1、广东省深圳市 2018 届高三第一次调研考试理综物理试题二、选择题1. 下列说法正确的是A. 在光电效应实验中，只要入射光足够强，时间足够长，金属表面就会逸出光电子B. 在光电效应的实验中，饱和光电流大小取决于入射光的频率，频率越大，饱和光电流越大C. 根据波尔的原子理论，氢原子从 n=5 的激发态跃迁多 n=2 的激发态时，原子能量减小，电势能增加D. 根据波尔的原子理论，大量处于基态的氢原子吸收波长为 的光子后，如果辐射出 3 种频率的光子，则其中波长最小的为【答案】D【解析】在光电效应实验中，只要入射光频率足够大，金属表面就会逸出光电子，与入射光的强度及光照时间无关，选项 A 错误；在光
2、电效应的实验中，饱和光电流大小取决于入射光的强度，光强越大，饱和光电流越大，选项 B 错误；根据波尔的原子理论，氢原子从 n=5 的激发态跃迁多 n=2 的激发态时，原子能量减小，电子的动能变大，原子的电势能减小，选项C 错误； 根据波尔的原子理论，大量处于基态的氢原子吸收波长为 的光子后，如果辐射出3 种频率的光子，则其中波长最小的为 ，选项 D 正确；故选 D.2. 如图所示为甲乙两物体做直线运动的 x-t 图像，对于 0t1世纪内两物体的运动，下列说法中正确的是A. 甲物体速度方向与加速度方向相同B. 乙物体加速度方向与速度方向相反C. 甲物体的平均速度大于乙物体的平均速度D. 乙物体位
3、移变小，速度变大【答案】B【解析】x-t 图像的斜率等于速度，可知甲物体速度逐渐减小，做减速运动，加速度方向与速度方向相反，选项 A 错误；由图像可知乙物体速度逐渐减小，做减速运动，加速度方向与速度方向相反，选项 B 正确；由图像可知，两物体在时间 t1内的位移大小相同，则平均速度大小相同，选项 C 错误；乙物体位移变小，速度变小，选项 D 错误；故选 B.点睛：本题要抓住位移图象与速度图象物理意义的区别，从斜率、面积等数学意义进行识别和理解，特别注意不能把 x-t 图象当成 v-t 图象处理3. 如图所示，a、b 两端接在正弦交流电源上，原副线圈回路中 A、B 电阻的阻值相同，原副线圈匝数比
4、为 ，下列说法正确的是A. A、B 电阻的电流之比为B. A、B 电阻的电压之比为C. A、B 电阻的功率之比为D. A 电阻的原线圈输入电压之比为 1：1【答案】C【解析】根据 可得 A、B 电阻的电流之比为 n2:n1，由于两电阻相等，则 A、B 电阻的电压之比为 n2:n1，选项 AB 错误；根据 P=I2R 可知，A、B 电阻的功率之比为 n22:n12，选项 C 正确；原副线圈的电压之比为 ，选项 D 错误；故选 C.4. 如图所示，直线 MN 左侧空间存在范围足够大，方向垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为 B，在磁场中 P 点有一个粒子源，可在纸面内各个方向射出质量为 m，电
5、荷量为 q的带正电粒子（重力不计） ，已知POM=60，PO 间距为 L，粒子速率均为 ，则粒子在磁场中运动的最短时间为A. B. C. D. 【答案】B【解析】粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力作向心力，则有： Bvq ，解得：；粒子做圆周运动的周期为： ；因为粒子做圆周运动的半径、周期相同，那么，粒子转过的中心角越小，则其弦长越小，运动时间越短；所以，过 P 点做 OM 的垂线，可知，粒子运动轨迹的弦长最小为： Lsin60 L R，故最短弦长对应的中心角为 60，所以，粒子在磁场中运动的最短时间为： ，故ACD 错误，B 正确；故选 B点睛：求解粒子在匀强磁场中的运动问题，通常由几何关系先
