1、广东省普宁市第二中学 2018 届高三七校联合体考前冲刺交流考试物理试题一、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 1417 题只有一项符合题目要求，第 1821 题有多项符合题目要求。全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。1. 下列说法中正确的有A. 伽利略通过理想斜面实验说明力是维持物体运动的原因B. kg、m、N、A 都是国际单位制中的基本单位C. 加速度 和功率 的定义都运用了比值法D. 胡克总结出弹簧弹力与形变量间的关系【答案】D【解析】【分析】伽利略通过理想斜面实验推翻了亚里士多德的观点；掌握国际上七个基本单位；了解比值法
2、定义物理量的方法；掌握胡克定律！【详解】A、伽利略通过“理想斜面实验”得出“力不是维持物体运动的原因” ，从而推翻了亚里士多德的观点，故 A 错误；B、kg、m、A 是国际单位制中的基本单位，N 不是国际单位制中的基本单位，故 B 错误；C、加速度 是牛顿第二定律的表达式，不是定义式，没有运用了比值法，故 C 错误；D、胡克总结出弹簧弹力与形变量间的关系，即胡克定律，故 D 正确。【点睛】本题考查的知识点较多，需要同学们在平时学习过程中多加积累，多学多记！2. 如图所示，半径为 R 的圆内有方向与 xOy 平面平行的匀强电场，在坐标原点 O 固定了一个 核，在发生 衰变，生成了 Th 核。现假
3、定 粒子以相同的速率 v 向各个方向射出，圆形边界上的各处均有 粒子到达，其中到达 P 点的 粒子速度恰好为零， OP 与 x 轴的夹角为 =45。只考虑匀强电场对 粒子的作用力，不计其他作用力，已知质子的质量为m，质子的电荷量是 e，则下列说法正确的是A. 核衰变方程是B. 电场强度的大小为C. A、 O 两点间的电势差为D. 到达 C 点的 粒子电势能比到达 B 点的 粒子电势能大【答案】C【解析】【分析】本题着重分析出匀强电场的方向，然后根据动能定理与电势差与场强的关系进行求解即可！【详解】A、 核衰变方程是： ，故选项 A 错误；B、由题意可知：到达 P 点的 粒子速度恰好为零，说明匀
4、强电场的方向为平行于 斜向左下方，则从 O 到 P 根据动能定理可知： ，则 ，故选项 B 错误；C、根据场强与电势差的关系可知： ，故选项 C 正确；D、由于匀强电场的电场线沿 PO 方向，根据图可知 BC 与 PO 方向垂直，则可知 BC 为等势线，则到达 C 点的 粒子电势能比到达 B 点的 粒子电势能相等，故选项 D 错误。【点睛】本题考查了衰变方程，同时考查了带电粒子在匀强电场中的运动，注意分析出匀强电场的方向，然后根据动能定理与电势差与场强的关系进行求解即可。3. 宇航员乘坐航天飞船，在距月球表面高度为 H 的圆轨道绕月运行。经过多次变轨最后登上月球。宇航员在月球表面做了一个实验：
5、将一片羽毛和一个铅球从高度为 h 处同时以速度v0水平抛出，二者同时落到月球表面，测量其水平位移为 x。已知引力常量为 G，月球半径为 R，则下列说法不正确的是A. 月球的质量B. 在月球上发射卫星的第一宇宙速度大小C. 月球的密度D. 卫星绕月球表面运行的周期【答案】C【解析】【分析】物体做平抛运动，根据分运动公式列式求解重力加速度，在月球表面，不计月球自传时，重力等于万有引力，列式求解即可；飞船在近月圆轨道绕月球做匀速圆周运动，重力提供向心力，列式求解即可。【详解】A、设平抛运动落地时间为 t，根据平抛运动规律水平方向： 竖直方向：解得月球表面重力加速度为： 在月球表面忽略地球自转时有：解
6、得月球质量： ，故选项 A 正确；B、在月球表面运动的卫星的第一宇宙速度为 ，由万有引力定律提供向心力得到：， 解得： ，故选项 B 正确；C、根据密度公式可以得到： ，故选项 C 错误；D、根据公式可以得到卫星绕月球表面运行的周期： ，故选项 D 正确。【点睛】本题首先要通过平抛运动的知识求解月球表面的重力加速度，然后结合月球表面的重力等于万有引力、万有引力提供卫星圆周运动的向心力列式分析即可。4. 甲乙两车同时同地同向运动，两车的 vt 图象如图所示。其中质量 m=7.5 t 甲车以恒定功率 P=50 kW 启动，最后匀速运动。乙车做初速为 0 做匀加速运动，则乙车追上甲车的时间是A. 4
