1、绝密考试结束前浙江省名校新高考研究联盟 2017 届第三次联考物理试题卷一选择题(本题共 13 小题，每小题 3 分，共 39 分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1下列哪个仪器测量的物理量不是国际单位制中的基本物理量A测力计 B刻度尺 C秒表 D托盘天平2手机给人民生活带来很多便利，如滴滴出行软件不仅极大的方便了出行的人们，更是缓解了城市交通中出租车的压力。下面三图是某位滴滴司机准备从某中学附近开往西溪印象城，设定好各项设置后去接了三位同行乘客的软件部分截图，下列说法正确的是甲 乙 丙 A图甲中“市内行程 今天 08:00”是滴滴司机出发时间，指的
2、是时间间隔 B图甲中“顺路程度 55%”，指的是位移大小有 55%重合C图乙中“九堡地铁站 九堡 距你起点 20.6km”，20.6km 指的是位移，其初始位置是起点。D图丙中研究汽车在导航图中的位置时，可把汽车看作质点3动物园的海洋馆深受小朋友的喜欢，其中“海狮顶球 ”节目因其互动性强而更深受小朋友的喜爱。如图所示为一海狮把球顶向空中，并等其落下。下列有关球的受力与运动的一些说法正确的是A球在最高处受到重力和海狮对它的顶力作用 B球在最高处时球的速度为 0，处于平衡状态C球在上升的过程中处于超重状态 D球在下落的过程中可认为只受重力作用4 “激流勇进”是一种常见的水上机动游乐设备，常见于主题
3、游乐园中。游客们在一定安全装置的束缚下，沿着设计好的水道漂行。其间通常会有至少一次大幅度的机械提升和瞬时跌落。图中所示为游客们正坐在皮筏艇上从高处沿斜坡水道向下加速滑行，在此过程中下列说法正确的是A合外力对游客做负功 B皮筏艇对游客不做功C重力对游客做正功 D游客的机械能增加 5如图所示是我国自己独立研制的“直 11”系列直升机，是一种小吨位直升机，用来当做轻型武装直升机或运输机。在直升机螺旋桨上有 A、B、C 三点，其中 A、 C 在叶片的端点，B 在叶片的中点。当叶片转动时，这三点A线速度大小都相等 B线速度方向都相同C角速度大小都相等 D向心加速度大小都相等6一个篮球从某一高度由静止下落
4、，并与坚硬的地面碰撞后原速反弹，最后运动到最高点（假设篮球运动过程中所受空气阻力恒定，设竖直向下为正方向） 。下列图象描述该运动过程正确的是 xtxtvtvtV0-V0A B C D7公园里，经常可以看到大人和小孩都喜欢玩的一种游戏“套圈” ，如图所示是“套圈”游戏的场景。假设某小孩和大人站立在界外，在同一条竖直线上的不同高度分别水平抛出圆环，大人抛出圆环时的高度大于小孩抛出时的高度，结果恰好都套中前方同一物体。如果不计空气阻力，圆环的运动可以视为平抛运动，则下列说法正确的是A大人和小孩抛出的圆环在空中飞行的时间相等B大人和小孩抛出的圆环抛出时的速度相等C大人和小孩抛出的圆环发生的位移相等D大
5、人和小孩抛出的圆环在运动过程中速度变化率相等8下列关于电容器相关知识描述正确的是A图甲为电容器充电示意图，充完电后电容器上极板带正电，两极板间的电压 U 等于电源的电动势 E。B图乙为电容器放电示意图，若电容器上极板带电量为+Q，则放电过程中通过安培表的电流方向从右向左，流过的总电量为 2QC图丙为电解电容器的实物图和符号，图丁为可变电容器及其符号，两种电容使用时都严格区分正负极D图戊中的电容器上有“5.5V 1.0F”字样，说明该电容器只有两端加上 5.5V 的电压时电容才为 1.0F9电性未知的试探电荷 q 在电场强度为 E 的匀强电场中沿 2 条不同路径从 A 点移动到 B点，一条是直线
6、，另一条从 A 点先到 M 点再到 B 点，如图所示，下列有关说法正确的是： A从图中可以看出，电场中 A 点的电势高于 B 点，A 点的电场强度也大于 B 点A B C DB试探电荷 q 沿上述两种路径移动的过程中，电势能一定都变小了C试探电荷 q 沿上述两种路径移动的过程中，电场力做功一定相等D如果试探电荷从 A 沿直线到 B 的过程中电场力对它做负功，则该试探电荷带正电10高大建筑上都有一竖立的避雷针，用以把聚集在云层中的电荷导入大地。在赤道某地两建筑上空，有一团带负电的乌云经过其正上方时，发生放电现象，如图所示。则此过程中地磁场对避雷针的作用力的方向是A向东 B向南 C向西 D向北11
