1、成都龙泉中学 2018 届高考模拟考试试题（二）理科综合物理能力测试一、选择题（本题共 13 小题，每小题 6 分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1. 物理学发展史上，首先把实验和逻辑推理和谐结合起来的科学家是A. 亚里士多德 B. 伽利略 C. 牛顿 D. 法拉第【答案】B【解析】A、亚里士多德的主要方法是思辩，故 A 错误；B、伽得略首先采用了以实验检验猜想和假设的科学方法，把实验和逻辑推理结合起来，故B 正确；C、牛顿在伽利略等人研究的基础上发现了牛顿运动三定律，故 C 错误；D、法拉第发现了法拉第电磁感应定律，故 D 错误故选 B。【点睛】本题考查物理学史，对于著
2、名物理学家、经典实验和重要学说要记牢，还要学习他们的科学研究的方法。2. 如图所示，电源电动势 E12V，内阻 r1.0，电阻R14.0，R 27.5，R 35.0，电容器的电容 C10 F.闭合开关 S，电路达到稳定后电容器的电荷量为A. 4.5105 C B. 6.0105 CC. 7.5105 C D. 1.2104 C【答案】B【解析】闭合开关 S，R 1和 R3串联，电容器的电压等于 R3的电压，为：；电容器上所带的电荷量 Q=CU=1010 -66.0C=6.010-5C；故选 B。点睛：本题是含有电容器的电路，分析电路时要抓住电路稳定时，电容器相当于开关断开，所在电路没有电流，其
3、电压等于所在支路两端的电压。3. 如图所示，两光滑直杆成直角竖直固定，OM 水平，ON 竖直，两个质量相同的有孔小球A、B(可视为质点)串在杆上通过长为 L 的非弹性轻绳相连，开始时小球 A 在水平向左的外力作用下处于静止状态，此时 OB ，重力加速度为 g，现将外力增大到原来的 4 倍(方向不变)，则小球 B 运动到与 O 点的距离为 时的速度大小为A. B. C. D. 【答案】C【解析】开始时 A 到 O 的距离：A 向右的距离： B 上升的距离： 此时细绳与竖直方向之间夹角的正切值：tan= ，则得 cos=0.6，sin=0.8由运动的合成与分解知识可知：A 球的受到与 B 球的速度
4、之间的关系为为：vBcos=v Asin可得 v B= vA以 AB 球组成的整体为研究对象，拉力和重力对系统做功，由动能定理得：F Smg h联立以上方程解得： vB选项 C 正确。故选 C.4. 如图所示，某同学把布娃娃“小芳”挂在“魔盘”竖直壁上的可缩回的小圆柱上、布娃娃“盼盼”放在“魔盘”底盘上，用手摇机械使“魔盘”转动逐渐加快，到某一转速时匀速转动，他发现小圆柱由于离心已缩回竖直壁内， “小芳”悬空随“魔盘”一起转动， “盼盼”在底盘上也随“魔盘”一起转动若魔盘半径为 r，布娃娃与魔盘的平面和竖直壁间的动摩擦因数均为 ，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力下列说法正确的是A. “小芳”受到重
5、力、摩擦力和向心力的作用B. “盼盼”放在底盘靠近竖直壁附近，也可能随“魔盘”一起转动C. 此时“魔盘”的转速一定不大于D. 此时“魔盘”的转速一定不小于【答案】D【解析】A 项：“小芳”受重力，弹力，摩擦力三个力作用，向心力为效果力，故 A 错误；B 项： “盼盼”放在底盘靠近竖直壁附近时，半径增大，做圆周运动所需要的向心力增大，静摩擦力增大，静摩擦力提供向心力，所以“盼盼”发生运动，故 B 错误；C、D 项：“小芳”做匀速圆周运动，由公式 ， ，联立解得：，故 D 正确。5. 如图所示，水平细杆上套一环 A，环 A 与球 B 间用一轻质绳相连，质量分别为 mA、 mB，由于 B 球受到风力
6、作用，环 A 与 B 球一起向右匀速运动已知绳与竖直方向的夹角为 ，则下列说法中正确的是A. B 球受到的风力 F 为 mBgtan B. 风力增大时，轻质绳对 B 球的拉力保持不变C. 风力增大时，杆对环 A 的支持力增大D. 环 A 与水平细杆间的动摩擦因数为【答案】A【解析】对球 B 受力分析如图 1 所示由平衡条件可知 A 正确；当风力增大时，由于 F 拉 T ， 增大， F 拉 增大，所以 B 错误；以整体为研究对象，受力分析如图 2 所示，竖直方向杆对环 A 的支持力与环 A 和 B 球整体受到的重力平衡，C 错误；水平方向上， mBgtan (mA mB)g，所以 D 错误6.