7、0 s B. 20 s C. 60 s D. 30 s【答案】D【解析】【分析】由图象可知两汽车的运动情况，甲乙两车同时同地同向运动，相遇时二者位移相等，对甲车根据动能定理即可求解，注意首先求解甲车的摩擦阻力。【详解】设乙车追上甲车的时间为 ，对乙车：对甲车：当甲车速度最大时，牵引力等于阻力，则由图可知，当乙车追上甲车时，甲车已经达到最大速度，并且以最大速度做匀速运动对甲车根据动能定理有：联立以上方程式可以得到： ，故选项 D 正确，选项 ABC 错误。【点睛】本题要注意明确图象的意义，关键在于甲车的运动情况，首先求解甲车的摩擦阻力，然后根据二者位移相等，利用动能定理进行求解即可。5. 如图所
8、示，质量为 m 的木板 B 放在水平地面上，质量也为 m 的木箱 A 放在木板 B 上一根轻绳一端拴在木箱上，另一端拴在地面的木桩上，绳绷紧时与水平面的夹角为 已知木箱 A 与木板 B 之间的动摩擦因数 、 木板 B 与地面之间的动摩擦因数均为 现用水平力 F 将木板 B 从木箱 A 下面匀速抽出则下列说法确的是A. 细绳的张力大小B. 细绳的张力大小C. 水平拉力D. 水平拉力【答案】AC【解析】木箱 A 受力分析如图 1 所示，由平衡条件可知： FTcos Ff1 mg FTsin FN1 Ff1 F N1 解式可得： ，故 AB 错误；图 1 图 2木板 B 受力如图 2 所示， B 匀
9、速时有： F F f1 Ff2 Ff2 F N2 FN2 mg FN1 解式可得： ，故 C 正确，D 错误点睛：此题是关于平衡问题；关键是用隔离法分析两个物体的受力情况，画出受力图，利用正交分解法列出水平和竖直两个方向的方程联立求解.6. 如图所示，边长为 l1、 l2的单匝矩形线框 abcd 处在磁感应强度为 B 的匀强磁场中，线框可绕轴 OO转动，轴 OO与磁场垂直，线框通过连接装置与理想变压器、小灯泡连接为如图所示的电路。已知小灯泡 L1、 L2额定功率均为 P，正常发光时电阻均为 R。当开关闭合，线框以一定的角速度匀速转动时，灯泡 L1正常发光，电流表 A 示数为 I；当开关断开时，
10、线框以另一恒定的角速度匀速转动，灯泡 L1仍正常发光，线框电阻、电流表 A 内阻不计，以下说法正确的是A. 断开开关 S 时，电流表示数为 2IB. 变压器原、副线圈的匝数比为C. 当开关闭合时线框转动的角速度为D. 当开关断开时线框转动的角速度为【答案】BD【解析】由于小灯泡功率为 ，可得 ，由于 ；断开开关 S 时，小灯泡正常发光，电流 不变，故变压器原线圈电流仍为 ；由于 ， 可得当开关闭合时线框转动的角速度为 ，当开关断开时两个小灯泡总功率为 ，原线圈电流 不变，则原线圈输入功率为 ， ，可得当开关断开时线框转动的角速度为 。综上分析可知，AC 错误，BD 正确。7. 如图所示，竖直平
11、面内四分之一光滑圆弧轨道 AP 和水平传送带 PC 相切于 P 点，圆弧轨道的圆心为 O，半径为 R一质量为 m 的小物块从圆弧顶点 A 由静止开始沿轨道下滑，再滑上传送带 PC，传送带可以速度 沿逆时针方向的传动小物块与传送带间的动摩擦因数为 ，不计物体经过圆弧轨道与传送带连接处 P 时的机械能损失，若传送带沿逆时针方向转动，物块恰能滑到右端 C，重力加速度为 g=10 m/s2则下列说法正确的是A. 若水平传送带沿逆时针方向转动的速度增大，小物块不能滑到传送带右端 CB. 传送带 PC 之间的距离C. 若传送带速度大小 v0不变，顺时针转动，小物块从 P 点滑到 C 点所用的时间D. 若传
12、送带速度大小 v0不变，顺时针转动，要让小物块一直在传送带上做匀减速运动，则小物块在圆弧顶点 A 的最小速度【答案】BCD【解析】【分析】传送带沿逆时针方向转动时，物体在传送带上受到的滑动摩擦力与转速无关，运动情况不变。从 A 到 C 对小物块运用动能定理列式，可求得 PC 之间的距离 L；若传送带速度大小 v0不变，顺时针转动，先由动能定理求出物块到达 P 点的速度。分析物块滑上传送带后的运动情况，由牛顿第二定律和运动学公式求物块从 P 点滑到 C 点所用的时间 t；若传送带速度大小 v0不变，要让小物块一直在传送带上做匀减速运动，则小物块滑到传送带右端 C 时速度恰好与传送带共速，再由运动
