1、湖北省八市 2018 届高三 3 月联考理综物理试题二、选择题： 1. 在能源需求剧增的现代社会，核能作为一种新能源被各国竞相开发利用，核原料中的钚(Pu)是一种具有放射性的超铀元素，钚的一种同位素 的半衰期为 24100 年，其衰变方程为 下列有关说法中正确的是A. X 原子核中含有 92 个中子B. 衰变放出的 射线具有很强的电离能力C. 20 克的 经过 48200 年后，还有 5 克未衰变D. 核衰变前的质量等于衰变后 X、 核的质量之和【答案】C【解析】根据电荷数守恒和质量数守恒得，X 的电荷数为 92，质量数为 235，则中子数为235-92=143，A 错误；衰变发出的 放射线是
2、频率很大的电磁波，具有很强的穿透能力，不带电，B 错误；根据 可得还剩余 ，C 正确；在衰变的过程中，有质量亏损，根据质能方程知，有能量发出，衰变过程总质量减少，D 错误2. 如图所示，理想变压器的原、副线圈匝数比为 5:1，副线圈接有电动机 M，电动机线圈电阻为 4原线圈接交变电源 u=220 sinl00t( V)，电动机正常工作，电流表的示数为 0. 2A，电表对电路的影响忽略不计则A. 此交流电的频率为 100HzB. 电压表的示数为 44 VC. 正常工作时电动机的输出功率为 40WD. 若电动机由于卡住了而不转动，则电流表的示数为 11A【答案】C【解析】该交流电的频率为 ，A 错
3、误；原线圈输出端电压为，根据 可得副线圈两端的电压为 ，即电压表的示数为44V，B 错误；根据 可得副线圈中的电流为 ，所以正常工作时电动机的输出功率为 ，C 正确；若电动机由于卡住了而不转动，变成线性电阻，故副线圈中的电流为 ，据 可得电流表示数为 ，D 错误3. 在匀速上升的电梯里，一小球从电梯地板被竖直向上弹出后又落回地板，这一过程中小球没有触碰电梯天花板，不计空气阻力，下列对这一过程的分析正确的是A. 小球在空中运动的位移大小等于路程B. 小球在空中运动的平均速度大于电梯的速度C. 小球在空中运动的平均速度小于电梯的速度D. 小球在运动的中间时刻离天花板最近【答案】D【解析】试题分析：
4、画出小球的运动示意图，结合路程与位移的定义比较两者的大小，根据平均速度的定义求解平均速度小球的初末位置和轨迹如图所示，故小球的位移小于路程，小球的位移和电梯的位移相同，运动时间相同，所以小球的平均速度和电梯的平均速度相等，ABC 错误；上抛和下落过程对称，所用时间相同，故在小球在运动的中间时刻离天花板最近，D 正确4. 如图所示，金属环 M、N 用不可伸长的细线连接，分别套在水平粗糙细杆和竖直光滑细杆上，当整个装置以竖直杆为轴以不同大小的角速度匀速转动时，两金属环一直相对杆不动，下列判断正确的是A. 转动的角速度越大，细线中的拉力越大B. 转动的角速度越大，环 M 与水平杆之间的弹力越大C.
