(2) 1，4二甲基环己烷 （ 2 分）(3)缩聚反应（1 分）6（3 分）或 (4) （各 1 分）(5)CH3COOH；HCOOCH3 （各 1 分）【解析】：由 X 的产量可以用来
16、衡量一个国家石油化工发展水平可知 X 为乙烯，N 是 X最简单的同系物，得出 N 是丙烯，则 A 与丙烯发生如已知 的成环反应，A 的分子式为C5H8，A 的核磁共振氢谱有 4 个峰，且峰面积比为 3:1:2:2,可知 A 为 ，由已知可知 B 为 HCHO，C 为 CH3COCOOH，可顺利推出 E 为 CH3CH(OH)COOH，E 发生缩聚反应得 F。7物理答案及解析14A 解析：1820 年，丹麦物理学家奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，揭示了电和磁之间存在联系，符合史实，故 A 正确；密立根最早实验测得元电荷 e 的数值，B 错误；卡文迪许通过实验测出了引力常量，C 错误；法拉第通过
17、实验研究，总结出法拉第电磁感应定律，为交流发电机提供了理论基础，故 D 错误。15D 解析：在 v-t 图象中，图线的斜率等于物体运动的加速度，在 0t4 时间内，甲物体的图线的斜率正负号不同，即加速度的方向不同，选项 A 错误；在 v-t 图象中，图象反映了物体做直线运动的规律，选项 B 错误；在 v-t 图象中，图线与坐标轴围成面积的大小等于物体运动的位移，由图象可知两物体 t3 时刻相距最远，t4 时刻相遇，选项 C 错误，根据平均速度定义，可知选项 D 正确。16D 解析：根据万有引力定律、向心力公式可得： ，可知无法求类太阳恒星的质量和 Kepler-452b 围绕类太阳恒星运行的轨
18、道半径，选项 AB 错误；因 Kepler-452b 的同步卫星的轨道半径无法确定，故其运行周期也无法确定，选项 C 错误；在星球表面，可得 ，即 ，和人从地球到该星球体重将加倍及 Kepler-452b 直径是地球直径的 1.6 倍，可求 Kepler-452b 上的第一宇宙速度，选项 D 正确。17B 解析：由题意知小球通过 B 点时的速度最大，则在 B 点时小球所受的电场力与重力平衡，有 mgqEB，解得 EBError! ；小球从 O 到 C 的过程中，由动能定理得qUOCmgh0，解得 UOCError!，又 UOCO C，O 0，可得CError!；由于 B 到 O 的距离未知，故
19、不能求出 OB 间的电势差，因此不能求出 B点的电势；小球在 C 点的加速度无法求出，因此 C 点的场强无法求出。选项 B 正确，选项ACD 错误。18A 解析：在 t=0.1s 时刻，线圈内磁场最强，磁通量最大，接着磁通量会变小，但磁场方向没变，所以根据楞次定律得知，线圈内产生感应电流的方向发生变化，故 A 正确；在t=0.15s 时刻，线圈内 B 为零，磁通量为零，接着磁通量会变大，由于磁场方向发生变化，所以根据楞次定律得知产生感应电流的方向不会发生变化，故 B 错误；在 t=0.1s 时刻，线圈内磁场最强，图线的斜率为零，故磁感应强度的变化率为零，此时磁通量变化率为零，产生的感应电动势为
20、零，感应电流则为零，故 C 错误；在 t=0.15s 时刻，线圈内磁场最弱，图线的斜率不是 最大，故此时磁感应强度的变化率不是最大，则磁通量变化率不是最大，产生的感应电动势就不是最大，感应电流的大小没有达到最大故 D 错误。19BC 解析：交流电通过电阻 R 时，其电流的变化周期等于原线圈的电流的变化周期，即为 0.02s，故电流方向每秒改变 100 次，选项 A 错误；根据焦耳定律可得： ，设变压器的副线圈的电压为 ，可得： ，两方程相比可得： ，选项8B 正确；根据理想变压器的变压比等于匝数比，则变压器原、副线 圈的匝数之比为，选项 C 正确；若将电阻 R 直接接在该交流电上，其消耗的功率
21、，选项 D 错误。20BD 解析：以 OF 为 x 轴，OP 为 y 轴，O 为原点，建立坐标系x 方向的初速度： 加速度y 方向的初速度：从 O 到 P 的时间： x 方向的位移为零，即 解得：，选项 A 错误；物体从 O 到 P 的位移 y=，选项 B 正确；因力 F 为恒力且和位移 y 垂直，故物体从 O 到 P 的过程中，力 F 做的功为零，选项 C 错误；从 O 到 P 的过程，由动能定理可得：因合外力做功为零，故物体到达 P 点速度大小为 v0，选项 D 正确。21BD 解析：从 x 轴入射的粒子在磁场中对应的弧长最长，所以该粒子最后到达 y 轴，而 y=R 的粒子直接沿直线做匀速
