1、2018-2019 学 年 黑 龙 江 省 鹤 岗 市 第 一 中 学 高 二上 学 期 第 一 次 月 考 （ 10 月 ） 物 理 试 题物 理注 意 事 项 ：1 答 题 前 ， 先 将 自 己 的 姓 名 、 准 考 证 号 填 写 在 试 题 卷 和 答 题 卡 上 ， 并 将 准 考 证 号 条 形 码粘 贴 在 答 题 卡 上 的 指 定 位 置 。2 选 择 题 的 作 答 ： 每 小 题 选 出 答 案 后 ， 用 2B 铅 笔 把 答 题 卡 上 对 应 题 目 的 答 案 标 号 涂 黑 ，写 在 试 题 卷 、 草 稿 纸 和 答 题 卡 上 的 非 答 题 区 域 均
2、 无 效 。3 非 选 择 题 的 作 答 ： 用 签 字 笔 直 接 答 在 答 题 卡 上 对 应 的 答 题 区 域 内 。 写 在 试 题 卷 、 草 稿纸 和 答 题 卡 上 的 非 答 题 区 域 均 无 效 。4 考 试 结 束 后 ， 请 将 本 试 题 卷 和 答 题 卡 一 并 上 交 。第 I 卷（选择题）一、单选题1如图所示，放在绝缘支架上带正电的导体球 A，靠近放在绝缘支架上不带电的导体 B，导体 B 用导线经开关 S 接地，现把 S 先合上再断开，再移走 A，则导体 B( )A 不带电 B 带正电 C 带负电 D 不能确定2安培提出了著名的分子电流假说，根据这一假说
3、，电子绕核的运动可等效为环形电流.设电荷量为 e 的电子以速率 v 绕原子核沿顺时针方向做半径为 r 的匀速圆周运动，关于该环形电流的说法，正确的是( )A 电流大小为 ，电流方向为顺时针 B 电流大小为 ，电流方向为顺时针C 电流大小为 ，电流方向为逆时针 D 电流大小为 ，电流方向为逆时针3如图所示，实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带正电粒子的运动轨迹，粒子先经过 M 点，再经过 N 点，可以判定( )A M 点的电势小于 N 点的电势B 粒子在 M 点的电势能小于在 N 点的电势能C 粒子在 M 点的速度大于在 N 点的速度D 粒子在 M 点的加速度小于在 N 点的加速度4如图所
4、示，电荷量为 Q1、 Q2的两个正点电荷分别置于 A 点和 B 点，两点相距 L，在以 L为直径的光滑绝缘半圆环上，穿着一个带电小球 q(视为点电荷)，在 P 点平衡，若不计小球的重力，那么 PA 与 AB 的夹角 与 Q1、 Q2的关系满足( )A B C D 5将悬挂在细线上的带正电的小球 A 放在不带电的金属空心球 C 内(不与球接触)，另有一个悬挂在细线上的带负电的小球 B 向 C 靠近，如图所示，于是有( )A A 向左偏离竖直方向， B 向右偏离竖直方向B A 的位置不变， B 向右偏离竖直方向C A 向左偏离竖直方向， B 的位置不变D A 和 B 的位置都不变6质量为 m 的物
5、块，带正电 Q，开始时让它静止在倾角 60的固定光滑绝缘斜面顶端，整个装置放在水平方向、大小为 E mg/Q 的匀强电场中，如图所示，斜面高为 H，释放物块后，物块落地时的速度大小为( )A B C D 此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 7如图所示，把一个平行板电容器接在电压 U10V 的电源上，现进行下列四步操作：闭合 S；在两板中央插入厚为 的金属板；断开 S；抽出金属板.则此时电容器两板间的电势差为( )A 0 B 10V C 5V D 20V二、多选题8电池给灯泡供电与人将球抛出在能量转化方面有相似之处，我们可以将电势能类比于重力势能，如图所示，下列说法正确的是(