7、硅光电池是一种太阳能电池，具有低碳环保的优点。如图所示，图线 a 是该电池在某光照强度下路端电压 U 和电流 I 的关系图象（电池电动势不变，内阻不是常量） ，图线 b 是某电阻 R 的 U-I 图象，倾斜虚线是过 ab 交点的 a 的切线。在某光照强度下将它们组成闭合回路时，下列相关叙述说法正确的是A此时硅光电池的内阻为 12.5 B此时硅光电池的输出功率为 0.2WC此时硅光电池的总功率为 0.72WD此时硅光电池的输出效率为 40%12 2016 年 10 月 19 日 3 时 31 分，神舟十一号载人飞船与天宫二号空间实验室成功实现自动交会对接，此时天宫二号绕地飞行一圈时间为 92.5
8、min，而地球同步卫星绕地球一圈时间为 24h，根据此两组数据我们不能求出的是A天宫二号与地球同步卫星的角速度之比B天宫二号与地球同步卫星的离地高度之比C天宫二号与地球同步卫星的线速度之比D天宫二号与地球同步卫星的加速度之比13如图所示，将一带电小球 A 通过绝缘细线悬挂于 O点。现要使细线偏离竖直线 30角，可在 O 点正下方的 B 点放置带电量为 q1 的点电荷，且 BA 连线垂直于 OA；也可在 O 点正下方 C 点放置带电量为 q2的点电荷，且 CA 处于同一水平线上。则 为1A B C D122332二选择题(本题共 3 小题，每小题 2 分，共 6 分每小题列出的四个备选项中至少有
9、一个是符合题目要求的全部选对的得 2 分，选对但不全的得 1 分，有选错的得 0 分)14 【 加试题 】图甲是交流发电机的示意图，发出的电直接输出到理想变压器的原线圈，为交流电压表。变压器的副线圈接有三个支路，每个支路接有相同规格的小灯泡 VL1、 L2 和 L3，且 L2 串有理想电感 L、 L3 串有电容器 C 。发电机两磁极 N、S 间的磁场可视为水平方向的匀强磁场。线圈绕垂直于磁场的水平轴 OO沿逆时针方向匀速转动，从图示位置开始计时，产生的交变电流随时间变化的图象如图乙所示。以下判断正确的是3030ABOACOA图甲线框位置叫中性面，此时所产生的感应电动势最大，图乙可得，此时电压表
10、示数为 10VB线圈转动的角速度为 100 rad/s，0.02 s 时线框内电流的流向是：DCBAC如果灯泡 L1 恰好正常发光，那么 L2、 L3 两小灯泡都能发光但比 L1 要暗D增大线圈的转动速度，L 1、 L2、 L3 三个小灯泡的亮度均不会变化15 【 加试题 】氢原子能级图如甲图所示，一束光子能量为 12.75eV 的单色光照射处于基态的一群氢原子上，这群氢原子吸收光子后处于激发态，并能发出一系列的光子，发出的光子束照到逸出功为 3.7eV 的金属镁表面，部分入射光使镁发生了光电效应，若能使镁发生光电效应的其中一种频率的光为 a 光，不能使镁发生光电效应的其中一种频率的光为 b
11、光，则下列有关说法中正确的有 A氢原子吸收光子后所发出的光子频率有 6 种B有三种不同频率的光子可使镁发生光电效应C a 光和 b 光同时入射到同一平行玻璃砖中，如乙图所示，a 光有可能在 B 界面处发生全反射，b 光不可能Da、 b 光用同一装置进行双缝干涉实验，b 光的明暗相间的条纹间距更小16 【 加试题 】下列几幅图的有关说法中正确的是（ ）第 16 题图甲 第 16 题图乙 第 16 题图丙 第 16 题图丁A甲图中少数 粒子发生了较大角度偏转，是由于原子的全部正电荷和绝大部分质量集中在一个很小的核上B乙图中射线丙由 粒子组成，每个粒子带两个单位正电荷，射线乙不带电，是高速运动的中子