22、运动到达 y 轴，时间最短，故 B 正确，选项 A 错误；以沿 x 轴射入的粒子，根据几何关系有： =，则 sin=sin = ，根据9，可得： ，选项 C 错误；从 x 轴入射的粒子运动时间为：t1=，y=R 的粒子直接沿直线做匀速运动到达 y 轴，时间最短，则 t2= ，则，选项 D 正确。22 （6 分） （1）39.0（2 分） （2）逐渐增大到 39.8 cm/ s（2 分） 随着速度的增大磁铁受到的阻尼作用逐渐增大，最后等于重力的大小。 （2 分）解析：（1）根据计时点间的平均速度，粗略地表示各计数点的速度，来计算 4 点的瞬时速度的大小；打下 4 点的速度 v4= =39.0cm
23、/s 。（2）根据实验数据可知，在这段纸带记录的时间内，磁铁运动速度的变化情况是逐渐增大到 39.8cm/s，之后匀速运动，形成这种运动的原因是磁铁在铜管中受到电磁阻尼作用，随着速度的增大磁铁受到的阻尼作用是逐渐增大，最后等于重力的大小。23 （9 分） （1）如图甲所示（3 分） （2），左（2 分） （3）实物连线如图乙所示。 （2 分）（4） 117 （2 分）解析：（1）由于电源电动势为 1.5V，电压表 V 量程为 15V，达不到其量程的三分之一，故电压表不能使用；电流表 Gl(05mA，内阻为 300 )，由于内阻已知可做电压表使用，量程为 5mA300=1.5V；电源电动势为 1
24、.5V，未知电阻近似取 100，若用电流表G2(0 10mA，内阻为 50 )测其电流，可估算出电路最大电流约为 10mA。故电路设计如图甲所示。（2）由于题中给出滑动变阻器采用分压式接法，若选用滑动变阻器 R3 (01000 )，阻值比待测电阻大得多，调节不方便，不应选用。选用滑动变阻器 R4(0l0 )为好。滑片滑到最左端时，输出电压为 0，为保证安全，实验前将滑动触头 P 移至最左端。（3）实物连线如图乙所示。（4）在电路图中，设 G1 示数为 I1，G2 示数为 I2，则 ，所以10，有图丙可知斜率为 ，故 ，代入数据解得 Rx=11724. （13 分）解：设货车加速下行时的加速度大
25、小为 a1，由牛顿第二定律可知（2 分）解得： （2 分）由公式 （2 分）解得： （2 分）设货车在避险车道上行车时的加速度大小为 a2，由牛顿第二定律可知（2 分）解得： （1 分）由 （1 分）解得：x=16m（ 1 分）25.解：（1）由题意可知小物块在 CD 段做匀速直线运动，由 mg=qvB（2 分）得：v=4m/s（1 分）小物块在 AC 段由动能定理 qEL= （2 分）解得：L=2m（1 分）（2）由运动学公式有：L1+L2=vt- at2（2 分）解得：t=0.6s（1 分）（3）由法拉第电磁感应定律可得： （1 分）由闭合电路欧姆定律可得： （1 分）由电流的定义可得：q
26、=It （ 1 分）联立可得： （1 分）代入数据可得：q=0.8C（1 分）由能量转化与守恒： （2 分）11由运动学公式有： （2 分）解得： 0.15J（1 分）34.（1）BCE （ 2） 解析：（1）由图乙可知，t=0.10s 时，质点 Q 的速度方向沿 y 轴负向，选项 A 错误；根据波动和振动的关系，可知该波沿 x 轴负方向传播，选项 B 正确，质点 P 的速度方向向上，选项 E 正确；由图象和波速公式可得： ，选项 C 正确；由于 P 点不是在波峰或波谷或者平衡位置，故从 t = 0.10s 到 t=0.25 的 周期内，通过的路程不等于3A = 30cm，选项 D 错误。（2
27、）光射到 AB 面上的入射角等于临界角时，光刚好发生全反射而不能从 AB 面直接射出，此时该单色光到 OB 的距离的 ONRsin C （1 分）临界角 sin CError!（1 分）所以 n= （1 分）满足问中的单色光在棱镜中入射时的路程 s1Rcos CR R（2 分）反射时的路程 s2Error!（2 分）光在棱镜中的传播速度 vError!（1 分）故光在棱镜中的传播时间为 tError! （2 分）35.（1）BCE （2） 解析：（1）电子运行的轨道也是分立的，不是任意的，选项 A 错误； 粒子发生偏转是因为 粒子在运动过程中受到了原子核的库仑斥力，而少数 粒子发生了较大偏转，
28、说明原子核很小，而原子的大部分质量都集中在原子核上，故选项 B 正确；光电效应实验说明光具体粒子性，选项 C 正确；根据左手定则，可知射线甲带负电，即为 粒子，选项 D错误；当满足一定条件时，中等大小的核的比结合能最大，平均每个核子的质量亏损最大，这些核最稳定，选项 E 正确。（2）车与墙碰后瞬间，小车的速度向左，大小为 v0，故由动量定理得 Ft2Mv0（2 分）解得 F1600 N （2 分）车与墙碰后瞬间，铁块的速度未变，其大小仍是 v0，方向向右，根据动量守恒定律知，12小车与铁块相对静止时，设为 v，则有 Mv0mv0 (Mm)v（2 分）根据能量守恒定律，有 QError! (Mm)vError!Error!(mM)v2（2 分）解得 d8m（2 分）