6、)A 可以将电流通过灯泡时电流做功与抛球时人对球做功相类比B 可以将电池的非静电力做功与抛球时人对球做功类比C 可以将电流通过灯泡时电流做功与重力对球做功类比D 可以将电池的非静电力做功与重力对球做功类比9如图所示，在等量负电荷连线的中垂线上取 A、 B、 C、 D 四点， B、 D 关于 O 点对称，关于这几点场强大小正确的是( )A EA EB， EB ED B EA EB， EB ED C 可能有 EA EB EC D 可能有 EA EC EB10如图所示， A、 B、 C、 D、 E、 F 为匀强电场中一个边长为 10 cm 的正六边形的六个顶点，A、 C、 D 三点电势分别为 1.0
7、 V、2.0 V、3.0 V，正六边形所在平面与电场线平行.则( )A E 点的电势与 D 点的电势相等 B 电势差 UEF与电势差 UBC相同C 电场强度的大小为 10 V/m D 电场强度的大小为 V/m11静电计是测量电势差的仪器.指针偏转角度越大，金属外壳和上方金属小球间的电势差越大，实验装置如图所示.在本实验中，静电计指针和 A 板等电势，静电计金属壳和 B 板等电势，因此指针偏转角度越大表示 A、 B 两极板间的电势差越大.现对电容器充电后断开开关.若按图下方的说明来做实验，则( )A 甲图中两极板间电势差变大 B 乙图中两极板间电势差变大C 丙图中两板间电势差变小 D 丙图中两板
8、间电势差变大12如图所示，处于真空中的匀强电场与水平方向成 15角，直线 AB 与匀强电场 E 互相垂直.在 A 点以大小为 v0的初速度水平抛出一质量为 m，带电量为 q 的小球，经时间 t，小球下落一段距离过 C 点(图中未画出)时速度仍为 v0，在小球由 A 点运动到 C 点的过程中，下列说法中不正确的是( )A 电场力对小球做功为零 B 小球的电势能增加C 小球的机械能减少量为 D C 可能位于 AB 直线的左侧第 II 卷（非选择题）三、填空题13将一个电量为2.010 8 C 的点电荷，从零电势点 S 移到 M 点要克服电场力做功4.0108 J，则 M 点电势 _.若将该电荷从
9、M 点移到 N 点，电场力做功1.4107 J，则 N 点的电势 N_， MN 两点的电势差UMN_.14电路中有一段导体，给它两端加上 4 V 的电压时，通过它的电流为 10 mA，可知这段导体的电阻为_ ；如果给它两端加上 10 V 的电压，在单位时间内通过某一横截面的电荷量为_ C；如果要让导体的电流为 15 mA，则需要在其两端加上_ V 的电压.四、解答题15两个质量都为 3.0104 kg 的导体球，分别被两根长 0.04 m 的丝线吊在同一点上.让它们带上等量同种电荷后，两球互相排斥，至图所示位置平衡.(1)试求两球间静电力的大小和导体球所带的电量.(2)如果让其中一个小球的电荷
10、量减少一半，而另一个小球的电荷量加倍，小球还能在原位置平衡吗？16带电小球的质量为 m，当匀强电场方向水平向右时(图中未画出)，小球恰能静止在光滑圆槽形轨道的 A 点，图中角 30，如图所示，当将电场方向转为竖直向下时(保持匀强电场的电场强度大小不变)，求小球从 A 点起滑到最低点时对轨道的压力.17如图所示的电场，等势面是一簇互相平行的竖直平面，间隔均为 d，各面电势已在图中标出，现有一质量为 m 的带电小球以速度 v0、方向与水平方向成 45角斜向上射入电场，要使小球做直线运动，问：(1)小球应带何种电荷？电荷量是多少？(2)在入射方向上小球最大位移量是多少？(电场足够大)18如图所示虚线