7、空间存在着平行于 x 轴方向的静电场. A、 M、 O、 N、 B 为 x 轴上的点， OAOB， OM ON， AB间的电势 随 x 的分布如图所示，一个带电粒子在电场中仅在电场力作用下从 M 点由静止开始沿 x 轴向右运动，则下列判断中正确的是A. 粒子一定带负电 B. 粒子从 M 向 O 运动过程中所受电场力均匀增大C. 粒子一定能通过 N 点 D. AO 间的电场强度大于 OB 间的电场强度【答案】ACD.考点：电势的变化与电场强度方向的关系。7. 在图甲所示电路中，流过二极管 D 的电流 iD如图乙所示，该电流可以看作是一个恒定电流和一个交变电流的叠加，流过电感和电容的电流分别为 i
8、L、i C.下列关于 iL、i C随时间 t变化的图象中，可能正确的是甲 乙A. B. C. D. 【答案】BC【解析】试题分析：电容通高频，阻低频，电感通低频，阻高频，根据题意可知通过电容的是交流电，通过电感的为恒定电流，BC 正确考点：考查电容和电感对交变电流的阻碍作用点评：本题难度较小，熟记并理解电容通高频、阻低频的作用，电感通低频、阻高频的作用效果不难判断本题8. 如图所示，理想变压器原副线圈匝数比为 21，原线圈接交流电 u20 sin100 t(V)，保险丝的电阻为 1 ，熔断电流为 2 A，电表均为理想电表下列说法正确的有A. 电压表 V 的示数为 14.1 VB. 电流表 A1
9、、A 2的示数之比为 21C. 为了安全，滑动变阻器接入电路的最小阻值为 4 D. 将滑动变阻器滑片向上移动，电流表 A1的示数减小【答案】CD【解析】原线圈电压有效值为 ，根据变压器原理可得，故电压表 V 的示数为 110V，A 错误；根据变压器原理可知，电流强度与匝数成反比，故电流表 A1、A 2的示数之比为 1：2，B 错误；保险丝的电阻为 1，熔断电流为 2A，为了安全，滑动变阻器接入电路的最小阻值为，C 错误；将滑动变阻器滑片向上移动，滑动变阻器接入电路的总电阻增大，副线圈电流强度减小，则原线圈的电流强度也减小，所以电流表 A1的示数减小，D 正确三、非选择题：本卷包括必考题和选考题
10、两部分。第 2232 题为必考题，每个试题考生都必须做答。第 3340 题为选考题，考生根据要求做答。9. 如图甲所示，一位同学利用光电计时器等器材做“验证机械能守恒定律”的实验有一直径为 d、质量为 m 的金属小球由 A 处静止释放，下落过程中能通过 A 处正下方、固定于 B处的光电门，测得 A、 B 间的距离为 H(Hd)，光电计时器记录下小球通过光电门的时间为t，当地的重力加速度为 g.则：(1)如图乙所示，用 20 分度的游标卡尺测得小球的直径 d_cm.(2)多次改变高度 H，重复上述实验，作出 随 H 的变化图象如图丙所示，当图中已知量t0、 H0和重力加速度 g 及小球的直径 d
11、 满足以下表达式：_(用 t0、 H0、 g、 d 表示，四个量均取国际单位)时，可判断小球下落过程中机械能守恒(3)实验中发现动能增加量 Ek总是稍小于重力势能减少量 Ep，增加下落高度后，则 Ep Ek将_(选填“增加” 、 “减小”或“不变”)【答案】 (1). 0.715 cm (2). 2 gH0t d2 (3). 增加【解析】(1)根据游标卡尺读数规则得读数为： ；(2)若要满足机械能守恒，则金属球减小的重力势能等于金属球增加的动能：，整理可以得到： ；（3）由于该过程中有阻力做功，而高度越高，阻力做功越多，故增加下落高度后，则将增加。点睛：本题为创新型实验，要注意通过分析题意明确
12、实验的基本原理才能正确求解，掌握游标卡尺的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读。10. 某实验小组设计了如图甲所示的电路，其中 RT 为热敏电阻，电压表量程为 ，内阻为RV 约 ，电流表量程为 ，内阻 ， R 为电阻箱。（1）该实验小组首先利用该电路进行描绘热敏电阻的伏安特性曲线的实验。闭合开关，调节电阻箱，记录不同情况下电压表示数 U1、电流表的示数 I 和电阻箱的阻值 R，在 坐标系中，将各组 U1、 I 的数值标记在相应位置，描绘出热敏电阻的部分伏安特性曲线如图乙中的曲线所示，为了完成该实验，应将导线 端接在_（选填“a”或“b” ）点；（2）利用（1）中记录的数