12、流C丙图中强黄光和弱黄光曲线交于 u 轴同一点，说明发生光电效应时最大初动能与光的强度无关D丁图为粒子通过气泡室时的照片，通过照片可以分析粒子的动量、能量及带电情况三非选择题(本题共 7 小题，共 55 分)17 (5 分)利用图示装置可以做力学中的许多实验。（1 ）利用此装置做“ 探究小车速度随时间变化的规律”的实验时，_（选填“需要”或“不需要”）消除小车和木板间的摩擦阻力的影响。利用此装置做“探究做功与物体速度变化的关系”的实验时，在不改变小车所受拉力的情况下，通过测量不同位移下的速度变化，_（选填“需要”或“ 不需要”） 消除小车和木板间的摩擦阻力的影响。（2 ）在探究“加速度与力和质
13、量的关系”实验中需要平衡摩擦力，操作最佳的是_ _A在平衡摩擦力时要把装砂小桶的细线系在小车上，小车拖着纸带并开启打点计时器开始运动。B在平衡摩擦力时不能把装砂小桶的细线系在小车上，小车不用拖着纸带开始运动。C在平衡摩擦力时不能把装砂小桶的细线系在小车上，小车拖着纸带并开启打点计时器开始运动。D在平衡摩擦力时要把装砂小桶的细线系在小车上，小车不用拖着纸带开始运动（3 ）在探究“加速度与力、质量的关系”实验中小车平衡摩擦力时的判断依据是_ _A通过认真观察小车在长木板上的运动是匀速直线运动B小车可在长木板上任意位置静止C测量纸带上各打点之间的距离是均匀的（4 ）如下图是某一实验打出的一条纸带，其
14、局部放大如下右图所示。则 D 点的读数是_cm。18 (5 分)小王同学想要探究影响导体电阻的因素与电阻丝的横截面积相关外，还有哪些相关因素，他找来了电阻定律实验器。电阻定律实验器规格：将一根细铜丝连接在 ae 间，横截面积相同的细铁丝连接在 bf 间，再将一根横截面积相同的镍铬丝一端接在 g 处，接下来拉直后接到 c 处，再接到 d 处，最后接在 h 处。（1）为了测定电阻丝的电阻大小，小王经分析后，正确地选用了伏安法中的变阻器的分压式接法、电流表的外接法。在测量细铜丝电阻时的实物连接如图所示，闭合开关 S 前请老师检查，老师指出图中标示的、两根连线有一处错误，错误连线是_( 选填“” 或“
15、”)；图中标示的 、和三根连线有一处错误，错误连线是_( 选填“ ”“”或“”)。（2）接下来某次测量中（已采用正确的测量电路） ，小王将导线连线接 g 上，导线连接在 c 上，改变滑线变阻器多次测量得电阻 R1。再将导线连接到 h 处，多次测量得电阻 R2。小王认为，若 R2=2R1，则说明导体的电阻在其它因素不变情况下，与长度成正比。你认为上述操作中存在的问题是：_(指出问题即可)（3） “探究导体电阻与其影响因素的关系”，实验方法与下列哪个实验的方法是相同的：_A探究合力与分力的关系 B探究加速度与力和质量的关系C探究做功与速度之间的关系 D探究小灯泡伏安特性曲线19 (9 分)将一质量
16、 m=0.1kg 的圆球套在与水平面成 37角的细直杆上，对球施加水平向右F=2N 的恒力，刚好能够使其匀速上滑。现使该力转过 90o 角，方向变为竖直向上，从细杆底端静止开始运动经过时间 t1=2s 后撤去外力 F，求：（ 取 g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）（1 ）圆球与细杆之间的动摩擦因数 。（2 ）圆球刚撤去外力时的瞬时速度。（3 ）圆球沿细杆上滑的最大距离。20（12 分）如图所示，质量为 m=0.2kg 可看作质点的小物块静止放在半径 r=0.8m 的水平圆盘边缘上 A 处，圆盘由特殊材料制成，其与物块的动摩擦因数为 1=2。倾角为=370的斜面轨道与水平