11、 MN 左侧有一场强为 E1 E 的匀强电场，在两条平行的虚线 MN 和 PQ 之间存在着宽为 L、电场强度为 E22 E 的匀强电场，在虚线 PQ 右侧相距为 L 处有一与电场 E2平行的屏.现将一电子(电荷量为 e，质量为 m)无初速度地放入电场 E1中的 A 点，最后电子打在右侧的屏上， AO连线与屏垂直，垂足为 O，求：(1)电子从释放到打到屏上所用的时间；(2)电子刚射出电场 E2时的速度方向与 AO 连线夹角 的正切值 ；(3)电子打到屏上的点 P到点 O 的距离 x.2018-2019 学 年 黑 龙 江 省 鹤 岗 市 第 一 中 学 高 二上 学 期 第 一 次 月 考 （
12、10 月 ） 物 理 试 题物 理 答 案1C【解析】当闭合开关时 S，由于静电感应的作用，金属导体 B 右端带的正电荷会被从大地上来的负电荷中和，所以导体 B 右端不再带有电荷，左端带负电，再断开 S，再移走 A，则导体 B 带负电。故选 C。【点睛】本题是对静电感应现象的考查，根本的原因就是电荷之间的基本性质，即同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引.2C【解析】电子绕核运动可等效为一环形电流，电子运动周期为 ；根据电流的定义式得：电流强度为 ；因为电子带负电，所以电流方向与电子定向移动方向相反，即沿逆时针方向，故 C 正确。故选 C。【点睛】本题是利用电流强度的定义式求解电流，这是经常用到的
13、思路。要知道电流方向与正电荷定向移动方向相同，而与负电荷定向移动方向相反.3D【解析】沿电场线方向电势降低， M 点的电势大于 N 点的电势，所以 A 错；由 M 到 N 电场力做正功，电势能减小，动能增加，所以 BC 错误；电场线越密的地方电场强度越大，同一粒子所受电场力越大，由 ，故电场线越密的地方加速度越大，故 D 正确；故选 D.点睛：要知道静电力做正功，电势能减小；静电力做负功，电势能增加；电场线越密的地方电场力越大，加速度越大.4D【解析】对小球进行受力分析如图所示：根据库仑定律有： ，r 1=Lcos ，r 2=Lsin 根据平衡条件，沿切向方向的分力有：F 1sin=F 2co
14、s 联立解得： tan3 ，故 ABC 错误，D 正确。故选 D。5B【解析】A 在空心金属球内，由于静电感应，使得 C 外表面带正电，BC 相互吸引，所以 B 向右偏；而金属空腔可以屏蔽外部电场，所以 B 的电荷对空腔 C 的内部无影响，所以 A 位置不变。B 靠近 C时，改变的是 C 表面的电荷分布，但对于 C 内部空间的电场可认为没有影响，这也就是平时说的静电屏蔽。故 B 正确，ACD 错误。故选 B。【点睛】考查静电感应现象，掌握同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引并理解外部电场对空心球内部没有影响，即为静电屏蔽.6C【解析】对物块进行受力分析：物块受重力 mg 和水平向左的电场力 F物
15、块从静止开始沿重力和电场力的合力方向做匀加速直线运动。运用动能定理研究从开始到落地过程，得：mgH+FHcot= mv2-0；又 F=QE，cot=解得， v=2 ，故选 C。【点睛】正确分析研究对象的运动情况是解决问题的前提，根据题目已知条件和求解的物理量选择物理规律解决问题。要知道物体的运动是由所受到的力和初状态决定的。这个题目容易错误地认为物块沿着斜面下滑.7D【解析】步骤（1）中合上开关时，电压为 10V；步骤（2）加入金属板时，电势差仍然为 U=10V；打开 S 后，电量不变，抽出金属板可以等效为极板间距增加为 2 倍，根据公式 ，电容减小为原来的 ；由 C=Q/U 可知电压增加为
