1、庆阳二中 2018-2019 学年度第一学期高二物理（理科）第三次月考卷命题人：何金庆 审题人：文 选考试范围：选修 3-1 考试时间：100 分钟注意事项：1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息；2请将答案正确填写在答题卡上。一、单项选择（每题 3 分，共 24 分）1.如图所示，用绝缘柱支持的导体 A 和 B 彼此接触，起初它们不带电，贴在两端下部的金属箔是闭合的。把带正电的物体 C 移近 A 端，然后把 A 和 B 分开较远的距离，再移去 C，则（ ）A. C 移近 A 端时，A 端的金属箔张开，B 端的金属箔闭合B. C 移近 A 端时， A 端的金属箔闭合， B 端的金属箔张开C
2、. A 和 B 分开，移去 C 后，B 端的金属箔会立即闭合D. A 和 B 分开，移去 C 后，A 端的金属箔仍会张开2.图中虚线是用实验方法描绘出的某一静电场中的一簇等势线，若一不计重力的带电粒子从 a 点射入电场后恰能沿图中的实线运动，b 点是其运动轨迹上的另一点，则下述判断正确的是（ ）A. b 点的电势一定高于 a 点B. b 点的场强一定大于 a 点C.带电粒子一定带正电 D.带电粒子在 b 点的速率一定小于在 a 点速率3.“电子伏特（ev） ”属于下列哪一个物理量的单位 ( )A. 能量 B. 电压 C. 电流 D. 电荷量4.如图所示，图线 a 是某一电源的 U I 曲线，图
3、线 b 是一定值电阻的 U I 曲线. 若将该电源与该定值电阻连成闭合电路，已知该电源的内阻 r2.0 ，则说法错误的是( )A.该定值电阻为 6 B.该电源的电动势为 20 VC.将 2 只这种电阻串联作为外电阻，电源输出功率最大D.将 3 只这种电阻并联作为外电阻，电源输出功率最大5.两个电压表 V1和 V2是由完全相同的两个电流表改装而成的，V 1量程是 5V，V 2量程是 15V。现把 V1和 V2串联起来测量 15V20V 电压。下列说法中正确的是( )A. V1和 V2的示数相同B. V1和 V2指针偏转的角度相同C. V1和 V2示数不同，指针偏转的角度也不同D. V1和 V2的
4、示数与 V1和 V2的内阻成反比6.如图所示的电路，电压表的内阻很大，电流表的内阻很小，电源电动势和内阻一定，将变阻器的滑片 P 由 a 向 b 滑动时 ( ) A. 电压表的示数变大 B. 电流表的示数先变大再变小C. 灯泡亮度变大 D. ab 两端的电压升高7.如图所示，在平面直角坐标系中， a、 b、 c 是等边三角形的三个顶点，三个顶点处分别放置三根互相平行的长直导线，导线中通有大小相等的恒定电流，方向垂直纸面向里。对于顶点 c 处的通电直导线所受安培力的方向，下列说法中正确的是( )A.沿 y 轴正方向 B.沿 y 轴负方向 C.沿 x 轴正方向 D.沿 x轴负方向8.如图所示，水平
5、放置的两根平行直导线把空间分成 a、 b、 c 三个区域，导线中通有方向相反的大小不等的电流 I1和 I2，则磁感应强度为零的区域 ( )A.只可能出现在 b 区 B.可能同时出现在 a、 c 区C.只可能出现在 a、 c 区中的一个区域 D.a、 b、 c 中一定不存在磁感应强度为零的区域二、多项选择（每题 4 分，共 16 分）9.在如图所示的电路中，电源内阻不计为使电容器的带电量增大，可采取以下哪些方法( )A.增大 R1 B.增大 R2 C.增大 R3 D.减小 R110.如图所示，虚线框内为多用电表欧姆挡的内部电路， 、 为电表面板上的表笔插孔。下列说法正确的是_。A. 孔插黑表笔B
6、.用 “ ”挡测量时指针在 附近，应换用“ ”挡C.更换倍率测量电阻时，必须要重新进行欧姆调零D.要测量电路中某电阻的阻值，必须将该电阻与其他元件断开11.在如图所示的电路中，电源的电动势为 E，内电阻为 r。L 1、L 2是两个小灯泡。闭合 S后，两灯均能发光。当滑动变阻器的滑片向右滑动时（ ）A. L1变暗 B. L1变亮 C. L2变暗 D. L2变亮12.如图所示，边界 MN 下方有一垂直纸面向外的匀强磁场，一电子以速度 v 从点 O 射入MN，经磁场后能返回到 MN 边界上方，则以下说法正确的是( )A.电子从 O 点右边返回边界上方B.电子从 O 点左边返回边界上方C.当只增加射入