6、求的粒子运动的半径或弦长，在根据洛伦兹力作向心力解得磁感应强度、运动时间等问题5. 如图所示，轻质弹簧一端固定在天花板上，另一端栓接条形磁铁，一个铜盘放在条形磁铁的正下方的绝缘水平桌面上，控制磁铁使弹簧处于原长，然后由静止释放磁铁，不计磁铁与弹簧之间的磁力作用，且磁铁运动过程中未与铜盘接触，下列说法中正确的是A. 磁铁所受弹力与重力等大反向时，磁铁的加速度为零B. 磁铁下降过程中，俯视铜盘，铜盘中产生顺时针方向的涡旋电流C. 磁铁从静止释放到第一次运动到最低点的过程中，磁铁减少的重力势能等于弹簧弹性势能D. 磁铁从静止释放到最终静止的过程中，磁铁减少的重力势能大于铜盘产生的焦耳热【答案】D【解
7、析】磁铁上下运动时，由于穿过铜盘的磁通量发生变化，则在铜盘中会产生感应电流，铜盘对磁铁有磁场力阻碍磁铁的运动，则当磁铁所受弹力与重力等大反向时，此时磁铁还应该受到下面铜盘的作用力，故此时磁铁的加速度不为零，选项 A 错误；根据楞次定律，磁铁下降过程中，俯视铜盘，铜盘中产生逆时针方向的涡旋电流，选项 B 错误；磁铁从静止释放到第一次运动到最低点的过程中，由于有电能产生，则磁铁减少的重力势能等于弹簧弹性势能与产生的电能之和，选项 C 错误；磁体最终静止时弹簧有弹性势能，则磁铁从静止释放到最终静止的过程中，磁铁减少的重力势能等于铜盘产生的焦耳热与弹簧弹性势能之和，选项D 正确；故选 D.点睛：此题关
8、键是知道在磁体上下运动的过程中在铜盘中有涡旋电流产生，要搞清在磁体运动过程中的能量转化的关系.6. 如图所示，斜面体 abc 静止于粗糙水平地面上，物块 m1、m 2均沿斜面匀速下滑，已知m1m2， 1 2，下列说法中正确的是A. 地面对斜面体的摩擦力水平向右B. 地面对斜面体没有 摩擦力C. 所给条件不足，不能判断摩擦力方向D. 斜面体 ab 面和 ac 面的动摩擦因数不同【答案】BD【解析】物块 m1、m 2和斜面体均处于平衡状态，故三个物体的合力为零；对三个物体整体分析，受重力和地面的支持力，不受地面摩擦力，否则不能平衡，故 AC 错误，B 正确；物体m1受重力、支持力和滑动摩擦力，故平
9、衡条件，有：m 1gsin 1-f1=0，N 1-mgcos 1=0，其中：f1= 1N1，联立解得： 1=tan 1，同理分析物体物体 m2有， 2=tan 2，故斜面体 ab 面和ac 面的动摩擦因数不同，故 D 正确；故选 BD.点睛：本题考查平衡问题，关键是正确的选取研究对象，采用整体法和隔离法，根据平衡条件列式求解。7. 我国发射的某卫星，其轨道平面与地面赤道在同一平面内，卫星距地面的高度约为500km，而地球同步卫星的轨道高度约为 36000km，已知地球半径约为 6400km，已知地球表面的重力加速度为 ，关于该卫星，下列说法中正确的是A. 该卫星的线速度大小约为 7.7km/s
10、B. 该卫星的加速度大于同步卫星的加速度C. 一年内，该卫星被太阳光照射时间小于同步卫星被太阳光照射时间D. 该卫星的发射速度小于第一宇宙速度【答案】ABC点睛：解决本题的关键是掌握卫星的线速度和加速度公式，可结合万有引力提供向心力推导出来，会根据轨道半径的关系比较向心加速度、线速度和周期关系。8. 如图所示，滑轮大小可忽略的传送带以恒定速率顺时针转动，将小物块在传送带底端 P点无初速度释放，小物块在摩擦力作用下运动至传送带顶端，在小物块运动过程中，下列说法中正确的是A. 小物块所受摩擦力的瞬时功率一定不断变大B. 小物块所受摩擦力做的功大于小物块动能的增加量C. 若物块滑到顶端时恰好与传送带
11、共速，则两者间因摩擦而产生的内能恰好等于物块增加的机械能D. 若物块滑动顶端时恰好与传送带共速，则两者间因摩擦而产生的内能恰好等于物块增加的动能【答案】BC【解析】小物块放到传送带底端后，先向上加速，当速度与传送带相等时变为匀速，所受的摩擦力开始是滑动摩擦力，后是静摩擦力，根据 P=fv 可知小物块所受摩擦力的瞬时功率开始阶段不断变大，后不变，选项 A 错误；根据动能定理可知，W f-WG=Ek，则小物块所受摩擦力做的功大于小物块动能的增加量，选项 B 正确；若物块滑到顶端时恰好与传送带共速，此时滑块的位移 ，传送带的位移 ，产生的热量 ，此过程中摩擦力对木块做功为 Wf=fx1= vtf=Q