16、2 倍，即 U=2U=20V；故 D 正确，ABC 错误。故选 D。【点睛】本题是电容器的动态分析问题，关键明确电键闭合时，电压等于电源的电动势；电键断开后，电容器的带电量不变.8BC【解析】电源的作用是将其他形式的能转化为电能，人将球向上抛出的过程将人的能量转化为重力势能；电源做功的过程是电能转化为其他形式的能，重力做功的过程是重力势能转化为其他形式的能。电流通过灯泡时电流做功是把电能转化为其他形式的能，与之对应得是重力势能转化为其它形式的能，所以可以将电流通过灯泡时电流做功与重力对球做功相类比。故 A 错误，C 正确；电池的非静电力做功将其他形式的能转化为电能，人将球向上抛出的过程将人的能
17、量转化为重力势能，所以可以将电池的非静电力做功与抛球时人对球做功相类比。故 B 正确，D 错误；故选 BC.9CD【解析】根据两个等量同种电荷电场线分布的对称性可知：B、D 两点处电场线疏密程度一样，则有EB=ED。两个等量电荷连线的中垂线的特点是：O 点场强为零，无穷远处场强也为零，从 O 到无穷远处场强先增大后减小。由于电场线的疏密情况不能确定，可能有 EAE BE C，也可能有 EA=ECE B，故 CD 正确，AB 错误。故选 CD。【点睛】本题关键是要明确两个等量同种电荷连线的中垂线上的场强分布情况和电势分布情况，关键在于掌握电场线的物理意义：电场线的疏密表示电场强度的大小.10AD
18、【解析】在匀强电场中已知任意三点的电势确定第四点的电势高低，连接已知三点中的任意两点，在其连线上找到与第三点的等势点，连接这两点，过第四点做连线的平行线，与连线的交点的电势即为第四点的电势，以此类推其他各点的电势.已知正六边形所在平面与电场线平行，且 A、C、D 三点电势分别为 1.0V、2.0V、3.0V，延长 DC 且使 DC=CG，连接 BG，可知 UDC=UCG=1V，故 ABG 的电势相等为 1V；CF 电势相等为 2V，D、E 电势相等为 3V，故 A 正确。电势差 UEF=3-2=1V，电势差 UBC=1-2=-1V，B 错误； ，故 C 错误，D 正确；故选 AD.11ABC【
19、解析】图甲中当极板 B 向上移动时，正对面积减小，根据电容决定式 ，可知电容减小，根据 U=Q/C 可知，电量不变，由于电容减小，电势差则增大，选项 A 正确；图乙中，电容器板间距离变大，电容减小，根据 U=Q/C 可知电势差变大，选项 B 正确；图丙中插入电解质，电容增大，电容增大，根据 U=Q/C 可知电势差减小，选项 C 正确，D 错误；故选 ABC【点睛】有关电容器的问题主要考查对电容器的决定式： ，和电容器的定义式：C=Q/U 的理解和灵活应用情况，尤其注意公式之间的推导与换算.12ACD【解析】对小球受力分析，受重力和电场力，对小球的从抛出到 C 点的运动过程运用动能定理列式分析得
20、到电场力做功情况，根据电场力做功与电势能变化关系得到电势能的变化情况，根据重力做功与重力势能的变化关系得到重力势能的变化情况小球受向下的重力和沿电场线斜向下的电场力，则小球水平抛出后，必定没有回到原处，电场力做功不为零，故 A 错误；由动能定理，动能不变，合外力的功为零，重力做正功，电场力必然做负功，电势能增加，故 B 正确；小球的机械能的减少量即为竖直方向的重力势能的减少量 mgh，由于电场力向左下方，重力竖直向下，将合力沿着水平和竖直方向正交分解，竖直方向的合力大于重力，故在竖直方向的分运动的加速度 a 大于 g，竖直方向 h= at2 gt2，即 mgh mg2t2，故 C 错误；A、B