7、速度 v 时，则电子在磁场中运动的路程一定改变D.当只增加射入速度 v 时，则电子在磁场中运动的时间一定改变三、实验题（13 题 10 分，14 题 12 分，共 22 分）13.某同学用伏安法测量待测电阻的阻值现有器材为：待测电阻 R（阻值约为 5）电源（电动势 3V）滑动变阻器（阻值范围 010）电流表（量程 0.6A，3A电压表（量程 3V，15V）开关，导线若干实验要求在测量电路中将电流表外接，滑动变阻器起限流作用回答下列问题：（1）按照实验要求在图（a）中画出实物连线图（2）若已按实验要求接线，闭合开关后移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数始终约为3V，电流表的示数始终接近 0写出产生
8、这种现象的一个原因： _（3）在连线正确后，闭合开关电压表和电流表的示数分别如图（b）和图（c ）所示由图可知，电压表读数为_V，电流表读数为_A由此可得待测电阻的阻值为_（结果保留 3 位有效数字） 14.图 1 为某同学组装完成的简易多用电表的电路图， 和 是阻值已知的固定电阻， 和 是可变电阻，两电池的电动势 ，16 是 6 个档位，电阻档的中间刻E度为 15：（1）与 B 表笔相连的开关 S 接到位置_ （选填“1” “2”“3”“4”“5”或“6”）时是电压表的大量程；电流表的大小量程之比为_。（2）利用该多用电表的欧姆档直接测量某电压表的内阻，现将选择开关拨至“1k”档（另一档为小
9、量程） ，调零时，将 A、B 两表笔短接，通过调节图 1 中的_（填元件字母） ，使指针指在表盘右端电阻“0”位置。再将 A 表笔与电压表的_（填 “正”或“负” ）接线柱相连。测量时表针在图 2 所示位置，则电压表的内阻为_，若此时电压表的示数为 5.0V，则欧姆表内电池的电动势为_V.四、计算题（15 题 12 分，16 题 12 分，17 题 14 分，共 38 分）15.两个质量均为 m=2106 kg 的小球，悬于长 l=40 cm 的细丝线上丝线的另一点固定于同一点 O当使两球带上等量同种电荷后，两球互相排斥使两丝线间形成 =60的夹角（如图） 求每个小球的带电量16.有一起重机用
10、的是直流电动机，如图所示，其内阻 r0.8，线路电阻 R10，电源电压 U150 V，伏特表的示数为 110 V，求：（1）通过电动机的电流；（2）输入到电动机的功率 P 入 ；（3）电动机的发热功率 Pr，电动机输出的机械功率17.如图所示，在虚线 MN 的上方存在磁感应强度为 B 的匀强磁场，方向垂直纸面向内，质子和 粒子以相同的速度 0v由 MN 上的 O 点以垂直 MN 且垂直于磁场的方向射入匀强磁场中，再分别从 MN 上，A、B 两点离开磁场。已知质子的质量为 m，电荷为 e， 粒子的质量为 4m，电荷为 2e，忽略带电粒子的重力及质子和 粒子间的相互作用，求：（1）A、B 两点间的
11、距离；（2） 粒子在磁场中运动的时间。高二理科物理参考答案一、单项选择1、 【答案】D【解析】试题分析：将带电体 C 移近 AB 时，由于静电感应现象可知，A 端是近端，会感应出异种电荷，B 端是远端，会感应出同种电荷；当再把 A 和 B 分开，移去 C 后，A和 B 仍带不同种的电荷，故 A、B 端的金属箔仍会张开，选项 D 正确。考点：静电感应。2、 【答案】D【解析】A电场线与等势面垂直，由于电场线方向未知，所以无法判断电势的高低。故 A 错误；B a 点的等势面比 b 点等势面密，所以 a 点电场强度大于 b 点电场强度。故 B 错误；C轨迹的弯曲方向大致指向合力的方向，知电场力的方向
