1、1（人教）物理 2019 高考一轮选练练题（8）及答案李仕才一、选择题1、如图所示，粗糙水平面上有一固定的、粗糙程度处处相同的圆弧形框架 ABC，框架下面放置一块厚度不计的金属板，金属板的中心 O 点是框架的圆心，框架上套有一个轻圆环，用轻弹簧把圆环与金属板的 O 点固定连接，开始时轻弹簧处于水平拉伸状态用一个始终沿框架切线方向的拉力 F 拉动圆环，从左侧水平位置缓慢绕框架运动，直到轻弹簧达到竖直位置，金属板始终保持静止状态，则在整个过程中( )A沿框架切线方向拉力 F 逐渐减小B水平面对金属板的摩擦力逐渐增大C水平面对金属板的支持力逐渐减小D框架对圆环的支持力逐渐减小解析：选 C.弹簧伸长量
2、不变，弹簧的弹力大小 F不变，弹簧与水平方向夹角为 .金属板受重力 mg、支持力 N、弹簧的拉力 F和向右的静摩擦力 f 作用，水平方向 fFcos ，竖直方向 NFsin mg，得 NmgFsin ，随着 的增大，支持力不断减小，静摩擦力逐渐减小，故 B 错，C 对；圆环受弹簧的拉力、框架的支持力(大小不变为F)、拉力 F 和滑动摩擦力 f，有 FfF，故拉力大小不变，A、D 错2、(2017浙江嘉兴测试)如图所示是一种腹部先着水的跳水比赛,击水时水花最大者获胜,水花的大小主要取决于运动员入水时具有的动能.假设甲、乙两运动员都站在 3 m 高的平台上(甲、乙站立时的重心位置离平台均为 1 m
3、),其中质量为 120 kg 的甲简单地步出平台倒向水面.若质量为 100 kg 的乙要不输于甲,则需要通过起跳使自身重心至少升高约( B )A.0.6 m B.0.8 m C.1.6 m D.1.8 m解析:由机械能守恒定律,甲入水时动能为 Ek1=m1gH=12010(3+1)J=4 800 J;乙要不输于甲,乙入水时动能至少为 Ek2=m2g(H+h)=10010(3+1+h)J=4 800 J,解得 h=0.8 m,选项 B正确.23、在地面上以初速度 v0竖直向上抛出一小球，经过 2t0时间小球落回抛出点，其速率为v1，已知小球在空中运动时所受空气阻力与小球运动的速度成正比，则小球在
4、空中运动时速率 v 随时间 t 的变化规律可能是( )【答案】A【解析】小球上升过程中，由牛顿第二定律有 mg kv ma，故随速度的减小，加速度逐渐减小， vt 图象的切线斜率逐渐减小；小球下降过程中，由牛顿第二定律有 mg kv ma，则随速度逐渐增大，加速度逐渐减小， vt 图象的切线斜率逐渐减小；由于有阻力作用，故回到地面的速度将小于初速度 v0，选项 A 正确。4、图甲为两水平金属板，在两板间加上周期为 T 的交变电压 u，电压 u 随时间 t 变化的图线如图乙所示质量为 m、重力不计的带电粒子以初速度 v0沿中线射入两板间，经时间 T 从两板间飞出下列关于粒子运动的描述错误的是(
5、)At0 时入射的粒子，离开电场时偏离中线的距离最大Bt T 时入射的粒子，离开电场时偏离中线的距离最大14C无论哪个时刻入射的粒子，离开电场时的速度方向都水平D无论哪个时刻入射的粒子，离开电场时的速度大小都相等解析：选 B.粒子在电场中运动的时间是相同的；t0 时入射的粒子，在竖直方向先向上加速，然后向上减速，再向上加速直到离开电场区域，故 t0 时入射的粒子离开电场时偏离中线的距离最大，选项 A 正确；而 t T 时入射的粒子，在竖直方向先向上加速，然后减14速，再反向加速，反向减速最后直到离开电场区域，故此时刻射入的粒子离开电场时偏离中线的距离不是最大，选项 B 错误；因粒子在电场中运动