21、 两点等势，结合 B 选项可知，小球电势能增加，则 C 点必定在 AB 直线的右侧，故 D 错误；此题选择不正确的选项，故选 ACD。13-2V；5V；-7V【解析】由 WSM=qUSM得 USM V2 V而 USM= S- M 则 M= S-USM=（0-2）V=-2V由 WMN=qUMN 得 UMN V 7V而 UMN= M- N 得 N= M-UMN=5V【点睛】考查了电场力做功与电势能、电势、电势差的关系，注意克服电场力做功时电场力做负功；严格按各量的数值正负代入公式求解.14400； ；6【解析】由欧姆定律可知，导体的电阻为： ；加上 10V 电压时，电流为：；每秒内通过的电量为：Q
22、=It= 1=2.510-2C；让导体的电流为 15mA，所加电压为：U=IR=1510 -3400=6V15（1） （2）库仑力不变，小球能在原位置静止。【解析】（1）对其中一个球进行受力分析如图， ，得 F=mgtan 30= 10-3 N，由几何关系知两球间距离为 0.04 m又 ，由上解得：q= （2）如果让其中一个小球的电荷量减少一半，而另一个小球的电荷量加倍，库仑力不变，小球能在原位置静止。16 ，竖直向下【解析】设小球带电量为 q，电场强度大小为 E，当场强方向向右时，小球在 A 点受力如图.由平衡条件得：qE mg/tan30 mg.当场强方向竖直向下时，电场力的方向变为竖直向
23、下，小球从 A 到 B 的过程中，重力、电场力都做正功.由动能定理得：(mg qE)R(1sin30) mv20 v设小球到 B 点时受到的支持力为 .则： ( mg qE) mv2/R代入数据解得： 2( 1) mg由牛顿第三定律知，小球对轨道的压力F N2( 1) mg，方向竖直向下.考点：本题是力电综合问题，点评：要明确小球的受力和运动情况，把动能定理和牛顿运动定律结合运用求解动能定理的优点在于适用任何运动包括曲线运动17（1）正电， （2） 【解析】（1）如图所示，电场线水平向左，由题意可知，只有小球受到向左的电场力，电场力和重力的合力才有可能与初速度方向在一条直线上，所以小球带正电由
24、图可知，Eq=mg，又 E= ，所以解得：（2）由下图可知，=由动能定理，得：所以【点评】本题根据运动去判定受力，由于重力方向一定，且做直线运动，所以可确定电场力方向，再由电场线来确定电性及电量；根据受力分析，借助牛顿第二定律求出加速度，再由运动学公式来求出最大位移18（1） (2)2 (3)3L【解析】（1）电子在电场 E1中做初速度为零的匀加速直线运动，设加速度为 ，时间为 ，由牛顿第二定律得： ，由 得： ，电子进入电场 E2时的速度为： ，进入电场 E2到屏水平方向做匀速直线运动，时间为： ，电子从释放到打到屏上所用的时间为： ，联立求解得： ；（2）设粒子射出电场 E2时平行电场方向
25、的速度为 ，由牛顿第二定律得：电子进入电场 时的加速度为 ， ， ，电子刚射出电场 E2时的速度方向与 AO 连线夹角的正切值为 ，联立得 ；（3）带电粒子在电场中的运动轨迹如图所示：设电子打到屏上的点 P 到 O 点的距离 y，根据上图有几何关系得： （11），联立（11）得： 。【点睛】电子运动分三段，左侧电场初速度为零的匀加速直线运动，后做类平抛运动，最后做匀速直线运动，根据各自规律可求时间；在电场 E2中做类平抛运动，速度偏转角为 ；作出带电粒子的运动轨迹，根据几何关系可求得电子打到屏上的点 P到点 O 的距离 x本题考查带电粒子在电场中的加速和偏转，明确受力情况，根据力与运动关系找出运动规律即可求解