13、学公式和动能定理求解小物块在圆弧顶点 A 的最小速度。【详解】A、若水平传送带沿逆时针方向转动的速度增大，物块受到的滑动摩擦力不变，滑动摩擦力做功与速度变大前一样，故小物块仍然恰能滑到右端 C，故 A 错误；B、从 A 到 C，对小物块运用动能定理可得： ，解得： ，故 B 正确；C、若传送带速度大小 v0不变，顺时针转动，根据动能定理得： ，可得，物块滑动到 P 点的速度： 根据牛顿第二定律可得： ，得 假设传送带足够长，共速时间： 共速时小物块相对 P 点向右运动的位移：，故小物块在传送带上先做匀减速运动，然后做匀速运动，则匀速运动的时间为：可得小物块从 P 点滑到 C 点所用的时间： ，
14、故 C 正确；D、若传送带速度大小 v0不变，要让小物块一直在传送带上做匀减速运动，则小物块滑到传送带右端 C 时速度恰好与传送带共速为：对整个过程，由动能定理得：解得 ，即小物块在圆弧顶点 A 的最小速度 ，故 D 正确。【点睛】解决本题的关键是分析清楚小物块的运动情况，应用动能定理、牛顿第二定律、运动学公式进行研究。要注意分析物块与传送带共速的状态。8. 如图所示，足够长的光滑平行金属导轨竖直放置，间距为 L，其上端连接有阻值为 R 的电阻和电容器 C，装置区域有垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度为 B，将一根水平金属棒 ab 开始下滑。已知金属棒 ab 的质量为 m，电阻也为 R。金属
15、棒 ab 在运动中始终保持水平且与导轨良好接触，且通过金属棒 ab 的电流恒定不变，忽略导轨电阻，重力加速度为 g。则下列说法正确的是A. 金属棒 ab 做匀速运动，速度大小是B. 金属棒 ab 做匀变速运动，加速度大小是C. 电阻 R 的电功率D. 若金属棒 ab 由静止下滑，开始时电容器所带电荷量为 0，那么经过时间 t，电容器的电量【答案】BD【解析】【分析】根据题意金属棒中电流不变，可以知道电容器两端的电压逐渐增大，是处于充电过程中，然后根据牛顿第二定律可以确定加速度以及功率和电量；【详解】A、由题可知金属棒 ab 受到安培力为：对金属棒 ab 根据牛顿第二定律可以得到：整理可以得到：
16、 ，故选项 A 错误，选项 B 正确；C、由上面分析可知： ，即：则电阻 R 的功率为： ，故选项 C 错误；D、经过时间 电容器两端的电量为：，故选项 D 正确。【点睛】本题考查了电磁感应中的电容器充电过程中，电流不变，然后根据牛顿第二定律可以确定加速度以及功率和电量。9. 在做“研究平抛运动”的实验中，为了测量小球平抛运动的初速度，实验用如图所示的装置。实验操作的主要步骤如下：()在一块平木板上钉上复写纸和白纸，将其竖直立于斜槽轨道末端槽口前，木板与槽口之间有一段初始距离，保持板面与轨道末端的水平段垂直。()使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止滚下，小球撞到木板在白纸上留下痕迹 A() 将木板沿
17、水平方向向右平移一段动距离 x，再使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止滚下，小球撞到木板在白纸上留下痕迹 B()将木板再水平向右平移相同距离 x，使小球仍从斜槽上紧靠挡板处由静止滚下，再在白纸上得到痕迹 C()测得 A、 B、 C 三点距地面的高度为 y1、 y2、 y3，已知当地的重力加速度为 g。请回答下列问题(1)关于该实验，下列说法中正确的是_A斜槽轨道必须尽可能光滑B每次小球均须由静止释放C每次释放小球的位置可以不同D步骤() 初始距离必须与步骤()中距离 x 相等(2)根据上述直接测量的量和已知的物理量可以得到小球平抛的初速度大小的表达式为v0_。(用题中所给字母表示)【答案】 (1).