12、，根据动能定理，摩擦力对物块做的功等于物块机械能的增量，则两者间因摩擦而产生的内能恰好等于物块增加的机械能，选项 C 正确，D 错误；故选BC.三、非选择题9. 某物理兴趣小组利用如图（a）所示的装置来测量物体间的动摩擦因数，实验步骤如下：把“ ”型木块放在光滑水平面上，木块表面 AB、BC 粗糙程度相同；木块右侧与竖直墙壁之间连接着一个力传感器， （当力传感器受水平压力时，其示数为正值；当力传感器受到水平拉力时，其示数为负值） ；一个可视为质点的滑块从 C 点由静止开始下滑，运动过程中，传感器记录到的力与时间的关系如图 b 所示（物体经过 B 时的速率不变）回答下列问题：（1）为了测出滑块与
13、“ ”型木块的动摩擦因数，需要测量或已知哪些物理量_。A、BC 的长度 B、斜面 BC 的倾角 C、图 b 中 F1的大小D、图 b 中 F2的大小 E、AB 的长度（2）若已经由实验得到（1）中所需物理量，滑块与“ ”型木块间的动摩擦因数=_。【答案】 (1). BCD (2). 【解析】 （1）对“ ”型木块受力分析，由平衡知识可知：； ，联立两式可得： ，则要测动摩擦因数，要测量的物理量是： 、斜面 BC 的倾角 、图 b 中 F1的大小以及图 b 中 F2的大小，故选 BCD. （2）由（1）可知滑块与“ ”型木块间的动摩擦因数为： .10. 如图（a）所示，是多用电表欧姆档内部的部分
14、原理图，已知电源电动势 E=1.5V，内阻r=1，灵敏电流计满偏电流 Ig=10mA，内阻为 rg=90，表盘如图 b 所示，欧姆表表盘中值刻度为“15”（1）多用电表的选择开关旋至“”区域的某档位时，将多用电表的红、黑表笔短接，进行欧姆调零，调零后多用电表的总内阻为_，某电阻接入红、黑表笔间，表盘如图（b）所示，则该电阻的阻值为_。（2）若将选择开关旋至“1” ，则需要将灵敏电流计_（选填“串联”或“并联” ）一阻值为_- 的电阻，再欧姆调零。（3）多用电表长时间使用后，电源内阻变大，电动势变小，此因素会造成被测电阻的测量值比真实值_（选填“偏大” “不变”或“偏小” ） 。【答案】 (1)
15、. 150 (2). 60（5862） (3). 并联 (4). 10 (5). 偏大【解析】 （1）调零后多用电表的总内阻为 ；该档位为“10”欧姆档，则由表盘可知，该电阻的阻值为 610=60。（2）因中值电阻等于欧姆表的内阻，若将选择开关旋至“1” ，则欧姆表的内阻为 15，此时调零时电路的总电流为 ,需要将灵敏电流计并联一阻值为，再欧姆调零。（3）多用电表长时间使用后，电源内阻变大，电动势变小，则测量同一个电阻时，电路中电流偏小，指针向右偏转的角度变小，电阻的读数偏大.11. 如图所示，匀强电场中相邻竖直等势线间距 d=10cm，质量 m=0.1kg，带电量为 q=-110-3C 的小
16、球以初速度 v0=10m/s 抛出，初速度方向与水平线的夹角为 45，已知重力加速度 ，求：（1）小球加速度的大小；（2）小球再次回到图中水平线时的速度和抛出点的距离。【答案】 （1） （2） 【解析】 （1）根据图象可知，电场线方向向左，电场强度大小为：合力大小为： ，方向与初速度方向垂直；根据牛顿第二定律可得加速度大小为： ；（2）小球在竖直方向做竖直上抛运动，水平方向做匀加速直线运动，小球再次回到图中水平线时的时间为： ，此过程中与抛出点的距离为：x= v0cos45t+ t2=20m，在此过程中重力做功为零，根据动能定理可得：qEx= mv2 mv02代入数据解得：v=10 m/s。速