5、转动的角速度越大，环 N 与竖直杆之问的弹力越大D. 转动的角速度不同，环 M 与水平杆之间的摩擦力大小可能相等【答案】D【解析】试题分析：由于两环相对杆的位置恒定，所以以 N 为突破口（因为 N 处于静止状态），对 N 分析判断细线的拉力以及竖直杆对 N 作用力的变化；然后对 M 受力分析，其向心力来源为细线沿水平方向上的分力与摩擦力的合力，随着角速度的变化，摩擦力大小和方向都在变化，据此分析设细线与竖直方向的夹角为 ，对 N 受力分析，受到竖直向下的重力 ，绳子的拉力 T，杆给的水平支持力 ，因为两环相对杆的位置不变，所以对 N 来说处于静止状态，合力为零，故在竖直方向上 ，在水平方向上
6、，因为重力恒定，角度恒定，所以细线的拉力不变，环 N 与杆之间的弹力恒定，AC 错误；对 M 受力分析，受到绳子的拉力 T，竖直向下的重力 ，竖直向上的支持力 ，以及水平杆给的摩擦力 f，在竖直方向上有，恒定不变，若以较小角速度转动时，摩擦力方向右，即，随着角速度的增大，摩擦力方向可能变成向左，即，故可能存在 ，摩擦力向左和向右时相等的情况，B 错误 D 正确5. 如图所示，质量为 3m 的物块 A 与质量为 m 的物块 B 用轻弹簧和不可伸长的细线连接，静止在光滑的水平面上，此时细线刚好伸直但无弹力现使物块 A 瞬间获得向右的速度 vo，在以后的运动过程中，细线没有绷断，以下判断正确的是A.
7、 细线再次伸直前，物块 A 的速度先减小后增大B. 细线再次伸直前，物块 B 的加速度先减小后增大C. 弹簧最大的弹性势能等于D. 物块 A、B 与弹簧组成的系统，损失的机械能最多为【答案】C【解析】细线再次伸直时，也就是弹簧再次回复原长时，该过程中 A 始终受到向左的弹力，即一直做减速运动， B 始终受到向右的弹力，即一直做加速运动，AB 错误；弹簧弹性势能最大时，弹簧压缩最短，此时两者速度相等，根据动量守恒定律可得 ，解得，根据能量守恒定律可得 ，此时动能转化为弹性势能最大，损失的机械能最多，故损失最多的机械能为 ，C 正确 D 错误6. 如图，直角三角形 OAC 的C=30，B 点为 A
8、C 边的中点，直角顶点 O 处有一点电荷，下列说法正确的是A. AC 边上所有的点中，B 点的电场强度最大B. A、B 两点电场强度大小相等C. A、B 两点电势相等D. A、B 两点间的电势差与 B、C 两点间电势差相等【答案】BC【解析】试题分析：在点电荷电场中，到点电荷距离相等的点的电场强度大小相等，在以点电荷为圆心的球面上的点的电势相等；根据 分析两点之间的电场强度大小关系AC 边上的点，到 O 点的距离先减小后增大（垂直时最小，不是 B 点） ，根据点电荷电场公式可知 AC 边上所有点中，D 点的电场强度最大，由于 AC 上的点的电场强度不相等，故根据 可知 A、 B 两点间的电势差
9、与 B、 C 两点间电势差不相等，AD 错误；根据几何知识可知 AOB 为等边三角形，故 ，根据 可知 A、 B 两点的电场强度大小相等，B 正确；如图所示， A、 B 在以 O 点为圆心的一个球面上，故两点的电势相等，C 正确7. 图中圆周是地球绕太阳运动的轨道，地球处在 b 位置，地球和太阳连线上的 a 与 e 位置、e 与 d 位置均关于太阳对称，当一无动力的探测器处在 a 或 c 位置时，它仅在太阳和地球引力的共同作用下，与地球一起以相同的周期绕太阳作圆周运动，下列分析正确的是（ ）A. 该探测器在 a 位置的线速度大于 c 位置的线速度B. 该探测器在 a 位置受到的引力大于 c 位