13、据，通过分析计算可得外电路的电压 U1，U2 的计算式为_；（用 U1、 I、 R 和 RA 表示）（3）实验小组利用（2）中的公式，计算出各组的 U2，将 U1 和 I 的数据也描绘在 坐标系中，如图乙中的直线所示，根据图像分析可知，电源的电动势 _V，内电阻 _；（4）实验中，当电阻箱的阻值调到 时，热敏电阻消耗的电功率 _W。 （保留两位有效数字）【答案】 (1). a 点 (2). (3). (4). (5). 0.78【解析】 （1）利用伏安法测电阻，由图象可知热敏电阻的阻值远小于电压表电阻，所以采用电流表外接法；故导线 c 应接在 a 点；（2）路端电压 U2等于外部各部分上的电压
14、之和；则根据串并联电路规律可知外电压：U2=U1+I（R+R A）（3）直线与 U 轴的交点为电动势，直线斜率的倒数为内阻；由图像可知电源的电动势为6.0，内电阻为 r= =5.0（4）等效电源内阻 r0=4.0+5+8.5=17.5； 在 I-U 图象中作等效电源的伏安特性曲线，如图所示；与热敏电阻的伏安特性曲线的交点坐标（2.4，0.2） 所以热敏电阻的电功率为P=2.40.2=0.48W；点睛：本题考查描述伏安特性曲线的实验，要注意本实验中要明确测量小电阻时电流表外接，测量较大电阻时采用电流表外接；并注意在实验中应用所学过的物理规律求解功率及电阻等11. 如图 1 所示，两滑块 A、B
15、用细线跨过定滑轮相连，B 距地面一定高度，A 可在细线牵引下沿足够长的粗糙斜面向上滑动。已知 mA=2 kg，m B=4 kg，斜面倾角 =37。某时刻由静止释放 A，测得 A 沿斜面向上运动的 v 一 t 图象如图 2 所示。已知 g=10m/s2，sin 37=0.6。求：(1)A 与斜面间的动摩擦因数；(2)A 沿斜面向上滑动的最大位移；(3)滑动过程中细线对 A 的拉力所做的功。【答案】(1) (2) (3) 【解析】 【试题分析】根据速度时间图线求出匀加速和匀减速直线运动的加速度大小，结合牛顿第二定律对两个过程列式，可求出动摩擦因数的大小和 A 的质量根据速度图象的“面积”求出 B
16、向上滑行的距离根据动能定理和动能和势能相等的条件列式(1)在 0-0.5s 内，根据图象， A、 B 系统的加速度为 对 A， 对 B， 得： (2)B 落地后， A 继续减速上升。由牛顿第二定律得将已知量代入，可得 故 A 减速向上滑动的位移为 考虑 0-0.5s 内 A 加速向上滑动的位移 所以， A 上滑的最大位移为 x=x1+x2=0.75m (3)A 加速上滑过程中，由动能定理： 得 W=12J 【点睛】本题主要考查了牛顿第二定律和动能定理的应用，要求同学们能正确对物体进行受力分析，注意整体法和隔离法的应用12. 如图甲所示， A、 B 为两块相距很近的平行金属板， A、 B 间电压
17、为 UAB U0，紧贴 A 板有一电子源，不停地飘出质量为 m，带电荷量为 e 的电子(可视为初速度为 0)。在 B 板右侧两块平行金属板 M、 N 间加有如图乙所示的电压，电压变化的周期 T L ，板间中线与电子源在同一水平线上。已知板间距 d ，极板长 L，距偏转板右边缘 S 处有荧光屏，经时间 t 统计( tT)只有 50%的电子能打到荧光屏上。 (板外无电场)，求：(1)电子进入偏转板时的速度；(2) 时刻沿中线射入偏转板间的电子刚射出偏转板时与板间中线的距离；(3)电子打在荧光屏上的范围 Y。【答案】(1) (2)0 (3) 【解析】 （1）设电子进入偏转板时的速度为 v，由动能定理
18、有： ，解得 。（2）由题意知，电子穿过偏转板所需时间：故在 时刻沿中线射入偏转板间的电子在电场方向上先加速再减速，然后反向加速度再减速，各段位移大小相等，故一个周期内，侧移量为零。（3）电子应在一个周期的时间内射出偏转板，而有 50%的电子由于偏转量太大，不能射出，经分析知电子在 ， (k=0，1，2)时进入偏转极板，能射出。，因为电子射入偏转板时，竖直方向速度为 0，所以电子打在荧光屏上的范围 。13. 下列说法不正确的是_(填正确答案标号。选对 1 个得 2 分，选对 2 个得 4分，选对 3 个得 5 分；每选错 1 个扣 3 分，最低得分为 0 分)A竖直玻璃管里的水银面不是平面，而