17、度与水平夹角为 ， .点睛：有关带电粒子在匀强电场中的运动，可以从两条线索展开：其一，力和运动的关系。根据带电粒子受力情况，用牛顿第二定律求出加速度，结合运动学公式确定带电粒子的速度和位移等；其二，功和能的关系。根据电场力对带电粒子做功，引起带电粒子的能量发生变化，利用动能定理进行解答。12. 如图所示，半径为 R 的四分之一圆弧轨道，在底端 N 点与水平面相切，质量为 m1=m 的小球 A 从圆弧顶端无初速度释放，与静止于 N 点，质量为 m2=3m 的铁质小球 B 发生对心弹性碰撞，碰后小球 B 靠近静止于水平面上的一带有磁性装置的物体时，被磁性装置接受，该物体的总质量为 m3=12m，自
18、动投放球装置保障 N 点总有一个与 B 球完全相同的小球静止待碰，忽略一切摩擦力，已知重力加速度为 g，求：（1）小球 A 第一次与 B 碰前的瞬间所受支持力的大小及物体接收第一个小球 B 后的速度大小；（2）通过计算判定带磁性装置的物体能否接收到第三个小球；（3）A 球从释放到最终静止，在碰撞过程中所受外力的总冲量大小。【答案】 （1） （2）不能追上（3）【解析】 （1）根据动能定理 ，由牛顿第二定律 ，解得小球 A、B 第一次弹性碰撞 ，解得 ，第一个小球追上物体 ，解得（2）小球 A 碰后反向，滑上圆弧轨道后滑回 N 点，发生第二次碰撞，规律重复 ，解得规律重复 ， ，因此不能追上（3
19、）由动量定理点睛：本题关键是碰撞前 A 球机械能守恒，碰撞过程两球系统机械能守恒，动量也守恒，通过求解两球的速度来判断能否追上，同时根据动量定理列式求解总冲量的大小，考查学生数学计算的能力。13. 下列说法正确的是_A液晶具有流动性，其光学性质表现为各向异性B太空舱中的液滴呈球状是由于完全失重情况下液体表面张力的作用C用打气筒的活塞压缩气体很费劲，说明分子间有斥力D第二类永动机是不可能制造出来的，因为它违反了能量守恒定律E在合适的条件下，某些晶体可以装备为非晶体，某些非晶体也可以转变为晶体【答案】ABE【解析】液晶具有流动性，其光学性质表现为各向异性，选项 A 正确；太空舱中的液滴呈球状是由于
20、完全失重情况下液体表面张力的作用，选项 B 正确；用打气筒的活塞压缩气体很费劲，这是气体压强作用的结果，不能说明分子间有斥力，选项 C 错误；第二类永动机是不可能制造出来的，因为它违反了热力学第二定律，不违反能量守恒定律，选项 D 错误；在合适的条件下，某些晶体可以装备为非晶体，某些非晶体也可以转变为晶体，例如天然石英是晶体，加工后做成玻璃就是非晶体，选项 E 正确；故选 ABE.14. 如图所示，有一上部开有小孔的圆柱形气缸，气缸的高度为 2L，横截面积为 S，一厚度不计的轻质活塞封闭 1mol 的单分子理想气体，开始时活塞距底部的距离为 L，气体的热力学温度为 T1，已知外界大气压为 p0
21、,1mol 的单分子理想气体内能公式为 ，现对气体缓慢加热，求：活塞恰好上升到气缸顶部时气体的温度和气体吸收的热量；当加热到热力学温度为 3T1时气体的压强。【答案】 【解析】开始加热后活塞上升的过程中封闭气体作等压变化， ，由解得由热力学第一定律 ， ，解得设当加热到 3T1时气体的压强变为 p3，在此之前活塞上升到气缸顶部，对于封闭气体，由理想气体状态方程:解得15. 一列简谐横波在 t=0 时刻的图像如图甲所示，平衡位置位于 x=15m 处的 A 质点的振动图像如图乙所示，下列说法中正确的是_A这列波沿 x 轴负方向传播B这列波的波速是C从 t=0 开始，质点 P 比质点 Q 晚 0.4s 回到平衡位置D从 t=0 到 t=0.1s 时间内，质点 Q 加速度越来越小E从 t=0 到 t=0.6s 时间内，质点 A 的位移为 4m【答案】ACD16. 半径为 a 的小球外层包裹一层厚度均匀的透明物体，透明物体外径为 b（ ） ，折射率为 ，水平向右的平行光照射到球外透明物体上，穿过透明物体射到内部小球的光被吸收，求被内部小球吸收部分平行光的横截面积。【答案】【解析】如图所示，CO 为穿过球心的光线，与 CO 相距为 R 的光线在 b 球面折射后折射光线AB 恰好与 a 球相切，则有 ，由折射定律所以 R=nbsinr，又因为所以 ， ，即被吸收掉的光束横截面积为 .