12、大致向左，但是电场强度的方向未知，所以无法判断电荷的电性。故 C 错误；D从 a 到 b 电场力做负功，动能减小，所以带电粒子在 b 点的速率一定小于在 a 点的速率。故 D 正确。故选：D.点睛：电场线与等势面垂直，等势面密的地方场强强，等势面疏的地方场强弱根据轨迹的弯曲，判断电场力的方向，根据动能定理比较出 a、b 两点的速率3、 【答案】A【解析】 “电子伏特（ev） ”属于能量的单位，故选 A.4、 【答案】C【解析】5、 【答案】B【解析】两伏特表串联，流过两伏特表表头的电流相等，两伏特表指针偏转角度相等，由于流过伏特表的电流相等而它们的内阻不同，则两伏特表两端电压不同，电压表读数不
13、同，故 B 正确，AC 错误；因是串联关系，电流大小一样，两表的示数与内阻成正比，即两表读数之比等于两伏特表内阻之比，故 D 错误；故选 B点睛：本题考查的是电压表的改装原理，电压表的内部电路为表头与分压电阻串联，相当于大电阻，符合欧姆定律6、 【答案】C【解析】AB.变阻器的滑片 P 由 a 向 b 滑动时，总电阻减小，总电流增大，电流表的示数变大，滑动变阻器左侧电阻与灯泡的并联电阻增大，电压增大，电源内电压增大，所以滑动变阻器右侧电阻的电压及电压表的示数变小，故 A 错误，B 错误；C. 左侧电阻与灯泡的并联电阻增大，电压增大，灯泡亮度变大，故 C 正确；D根据闭合电路的欧姆定律，U=E-
14、Ir，ab 两端的电压即路端电压降低，故 D 错误。故选：C。7、 【答案】B【解析】等边三角形的三个顶点 a、b、c 处均有一通电导线，且导线中通有大小相等的恒定电流由安培定则可得：导线 a、b 的电流在 c 处的合磁场方向水平向右再由左手定则可得：安培力的方向是竖直向下，指向 y 轴负向故 B 正确，ACD 错误，故选 B.点睛：从题中可得这一规律：通电导线的电流方向相同时，则两导线相互吸引；当通电导线的电流方向相反时，则两导线相互排斥该题也可以先由同向电流相互吸引分别求出 a 对 c 的作用力与 b 对 c 的作用力，然后求和8、 【答案】C【解析】根据安培定则判断得知：电流 I1在 a
15、 区域产生的磁场方向垂直纸面向外，在b、 c 区域产生的磁场方向垂直纸面向里；电流 I2在 a、 b 区域产生的磁场方向垂直纸面向里，在 c 区域产生的磁场方向垂直纸面向外；所以在 a、 c 两区域磁场方向相反，若磁感应强度大小相等，则可能出现磁感应强度为零的区域由于电流产生的磁场离电流越近磁场越强，所以合磁感应强度为 0 处离比较小的电流比较近，即在小电流的一侧所以不可能同时出现在 a、 c 区故只有选项 C 正确二、多项选择9、 【答案】BD【解析】根据串联电路分压式 U1U 2R 1R 2，又由于 EU 1U 2，故减小 R1或增加R2都会使电容器两端电压增加，从而增加电容器的带电量，故
16、选 B、D.10、 【答案】ACD【解析】 考点：实验：练习使用多用电表试题解析：由图示可以知道， 插孔与内置电源正极相连，则 插孔是“-”插孔， 孔应插黑表笔，A 选项正确;用 挡测量时，若指针指在 附近，说明所选档位太大，应换小挡，用 挡测量，B 选项错误;每次换倍率需要进行欧姆调零，C 选项正确;使用多用电表某电阻的阻值，必须将该电阻与其他元件或者电源断开，如果电阻与其他元件不断开，电阻和其他元件构成回路，这样测出的是回路的电阻，而不单是这个电阻的阻值所以测量电器中某电阻的阻值，必须将该电阻与其他元件断开测量，选项 D 正确。故选：ACD。答案：ACD11、 【答案】AD【解析】试题分析
17、：由电路图可知，滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路总电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流 I 变小，灯 电阻 不变，由 可知，灯 的实际功率变小，灯 变暗；电路电流 I 变小，电源内阻r、灯 电阻 不变，则并联电压 变大，灯 电阻 不变，灯的实际功率变大，则灯 变亮；AD 正确12、 【答案】AC【解析】由左手定则可知，电子刚进入磁场时受到的洛伦兹力垂直与速度斜向右上方，电子向右偏转，电子将从 O 点右侧返回边界上方，故 A 正确，B 错误根据粒子进入直线边界的磁场，进入时与边界的夹角与出来时与边界的夹角相同，即电子在磁场中做圆周运动转过的圆心角相同，由牛顿第二定律得：