17、轨道光滑连接于 C 点，小物块与斜面轨道和水平轨道存在摩擦，动摩擦因数均为 2=0.4，斜面轨道长度 LBC=0.75m， C 与竖直圆轨道最低点 D 处的距离为 LCD=0.525m，圆轨道光滑，其半径 R=0.5m。开始圆盘静止，后在电动机的带动下绕轴转动，在圆盘加速转动到某时刻时物块被圆盘沿纸面水平方向甩出（此时圆心 O 与 A 连线垂直纸面），后恰好切入斜面轨道 B 处后沿斜面方向做直线运动，经 C 处运动至 D，在 D 处进入竖直平面圆轨道，绕过圆轨道后沿水平轨道向右运动。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。（sin37 =0.6,cos37=0.8，g 取 10m/s2）试求： （1）圆
18、盘对小物块 m 做的功。（2）物块刚运动到圆弧轨道最低处 D 时对轨道的压力。（3）假设竖直圆轨道可以左右移动，要使物块能够通过竖直圆轨道，求竖直圆轨道底端D 与斜面轨道底端 C 之间的距离范围和小物块的最终位置。21（4 分）【加试题】某同学在“探究单摆周期与摆长的关系”实验中，在用铁架台搭建好单摆后先测量摆线的长度，其过程如下：其中悬挂最佳的是图_（填甲、乙、丙）这样做的目的是_ _(填选项前的字母代号).A保证摆动过程中摆长不变 B可使周期测量得更加准确 C保证摆球在同一竖直平面内摆动某同学采用了如下图所示方法测量摆长：摆球直径用游标卡尺进行测量，测量方法和游标刻度如下图所示，则摆球的直
19、径是_mm。本单摆的摆长是_m。 （请注意单位，本空保留四位有效数字）22(10 分) 【加试题】平行直导轨由水平部分和倾斜部分组成，导轨间距 L=0.5m，PQ 是分界线，倾斜部分倾角为 =30，PQ 右侧有垂直于斜面向下的匀强磁场 B2=1T，PQ左侧存在着垂直于水平面但方向未知大小也为 1T 的匀强磁场 B1，如图所示。质量m=0.1kg、电阻 r=0.1 的两根金属细杆 ab 和 cd 垂直放于该导轨上，其中 ab 杆子光滑，cd 杆与导轨间的动摩擦因数为 = ，导轨底端接有 R=0.1 的电阻。开始时 ab、cd32均静止于导轨上。现对 ab 施加一水平向左的恒定外力 F，使其向左运
20、动，当 ab 棒向左运动的位移为 x 时开始做匀速直线运动，此时 cd 刚要开始沿斜面向上运动（仍保持静止），再经 t=0.4s 撤去外力 F，最后 ab 棒静止在水平导轨上。整个过程中电阻 R 的发热量为 Q=1.0J。（g=10m/s 2）（1）判断 B1 磁场的方向。（2）刚撤去外力 F 时 ab 杆子的速度 v。（3）求杆子 ab 的最大加速度 a 和加速过程中的位移 x。23(10 分) 【加试题】如图所示，真空中 MN 上方半径为 R 的虚线所围的圆形区域内存在匀强磁场，磁场方向与纸面垂直。在磁场右侧有长为 2R 间距为 R 的平行金属板所形成的匀强电场，具体分布在矩形 ACFD
21、内。矩形中心线 O1O2 与磁场区域的圆心 O 在同一直线上，O 1 也是圆周上的一点， BAO1DE 在同一竖直线上，BA、DE 为挡板。有一群电荷为+q、质量为 m 的带电粒子以速率 v0 从圆周上的 a 点飞入，其方向与 aM 成001800 角且分布均匀地射出，每秒内射出的带电粒子数总为 N0，某一沿 aO 方向射入磁场的粒子从 O1 点飞出磁场进入右侧电场，并恰好从 DF 边缘 F 点离开电场，最后垂直打到探测板 PQ 上。（不计粒子的重力及粒子间的相互作用）（1）求电场强度 E 和磁场的磁感应强度 B 的比值。（2）求探测板 PQ 与 MN 的夹角 的正切值和每秒垂直打在荧光屏 P
22、Q 上的粒子数 n。（3）若打在平行金属板 DF 上的粒子被全部吸收，打在探测板 PQ 上的粒子全部被探测板反向弹回，弹回速度大小不变，求从电场中射出的粒子对探测板的平均作用力的大小。（没有飞入 ACFD 的粒子均被 AB、DE 挡板拦截）浙江省名校新高考研究联盟 2017 届第三次联考物理参考答案（1 13 题，每小题 3 分，共 39 分）1、 A 2、D 3、D 4、C 5、C 6、D 7、D8、 A 9、C 10、C 11、C 12、B 13、B ；（14 16 题每小题 2 分，漏选得 1 分，共 6 分）14、 BC 15、AB 16、ACD17、 （ 5 分） （每空 1 分）（