18、 B (2). 【解析】【分析】根据实验的原理以及注意事项确定正确的操作步骤；根据竖直方向上连续相等时间内位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移和时间间隔求出初速度。【详解】 （1）A、为了让小球平抛运动的初速度相等，每次让小球从斜槽的同一位置由静止释放，斜槽轨道不一定需要光滑，故 AC 错误，B 正确；D、步骤（） 初始距离 d 不需要与步骤（）中距离 x 相等，故 D 错误。（2）在竖直方向上， ，根据 得，则初速度为： 。【点睛】解决本题的关键知道实验的原理以及注意事项，知道平抛运动的规律，结合运动学公式和推论灵活求解。10. 在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，某实验小组决
19、定测绘标有“3.8V 0.4A”小灯泡的伏安特性曲线。(1)使用多用电表粗测小灯泡的电阻，选择“1”欧姆挡测量，示数如图所示，读数为_(2)实验室提供的实验器材有：A电源 E（4 V，内阻约 0.4 ）B电压表 V（2 V，内阻为 2 k）C电流表 A（0.6 A，内阻约 0.3 ）D滑动变阻器 R（010 ）E三个定值电阻（ R1=1 k， R2=2 k， R3=5 k）F开关及导线若干小组同学们研究后发现，电压表的量程不能满足实验要求，为了完成测量，他将电压表进行了改装。在给定的定值电阻中选用_（选填“ R1”、 “R2”或“ R3”）与电压表_（选填“串联”或“并联” ） ，完成改装。在
20、虚线框中画出正确的实验电路图_（虚线框中已将部分电路画出，请补齐电路的其他部分） ；(3)该实验小组按照正确的电路图和实验操作描绘出了小灯泡的伏安特性曲线如图所示。先将两个相同规格的小灯泡按如图所示电路连接，图中定值电阻阻值为 R0=3，电源电动势E=4.5V，内阻 r=1.5，此时每个小灯泡消耗的电功率为_W。 （结果保留 2 位有效数字， I 表示通过每个小灯泡的电流）【答案】 (1). 10 (2). R2 (3). 串联 (4). (5). 0.74-0.78【解析】【分析】根据灯泡电阻与电表内阻关系确定电流表的接法，根据题意确定滑动变阻器的接法，然后作出实验电路图；在灯泡 U-I 图
21、象坐标系内作出等效电源的 U-I 图象，求出灯泡两端电压与通过灯泡的电流，然后求出每个灯泡消耗的电功率。【详解】 （1）使用多用电表粗测小灯泡的电阻，选择“1”欧姆挡测量，示数如图所示，读数为： ；（2）灯泡额定电压为 3.8V，可以把电压表改装为 4V 量程，电压表量程为 2V，内阻为 ，要把电压表改装成 4V 的电压表，可以串联 2k 的电阻，应选电阻 与电压表串联；灯泡正常发光时的电阻为： ，电压表内阻为 ，电流表内阻约为 ，电压表内阻远大于灯泡电阻，而电流表内阻与灯泡内阻相差不多，故电流表应采用外接法，由于滑动变阻器阻值较小，故采用分压式接法，电路图如图所示：（3）设通过每个灯泡的电流
22、为 I，电源电动势为： ，整理得： 即： ，在灯泡 U-I 图象坐标系内作出：U-I 图象如图所示：由图示图象可知，灯泡两端电压为： 通过灯泡的电流为： ，灯泡实际功率为： 。【点睛】本题要注意灯泡的电阻随温度的变化而变化，故不能直接用欧姆定律求功率，只能在灯泡 U-I 图象坐标系内作出等效电源的 U-I 图象，求出灯泡两端电压与通过灯泡的电流，然后求出每个灯泡消耗的电功率。11. 如图所示，两个半圆柱 A、 B 紧靠着静置于水平地面上，其上有一光滑圆柱 C，三者半径均为 R。 C 的质量为 m， A、 B 的质量都为 ，与地面的动摩擦因数均为 。现用水平向右的力拉 A，使 A 缓慢移动，直至
23、 C 恰好降到地面。整个过程中 B 保持静止。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为 g。求：(1)未拉 A 时， C 受到 B 作用力的大小 F；(2)动摩擦因数的最小值 min；(3)A 移动的整个过程中，拉力做的功 W。【答案】(1) (2) (3) 【解析】（1） C 受力平衡 解得（2） C 恰好降落到地面时， B 受 C 压力的水平分力最大B 受地面的摩擦力 根据题意 ，解得（3） C 下降的高度 A 的位移摩擦力做功的大小根据动能定理 解得【名师点睛】本题的重点的 C 恰好降落到地面时， B 物体受力的临界状态的分析，此为解决第二问的关键，也是本题分析的难点12. 如图所示，