18、qvB m，则电子轨道半径为 r ，由此可知，电子速度改变，电子在磁场中运动的圆弧长度即路程一定改变，故 C 正确；根据粒子进入直线边界的磁场，进入时与边界的夹角与出来时与边界的夹角相同，即电子在磁场中做圆周运动转过的圆心角 相同，所以电子在磁场中运动的时间t T，由于 T 知，电子速度变化不改变电子在磁场中运动的时间，故 D 错误三、实验题13、 【答案】 (1). (2). 待测电阻 R 断路 (3). 2.20 ； 0.48 (4). 4.58【解析】 （1）因为电源电动势为 3V，则电压表的量程选用 3V，根据欧姆定律知，电流的最大值大约 0.6A，则电流表量程选择 0.6A，待测电阻
19、 R（阻值约为 5） ，采用电流表外接法，滑动变阻器最大电阻大于待测电阻 R，滑动变阻器采用分流式，根据实物图进行连线。（2）闭合开关后移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数始终约为 3V，电流表的示数始终接近 0，产生这种现象的原因是待测电阻 R 断路，由于电压表内阻非常大，导致电流表电流接近 0，外电路断路时电压表示数等于电源电动势。（3）由图可知，电压表的读数为 2.20V，电流表的读数为 0.48A，根据欧姆定律得，待测电阻 。14、 【答案】 (1). 6 (2). (3). (4). 负 (5). (6). 6.5【解析】 （1）将表头改装成电压表时，与表头串联的电阻越大，改装后电压表
20、的量程越大；则与 B 表笔相连的开关 S 接到位置 6 时是电压表的大量程。开关 S 接到位置 1 时，电流表的量程 ；开关 S 接到位置 2 时，电流表的量程 ；则电流表的大小量程之比 。(2) 将选择开关拨至“1k”档（另一档为小量程）时，欧姆表的内阻比另一档时的内阻大，开关 S 接在位置 4，此时欧姆调零，应调节 。从欧姆表内部电源的正负极位置可知，电流从 A 表笔流入欧姆表；电压表连接正确时，电流从电压表的正接线柱流入，从电压表的负接线柱流出；则电流从电压表的负接线柱经 A 表笔流入欧姆表。故将 A 表笔与电压表的负接线柱相连。测量时表针如图所示，则电压表的内阻电阻档的中间刻度为 15
21、，开关拨至“1k”档时，欧姆表的内阻为，此时电压表读数为 5.0V，据闭合电路欧姆定律可得：。四、计算题15、 【答案】1.4410 8 C【解析】设小球在水平方向受到库仑力的大小为 F以右边的小球为研究对象，分析受力如图则根据平衡条件有： F=mgtan =mgtan30由库仑定律得： F=k =k联立得： Q=l =0.4 C=1.44108 C16、 【答案】(1)4 A (2)440 W (3)12.8 W 427.2 W【解析】(1)对电阻 R，根据欧姆定律得 I A4 A，电动机与电阻R 串联，则通过电动机的电流为 4 A.(2)电动机的输入功率是 P 入 UMI1104 W440
22、 W(3)电动机的发热功率 Pr I2r4 20.8 W12.8 W，根据能量转化和守恒定律得电动机输出的机械功率 P 机 P 入 Pr440 W12.8 W427.2 W.17、 【答案】 （1）02mvBe（2）【解析】 （1）质子进入磁场做半径为 1R的匀速圆周运动，洛仑滋力提供向心力，根据牛顿第二定律，2001veBm，得：01veB质子离开磁场时到达 A 点， O、 A 间的距离012mdR同理， 粒子在磁场中做圆周运动的半径为02vBe， 粒子离开磁场时到达 B 点，O、B 间的距离024mvdRBe则 A、B 两点间的距离021d（2） 粒子在匀强磁场中运动周期为204RmTvBe，则 粒子在磁场中运动的时间为t