6、的时间等于电场变化的周期 T，根据动量定理，竖直方向电场力的冲量的矢量和为零，故所有粒子出离电场时的竖直速度为零，即最终都垂直电场方向射出电场，离开电场时的速度大小都等于初速度，选项 CD 正确；此题选择错误的选项，故选 B.5、(2017河南一模)如图所示,半径为 R 的光滑半圆弧绝缘轨道固定在竖直面内,磁感应强度为 B 的匀强磁场方向垂直于轨道平面向里.一可视为质点、质量为 m、电荷量为 q(q0)的3小球由轨道左端 A 无初速度滑下,当小球滑至轨道最低点 C 时,给小球再施加一始终水平向右的外力 F,使小球能以保持不变的速率滑过轨道右侧的 D 点.若小球始终与轨道接触,重力加速度值为 g
7、,则下列判断正确的是( AD )A.小球在 C 点受到的洛伦兹力大小为 qBB.小球在 C 点对轨道的压力大小为 3mg+qBC.小球从 C 到 D 的过程中,外力 F 的大小保持不变D.小球从 C 到 D 的过程中,外力 F 的功率逐渐增大解析:从 A 点运动到 C 点的过程中只有重力做功,根据动能定理得,mgR= mv2,解得 v= ,故小球在 C 点受到的洛伦兹力大小为 F 洛 =qBv=qB ,故 A 正确;由左手定则可知,小球向右运动到 C 点时若受到的洛伦兹力的方向向上,则有 N+qvB-mg= ,解得 N=3mg-qvB=3mg-qB ,故 B 错误;小球从 C 到 D 的过程中
8、,受力分析得,mgsin =Fcos ,速度方向与水平方向夹角 变大,重力沿切线方向的分力增大,所以水平外力 F 的大小增大,故 C 错误;小球从 C 到 D 的过程中小球的速率不变,而洛伦兹力和支持力不做功,所以拉力 F 的功率与重力的功率大小相等、方向相反.由运动的合成与分解可知,小球从 C 向 D 运动的过程中,竖直方向的分速度越来越大,所以重力的功率增大,外力 F 的功率也增大,故 D 正确.6、如图甲所示，两平行光滑导轨倾角为 30，相距 10 cm，质量为 10 g 的直导线 PQ 水平放置在导轨上，从 Q 向 P 看的侧视图如图乙所示导轨上端与电路相连，电路中电源电动势为12.5
9、 V，内阻为 0.5 ，限流电阻 R5 ，R为滑动变阻器，其余电阻均不计在整个直导线的空间中充满磁感应强度大小为 1 T 的匀强磁场(图中未画出)，磁场方向可以改变，但始终保持垂直于直导线g 取 10 m/s2.若要保持直导线静止在导轨上，则电路中滑动变阻器连入电路电阻的极值取值情况及与之相对应的磁场方向是( )A电阻的最小值为 12 ，磁场方向水平向右B电阻的最大值为 25 ，磁场方向垂直斜面向左上方C电阻的最小值为 7 ，磁场方向水平向左D电阻的最大值为 19.5 ，磁场方向垂直斜面向右下方4解析：选 D.磁场方向水平向右时，直导线所受的安培力方向竖直向上，由平衡条件有mgBIL，得 I
10、A1 A，由 I ，得 R7 ，故 A 错误；mgBL 0.011010.1 ER R r磁场方向垂直斜面向左上方时，直导线所受的安培力方向沿斜面向下，不可能静止在斜面上，故 B 错误；磁场方向水平向左时，直导线所受的安培力方向竖直向下，不可能静止在斜面上，故 C 错误；磁场方向垂直斜面向右下方时，直导线所受的安培力方向沿斜面向上，由平衡条件有 mgsin 30BIL，得 I 0.5 A，由 I ，得 R19.5 12 mgBL ER R r，即电阻的最大值为 19.5 ，故 D 正确7、(多选)如图所示，同一竖直面内的正方形导线框 a、b 的边长均为 l，电阻均为 R，质量分别为 2m 和