24、纸面内直线 ab 左侧区域内存在垂直 ab 向右的匀强电场，直线 gh 右侧区域内存在垂直 gh 向左的匀强电场。 直线 ab、 cd 之间区域、直线 ef、 gh 之间区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，直线 cd、 ef 之间区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场，图中磁场未画出。区域、的电场强度大小均为 E，区域、的磁场强度大小均为B。现将质量为 m、电荷量为 q 的带粒子从区域中的 A 点由静止释放，粒子按某一路径经过上述各区域能回到 A 点并重复前述过程。已知 A 点与直线 ab 间的距离为 l，粒子重力不计，各区域足够大，磁场区域的宽度可调节，求：(1)粒子第一次离开区域时的速度大小；(2
25、)请在图中画出粒子运动的一条可能轨迹的完整示意图；(3)直线 ab、 gh 间的距离为多大时，粒子往、返通过区域作圆周运动的圆心距离最小？并求该条件下粒子从 A 点出发到再次回到 A 点的时间。【答案】(1) (2) (3) ,【解析】试题分析：粒子在电场中加速，由动能定理可求粒子第一次离开区域时的速度大小；根据几何关系，可求直线 ab、gh 间的距离 d，粒子在磁场中运动时间可由 进行求解，再结合运动对称性可求粒子从 A 点出发到再次回到 A 点的时间。（1）由题意可知，粒子在电场中加速过程：（2）如图所示（3）粒子进入磁场区域：粒子往、返通过区域作圆周运动的圆心距离最小为 0，即圆心重合，
26、如图由几何关系得 解得直线 ab、gh 间的距离解得：设 A 点出发到 ab 的时间为 ，由对称性可得电场中的时间设粒子在直线 ab、cd 之间时间为 ，由于对称性得粒子通过磁场的时间：联立解得：A 点出发到再次回到 A 点的时间：13. 下列说法正确的是_A分子热运动越剧烈，温度一定越高B当水蒸气达到饱和状态时，仍然有水分子不断从液体中逸出C用打气筒给自行车充气，越打越费劲，说明气体分子之间有斥力D布朗运动的无规则性反映液体分子运动的无规则性E拔火罐过程中，火罐能吸附在身体上，说明火罐内气体内能减小【答案】ABD【解析】【分析】温度是分子平均动能的标志；布朗运动说明了液体分子不停的做无规则运
27、动；用打气筒给自行车充气，越打越费劲，是由于内外气体的压强差造成的。【详解】A、温度是分子平均动能的标志，温度越高，分子热运动越剧烈，故 A 正确；B、水蒸气达到饱和状态时是一种动态平衡，所以当水蒸气达到饱和状态时，仍然有水分子不断从液体中逸出，故 B 正确；C、用打气筒给自行车充气，越打越费劲，是由于内外气体的压强差造成的，不是因为气体分子间的斥力作用，故 C 错误；D、布朗运动是悬浮在液体中固体小颗粒的运动，布朗运动的无规则性，反映了液体分子运动的无规则性，故 D 正确；E、拔火罐过程中，火罐能吸附在身体上，是因为火罐内气体的压强小于大气压强，是大气把火罐压在皮肢上，故 E 错误。【点睛】
28、本题考查了热学的相关知识，难度不大，要注意平时多积累，会用学过的物理知识来解释生活现象。14. 长为 31 cm，内径均匀的细玻璃管，当开口向上竖直放置时，齐口的水银柱封住 10 cm长的空气柱(如图所示)。若在竖直平面内将玻璃管缓慢转至开口向下竖直放置，然后再缓慢转至开口向上竖直放置，这时管内水银柱长度为 15 cm。求：()大气压强；()末状态管内空气柱的长度。【答案】(i) (ii)【解析】【分析】玻璃管在竖直平面内缓慢转至开口竖直向下，封闭气体发生等温变化，根据玻意耳定律求解大气压强 p0的值；玻璃管重新回到开口竖直向上时，求出封闭气体的压强，再根据玻意耳定律求解空气柱的长度。【详解】()由题意细玻璃管长为 ，空气柱长度 设压强为 p1，状态 a 有： cmHg， 将玻璃管缓慢转至开口竖直向下压强为 管内水银柱长度为 ， 状态 b 有： cmHg，由玻意耳定律得：联立以上各式并代入数据得：()再缓慢转至开口竖直向上，状态 c 有： cmHg ， 由玻意耳定律得：联立以上各式并代入数据得 。【点睛】气体的状态变化问题关键是分析气体发生的是何种变化，要挖掘隐含的条件，比如玻璃管在空气中缓慢转动，往往温度不变，封闭气体发生等温变化。