23、1 ）不需要 不需要 （2）C （3）C （4 ）10.00 （9.9510.05）18、 （ 5 分） （1 分） （1 分） ； 没有考虑 cd 间的电阻 （1 分） ； B （2 分）19、 （ 9 分） （1）Fcos=mgsin+F NFN=Fsin+mgcos 得 =0.5 3 分（2 ） Fsin-mgsin-(Fcos-mgcos)=ma1 a1=2m/s2 2 分v1=a1t1=4m/s 1 分（3 ） X1=a1t12/2=4m 1 分mgsin+mgcos=ma2 a2=10m/s2 1 分2a2X2=v12 X2=0.8m X=X1+X2=4.8m 1 分20、 （ 1
24、2 分）解得：（1 ）小物块刚滑出圆盘时最大静摩擦力提供向心力，由牛顿第二定律可得：mg=m v=4m/s 2 分2小物块获得的动能即为圆盘对小物块做的功，由动能定理可得：WA= 得：W A=1.6J 2 分122（2 ）物块正好切入斜面，可得：斜面上小物块的水平速度 v0=4m/s，由平抛运动知识可得，在 B 处的竖直方向速度为 v=3m/s， 1 分=22=0.45由 LBC=0.75m 可得，h B=0.45m， 从 A 处运动到 D 处，由动能定理得：vD=5m/s 1 分对 D 处小物块进行受力分析，由牛顿第二定律可得：1 分=2 =12由牛顿第三定律可得：物块对圆弧的作用力大小为
25、12N，方向竖直向下。 1 分（3 ）物块刚能通过竖直圆可判断出物块在最高点 E 处支持力为 0，由牛顿第二定律可得:=2 =5/2=122122 =5/即可判断出：DC 之间距离不大于 0.525m 时物块可通过竖直圆。 2 分最后物块必定停止，由动能定理可得：即最后物块停在离 C 位置 3.65m 处。 2 分21、 （ 4 分）乙 （1 分） A （1 分） 14.0014.06（1 分） 0.48300.4845（1 分）22、 （ 10 分）（1 ）由左手定则可判断电流从 c 流向 d，由右手定则可判断，B 1 的方向为竖直向下。2 分（2 ）当 cd 即将开始向上运动时， cd 杆
26、子受力平衡，可得：B2IcdL=mgsin+mgcos 得：I cd=2.5A 2 分Iab=2Icd由闭合电路欧姆定律和法拉第电磁感应定律可得：B 1Lv=Iab(R+R/2) v=1.5m/s 2分（3 ）当速度达到最大时 ab 杆子受力平衡，即 F=B1IabL F=2.5N 1 分而杆子刚开始运动时水平方向只受拉力作用，此时加速度最大，F=ma a=25m/s2 1 分对 ab 杆子进行分析， ab 从开始到最后，其初末速度都为 0，由动能定理可得：Fx/+WA=0-0 WA=-6Q x/=2.4m 1 分x=x/-vt=1.8m 1 分23、 (10 分)（1 ）带电粒子从 ao 方
27、向射入，从 O1 方向射出，其反向沿长线必经过 O 点，可得轨迹圆的半径与区域圆的半径是相同的，即都为 R1 分=20 =0带电粒子在电场中的运动是类平抛运动，可得2R=v0t 1 分2=2 =2041 分=04（2 ）带电粒子从 F 点飞出时，水平方向的速度仍为 v0 竖直方向速度为 vy=v0/2 由数学知识可得2 分2tan0yv从 O1 射出去的粒子与 aM 成 900，此时刚好打到斜面上，可知，只有从 A 处水平进入的同样的带电粒子会从 O2 点出来垂直打到斜面上。由数学知识可得，此时带电粒子从 a 处进入的方向与 aM 成 600，即在 a 处入射的粒子能够打到极板上的大小是 300,由此得 N=N0/6 2 分（3 ）带电粒子从电场中出射速度大小为 ： v= 1 分20+2=5204对粒子进行分析，由动量定理可得 ： Ft0=Nmv-(-Nmv) 1 分得 65mvNF由牛顿第三定律可得，粒子对探测板的平均作用力大小为 1 分065mvNF版权所有：高考资源网()