11、m.它们分别系在一跨过两个定滑轮的轻绳两端，在两导线框之间有一宽度为 2l、磁感应强度大小为 B、方向垂直竖直面的匀强磁场区域开始时，线框 b 的上边与匀强磁场的下边界重合，线框 a 的下边到匀强磁场的上边界的距离为 l.现将系统由静止释放，当线框b 全部进入磁场时，a、b 两个线框开始做匀速运动不计摩擦和空气阻力，则( )Aa、b 两个线框匀速运动的速度大小为2mgRB2l2B线框 a 从下边进入磁场到上边离开磁场所用时间为3B2l3mgRC从开始运动到线框 a 全部进入磁场的过程中，线框 a 所产生的焦耳热为 mglD从开始运动到线框 a 全部进入磁场的过程中，两线框共克服安培力做功为 2
12、mgl解析：选 BC.设两线框匀速运动的速度为 v，此时轻绳上的张力大小为 T，则对 a 有：T2mgBIl，对 b 有：Tmg，又 I ，EBlv，解得 v ，故 A 错误线框 a 从下ER mgRB2l2边进入磁场后，线框 a 通过磁场时以速度 v 匀速运动，则线框 a 从下边进入磁场到上边离开磁场所用时间 t ，故 B 正确从开始运动到线框 a 全部进入磁场的过程中，3lv 3B2l3mgR线框 a 只在其匀速进入磁场的过程中产生焦耳热，设为 Q，由功能关系有 2mglTlQ，得Qmgl，故 C 正确设两线框从开始运动至 a 全部进入磁场的过程中，两线框共克服安培力做的功为 W，此过程中
13、左、右两线框分别向上、向下运动 2l 的距离，对这一过程，由能量守恒定律有：4mgl2mgl 3mv2W，得 W2mgl ，故 D 错误12 3m3g2R22B4l48、质量为 M=1kg 的木板静止在粗糙水平面上，木板与地面动摩擦因数 ，在木板的左端放置一个质量为 m=lkg，大小可忽略的铁块。铁块与木板间的动摩擦因数从 ， g=10m/s。若在铁块右端施加一个从 0 开始增大的水平向右的力 F，假设木板足够长，铁块受木板摩擦力随拉力 F 如图变化。关于两个动摩擦因数的数值正确的是5A. =0.1， =0.21 2B. =0.1， =0.41 2C. =0.2， =0.4D. =0.4， =
14、0.2【来源】 【全国百强校】福建省厦门双十中学 2018 届高三考前热身考试（最后一卷）理综物理试题【答案】 B点晴：解决本题关键找准铁块和木板发生相对运动时的状态，再分别对铁块和木板利用牛顿第二定律解题即可。二、非选择题常用无线话筒所用的电池电动势 E 约为 9 V，内阻 r 约为 40 ，最大允许电流为 100 mA.(1)为测定该电池的电动势和内阻，某同学先利用多用电表直流电压 10 V 挡粗测电源电动势如图甲所示，测得值为_V.(2)接着该同学利用图乙的电路进行实验图中电压表为理想电表，R 为电阻箱(阻值范围为 0999.9 )，R 0为定值电阻，目的是为了防止电阻箱的阻值调得过小时
15、，通过电源的电流大于其承受范围，起保护电路的作用；实验室备有的定值电阻 R0的规格有以下几种，则本实验应选用_6A50 ，1.0 W B500 ，2.5 WC1 500 ，15 W D2 500 ，25 W(3)接入符合要求的 R0后，闭合开关 S，调整电阻箱的阻值读出电压表的示数 U，再改变电阻箱阻值 R，取得多组数据，作出了如图丙的图线由图线求得该电池的电动势E_V，内阻 r_.(结果保留三位有效数字)解析：(1)直流电压 10 V 挡的最小分度为 0.2 V，故测得值为 9.2 V.(2)电池最大允许电流为 100 mA，则电路中总电阻 R 总 90 rR 0，故定值电EI阻 R0应选 50 ，选项 A 正确(3)根据闭合电路欧姆定律 EUI(R 0r)U (R0r)，解得 ，故UR 1U 1E R0 rE 1R该图线纵坐标的截距为 0.1 V 1 ，解得电池电动势 E10.0 V，斜率 k 1E R0 rE ，解得 R0r83.3 ，故电池内阻 r33.3 .0.6 0.1 6 0 10 2 253答案：(1)9.2 (2)A (3)10.0 33.3