10、置受到的引力C. 若地球和该探测器分别在 位置，它们也能以相同的周期运动D. 若地球和该探测器分别在 位置，它们也能以相同的周期运动【答案】AB【解析】因为探测器在 a、c 两个位置能与地球一起以相同的周期绕太阳作圆周运动，设周期为 T，且在 a 位置时轨道半径大于在 c 位置的轨道半径，则根据 可得该探测器在 a位置的线速度大于 c 位置的线速度，根据牛顿第二定律可得 可知轨道半径越大，引力越大，故 AB 正确；探测器在 c 位置时，根据万有引力可得 ，而在与 c 对称的 d 位置时 ，相比探测器在 c 位置时，引力发生变化，故不可能以相同的周期运动，同理，探测器在 a 位置时，根据万有引力
11、可得，而在与 a 对称的 e 位置时 ，相比探测器在 a 位置时，引力发生变化，故不可能以相同的周期运动，CD 错误；8. 如图所示，PQ 为磁感应强度为 B=110-2T、方向垂直纸面向里的匀强磁场的边界，磁场中的 O 点有一粒子源，它均匀地向纸面内各个方向同时发射速率为 v=ll04m/s、比荷为q/m=l107 C/kg 的带正电的粒子，已知 O 点与 PQ 的距离为 l0cm，不计带电粒子的重力和粒子间的相互作用，下列判断正确的是A. 飞出磁场的粒子数占所有粒子数的一半B. PQ 上有粒子飞出的区域长度为 20cmC. 飞出磁场的粒子在磁场中运动的最长时间是最短时间的 2 倍D. 飞出
12、磁场的粒子在磁场中运动的最长时间是最短时间的 4.5 倍【答案】AD三、非选择题：9. 某实验小组用如图所示的装置探究功和速度变化的关系：将小钢球从固定轨道倾斜部分不同位置由静止释放,经轨道末端水平飞出，落到铺着白纸和复写纸的水平地面上,在白纸上留下点迹，为了使问题简化,小钢球在离倾斜轨道底端的距离分别为 L、2 L、3 L处释放,这样在轨道倾斜部分合外力对小钢球做的功就可以分别记为 W0、2W 0、3W 0(1)为了减小实验误差需要进行多次测量,在 L、2 L、3 L处的每个释放点都要让小钢球重释放多次,在白纸上留下多个点迹,那么,确定在同一位置释放的小钢球在白纸上的平均落点位置的方法是_(
13、2)为了探究功和速度变化的关系,实验中必须测量_(填选项前的标号)A.小钢球释放位置离斜面底端的距离 L 的具体数值B.小钢球的质量 mC.小钢球离开轨道后的下落高度 hD.小钢球离开轨道后的水平位移 x(3)该实验小组利用实验数据得到了如图所示的图象,则图象的横坐标是_(用实验中测量的物理量符号表示)。【答案】 (1). (1) 用尽可能小的圆圈住尽量多的落点，圆心即为平均落点的位置。 (2). (2) D (3). (3) x2【解析】试题分析：根据动能定理求出表达式，根据表达式即可分析出还需测量的量，从斜槽上同一位置静止滚下落于地面纸上形成不完全重合的记录痕迹，再用最小的圆将这些痕迹圈住
14、，则圆心位置就为平均落点 P；利用图象结合表达式即可判断出图象横坐标表示的物理量（1）从斜槽上同一位置静止滚下，由于存在误差落于地面纸上的点迹，形成不完全重合的记录痕迹，平均确定落点位置的方法为：用尽可能小的圆圈住所有落点，圆心即为平均落点的位置；（2）根据动能定律可得 ，根据平抛规律可得 ，联立可得探究动能定理的关系式 ，因为同一个小球从同一高度做平抛运动，所以 为常数，设为 k，故，根据表达式可知为了探究动能定理，必须测量小钢球离开轨道后的水平位移 x；（3）根据 可知图象的横坐标表示 10. 实验室中,甲和乙两位同学先后用同一套实验仪器来测量某电子产品所用电池的电动势和内阻,其中 R、R