19、是“上凸”的，这是表面张力所致B相对湿度是空气里水蒸气的压强与大气压强的比值C物理性质表现为各向同性的固体一定是非晶体D压缩气体需要用力，这是气体分子间有斥力的表现E气缸里一定质量的理想气体发生等压膨胀时，单位时间碰撞器壁单位面积的气体分子数一定减少【答案】BCD【解析】竖直玻璃管里的水银面不是平面，而是“上凸”的，这是表面张力产生的浸润现象所致故 A 说法正确；空气的相对湿度等于水蒸气的实际压强与同温下水的饱和汽压的比值故 B 说法错误；物理性质表现为各向同性的固体可能是多晶体，不一定是非晶体故 C说法错误；气体之间分子距离很大，分子力近似为零，用力才能压缩气体是由于气体内部与容器外之间的压
20、强差造成的，并非由于分子之间的斥力造成故 D 说法错误；气缸里一定质量的理想气体发生等压膨胀时，根据理想气体的状态方程： 可知，压强不变而体积增大，则气体的温度一定升高；温度是分子的平均动能的标志，温度升高则分子的平均动能增大，单个分子对器壁的撞击力增大，压强不变则单位时间碰撞器壁单位面积的气体分子数一定减少，故 E 说法正确 所以选 BCD.14. 如图，体积为 V、内壁光滑的圆柱形导热气缸顶部有一质量和厚度均可忽略的活塞；气缸内密封有温度为 2.4T0、压强为 1.2P0的理想气体。 P0和 T0分别为大气的压强和温度。已知：气体内能 U 与温度 T 的关系为 U=aT， a 为正的常量；
21、容器内气体的所有变化过程都是缓慢的求：气缸内气体与大气达到平衡时的体积 V1；在活塞下降过程中，气缸内气体放出的热量 Q【答案】(1) 0.5V (2) 【解析】由理想气体状态方程得 解得：V 1= V 在活塞下降过程中，活塞对气体做的功为 W=P0（VV 1） 活塞刚要下降时,由理想气体状态方程得 解得：T 1=2T0； 在这一过程中，气体内能的变化量为U=（T 0T 1） 由热力学第一定律得，U=W+Q 解得：Q= p0V+T 0 视频15. 一列简谐横波沿 x 轴传播。t= 0 时的波形如图所示，质点 A 与质点 B 相距 lm，A 点速度沿 y 轴正方向；t=0.02s 时，质点 A
22、第一次到达正向最大位移处。由此可知（_） （填正确答案标号。选对一个得 2 分，选对两个得 4 分，选对三个得 5 分，每选错一个扣 3 分，最低得分为 0 分）A.此波沿 x 轴正方向传播B.此波的传播速度为 25m/sC.从 t=0 时起，经过 0.04s，质点 A 沿波传播方向迁移了 1mD.在 t=0.04s 时，质点 B 处在平衡位置，速度沿 y 轴正方向E 此列波不能和频率为 50 Hz 的横波发生干涉现象【答案】BDE【解析】t=0 时 A 点速度沿 y 轴正方向，由波形平移法知此波沿 x 轴负方向传播。故 A 错误。由题该波的波长为 =2m，T=40.02s=0.08s，则波速
23、 ，故 B 正确。简谐横波沿 x 轴传播，质点 A 只上下振动，并不沿波的传播方向迁移。故 C 错误。t=0 时质点 B向下运动，因为 t=0.04s=T/2，则在 t=0.04s 时，质点 B 处在平衡位置，速度沿 y 轴正方向。故 D 正确。此波的频率为 f= =12.5Hz，当两列波的频率相同时才能发生稳定的干涉。所以此列波不能和频率为 50 Hz 的横波发生干涉现象。故 E 正确。故选 BDE。点睛：对于波的图象问题，往往需要研究波的传播方向和质点的振动方向之间的关系，常用的方法有波形平移法、 “上下坡法” ，都要熟练掌握16. 高速公路上的标志牌都用“回归反射膜”制成，夜间行车时，它能把车灯射出的光逆向返回。这种“回归反射膜”是用球体反射元件制成的。如图所示，透明介质球的球心位于 O点，半径为 R，光线 DC 平行于直径 AOB 射到介质球的 C 点，DC 与 AB 的距离 H= 。若 DC光线经折射进入介质球，在介质球内经一次反射，再经折射后射出的光线与人射光线 CD 平行。试作出光路图，并计算出介质球的折射率。【答案】 【解析】光路如图所示光线经反射后到达介质与空气的界面时，由几何关系和折射定律得： ， 折射光线 PQ 与入射光线 DC 平行则： ， ，由图可知，折射角： 折射率