15、 0分别是电阻箱和定值电阻，实验时甲、乙分别设计了如图(a)和(b) 所示的两个电路，改变 R 的阻值以及对应电压表的示数 U。实验做完后两同学发现当时没有记下R0的阻值，只能根据实验记录的数据作出关系图像如图（c）和（d） 。（1）可以判断图线（c）是利用图_（填“a”或“b” ）中的实验数据描绘的；（2）甲同学得到的图线横截距为 ，纵截距为 ，乙同学得到的图线横截距为 ，纵截距为 ，则该电池的电动势为 _V，内阻 _ ，定值电阻 R0=_ 。 （计算结果均保留两位有效数字）【答案】 (1). (1)a (2). (2)4.0； (3). 0.50； (4). 2.5【解析】 （1）先观察图
16、 c，发现 R=0 时， 有一定数值，随着 R 增大， 增大，即电压表示数减小，显然 a 图电压表示数会随着 R 的增大而减小，b 图中电压表示数会随着 R 的增大而增大，故可以判断图 c 中图线是利用图 a 的实验数据描绘的；（2）c 图对应 a 电路图，当 R=0 时，图线在纵轴上的截距 表示的是 两端电压的倒数，根据欧姆定律可得 ，化简可得 ，将纵横截距代入可得；d 图对应 b 电路图表示 =0 时即 R 变为无穷大时，这时电压表测量的就是电源电压，图线在纵轴上的截距 表示的是电源电动势的倒数，故 ；代入可得 ，解得11. 如图所示，足够长的平行光滑金属导轨 MN.PQ 相距 L 倾斜置
17、于匀强磁场中磁场方向垂直导轨平面向上，断开开关 s，将长也为 L 的金属棒 ab 在导轨上由静止释放经时间 t，金属棒的速度大小为 v1，此时闭合开关，最终金属棒以大小为 v2的速度沿导轨匀速运动已知金属棒的质量为 m，电阻为 r，其它电阻均不计，重力加速度为 g(1)求导轨与水平面夹角 a 的正弦值及磁场的磁感应强度 B 的大小；(2)若金属棒的速度从 v0增至 v2历时t，求该过程中流经金属棒的电量【答案】 （1） （2） q( v1t v1 t v2t)【解析】(1)开关断开时，金属棒在导轨上匀加速下滑，由牛顿第二定律有由匀变速运动的规律有：解得开关闭合后，金属棒在导轨上做变加速运动，最
18、终以 v2匀速匀速时又有：解得(2)在金属棒变加速运动阶段，根据动量定理可得其中联立上式可得12. 工厂利用与水平面夹角 =37的传送带输送相同规格的小工件，图中 A、B 位置为轮子与传送带的切点，每个工件均从 A 位置无初速地轻置于传送带上，到达 B 位置随即被取走已知传送带总长 L=15m，A、B 间距 L0=7.2m，传送带匀速运行的速率 vo=0.8m/s，工件从A 运动到 B 的时间 t=l0s.取 sin37=0.6，cos37=0.8，重力加速度 g= 10 m/s(1)求工件与传送带间的动摩擦因数 ； (2)若某工件从传送带 A 位置出发后 2s，另一工件被置于 A 位置，此时
19、由于故障，传送带的速度突然增加到 3 m/s 并运行 4s 后停止运动忽略传送带速度变化所用时间，求因与工件摩擦，传送带上出现的擦痕长度【答案】 （1）0.8（2）10.4m 【解析】(1)根据题意可知，工件一定是先加速到 再匀速运动，设工件的质量为 m，加速时间为 ，则 ，解得工件的加速度又解得(2)根据(1)可知第一个工件在传送带速度增大到 v=3m/s 后继续加速，由 可得 ，即第一个工件刚好在传送带停止运动时到达 B 位置因此可得第一个工件前方出现的擦痕长第二个工件放上传送带至传送带停止运动，工件做匀加速运动，该过程此工件在其前方的传送带上产生的擦痕长当传送带停止运动时，两个工件间的距
20、离由上述计算可知，两工件造成的擦痕有重叠，可计算至传送带停止运动时，传送带上出现的擦痕长度当传送带停止运动后，第二个工件在传送带上擦痕区域减速运动直至停下，传送带上的擦痕长度不再增加，故最终传送带上出现的擦痕长度为 10.4m13. 下列说法正确的是 _A液体分子的无规则运动称为布朗运动B在完全失重的状态下，一定质量的理想气体压强为零C一定质量的理想气体等压膨胀过程中气体一定从外界吸收热量D合适的条件下，某些晶体可以转变为非品体，某些非晶体可以转化为晶体 E一定量的理想气体保持压强不变，当温度升高时，每秒撞击单位面积器壁的气体分子数减少【答案】CDE【解析】布朗运动是指悬浮于液体中的颗粒所做的
21、无规则的运动，不是分子运动，A 错误；气体的压强不是由于分子的重力产生的，而是由于大量气体分子频繁碰撞容器壁产生的，所以在完全失重状态下，气体的压强不变，B 错误；一定质量的理想气体等压膨胀过程中，体积增大，对外做功由 知气体的温度升高，内能增大，由热力学第一定律可知，气体一定从外界吸收热量，C 正确；在合适的条件下，某些晶体可以转变为非晶体，某些非晶体也可以转变为晶体，例如天然石英是晶体，熔融过的石英却是非晶体把晶体硫加热熔化（温度超过 300）再倒进冷水中，会变成柔软的非晶硫，再过一段时间又会转化为晶体硫，D 正确；保持气体的质量和体积不变，当温度升高时，分子平均速率增大，每秒撞击单位面积
22、器壁的气体分子数增多，故 E 正确14. 如图甲所示，有一“上”形、粗细均匀的玻璃管，开口端竖直向上放置，水平管的两端封闭有理想气体 A 与 B，气柱长度都是 22cm，中间水银柱总长为 12cm现将水银全部推进水平管后封闭管道接口处，并把水平管转成竖直方向，如图乙所示，为了使 A、B 两部分气体一样长，把 B 气体的一端单独放进恒温热水中加热，试问热水的温度应控制为多少？（已知外界大气压强为 76cmHg，气温 275K ）【答案】312.5K 【解析】玻璃管开口向上时，AB 两部分气体的初状态将水银全部推进水平管时对于最终状态的 B 气体由理想气体状态方程解得热水的温度 15. 2018
23、年 1 月 31 日，天空中上演了一场万众瞩目、被称为“超级满月、蓝月亮、红月亮”的月全食大戏，这次月全食历时近 5 小时，最精彩之处是在发生月全食阶段月亮 呈现红色，下列有关月食的说法，其中正确的是_A出现月全食现象时，月亮就完全看不到了B当地球处于太阳和月亮中间时才会出现月食现象C出现月食现象，是因为月亮处于地球的“影子”中D月食可能是太阳光经月亮反射到地球大气层时发生全反射形成的E “红月亮”是太阳光中的红光经地球大气层折射到月球时形成的【答案】BCE【解析】当地球处于太阳和月亮中间时才会出现月食现象，在月全食时，月球并不是完全看不见的，至于月全食时产生的“红月亮”则主要是因为，月全食的
24、时候，地球挡住了太阳的光辉，红光经地球大气层折射打到了月亮上，因此呈现了“红月亮”的情况，BCE 正确16. 如图所示,图甲为某一列沿 x 方向传播的简谐横波在 时刻的波形图,图乙为介质中 Q质点的振动图象，求：（i）这列波传播的速度大小和方向；（ii）质点 P 的振动方程及在 时间内，质点 P 出现在平衡位置的次数。【答案】 （1）2m/s，波沿- x 轴传播（2）10 次【解析】(i)根据甲乙两图可以分别读出波长 ，周期所以波速根据图乙可知， t=0 时刻 Q 质点沿 y 轴正向运动，结合图甲可知波沿 x 轴传播(ii)根据图甲中 P 质点的振动情况可知其振动图像在 010s 时间内， P 质点出现在平衡位置的次数 次
