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精品解析:湖南省娄底市双峰一中,涟源一中等五校2017届高三上学期期中联考物理试题解析(解析版).doc

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资源描述

1、一、选择题(其中 18 题为单选题,912 题为多选题,每题 5 分,共 60 分。多选题对而不全得 3 分。 )1如图所示,直角坐标系位于竖直面内,一质点以 v=10m/s 的初速度从坐标原点 O 沿 x 轴正方向水平抛出,1s 物体到达 P 点,O、P 连线与 x 轴间的夹角为 ,取 ,则 为( ) 210/gmstanA1 B C2 D l12【答案】B【解析】试题分析:根据平抛运动规律,OP 位移与水平方向的夹角为 ,则有 ,22011gtytanxv 故 B 正确,ACD 错误;故选 B.来源:学+ 科+网 Z+X+X+K考点:平抛运动2. 已知地球半径为 R,静置于赤道上的物体随地

2、球自转的向心加速度为 a;地球同步卫星作匀速圆周运动的轨道半径为 r,向心加速度为 ,引力常量为 G,以下结论正确的是0a( )A地球质量 B地球质量20MG 2aRMGC向心加速度之比 D向心加速度之比20arR0r【答案】A来源:学科网【解析】试题分析:地球的同步卫星绕地球做匀速圆周运动,万有引力提供向心力,则有: 解得:20MmGar,故 A 正确; 地球赤道上的物体随地球自转时有: ,解得:20arMG 2gR,故 B 错误;同步卫星的角速度和地球自转的角速度相等,物体的角速度也等于地球自2gaRMG转的角速度,所以地球同步卫星与物体的角速度相等根据 a=r2 得,a:a 0=R:r,

3、则选项 CD 错误;故选A.考点:万有引力定律的应用3. 如图 所示,两个质量不同的小球用长度不等的细线拴在同一点,并在同一水平面内做匀速圆周运动,则它们的: ( )A周期相同 B线速度的大小相等C细线的拉力大小相等 D向心加速度的大小相等【答案】A【解析】考点:圆周运动; 牛顿定律的应用4 如图所示,将一轻弹簧固定在倾角为 的斜面底端,现用一质量为 m 的物体将弹簧压缩锁定在 A 点,30解除锁定后,物体将沿斜面上滑,物体在运动过程中所能到达的最高点 B 距 A 点的竖直高度为 h,已知物体离开弹簧后沿斜面向上运动的加速度大小等于重力加速度 g.则下列说法不正确的是 ( ) A.当弹簧恢复原

4、长时,物体有最大动能B弹簧的最大弹性势能为 2mghC物体最 终会静止在 B 点位置D物体从 A 点运动到静止的过程中系统损失的机械能为 mgh来源: 学科网 ZXXK【答案】A【解析】试题分析:物体离开弹簧后沿斜面向上运动的加速度大小等于重力加速度 g,由牛顿第二定律得知:物块所受的合力沿斜面向下,大小为 F=mg,而重力沿斜面向下的分量为 mgsin30= mg,可知,物块必定受12到沿斜面向下的摩擦力为 f= mg物体从弹簧解除锁定开始,弹簧的弹力先大于重力沿斜面向下的分力12和摩擦力之和,后小于重力沿斜面向下的分力和摩擦力之和,物体先做加速后做减速运动,当弹力等于重力沿斜面向下的分力和

5、摩擦力之和时,速度最大,此时弹簧处于压缩状态,故 A 不正确;根据能量守恒定律,知在物块上升到最高点的过程 中,弹性势能变为物块的重力势能 mgh 和内能,故弹簧的最大弹性势能Ep=mgh+f2h=2mgh,故 B 正确由于物体到达 B 点后,瞬时速度为零,由于最大摩擦力 fm=f= mg=mgsin30,所以物块将静止在 B 点,故 C 正确物体从 A 点运动到静止的过程中系统损失的12机械能等于克服摩擦力做的功,为E=f2h=mgh,故 D 正确本题选不正确的,故选 A.学科网考点:动能定理及牛顿第二定律的应用5电 动势为 E、内阻为 r 的电源与定值电阻 R1、R 2 及滑动变阻器 R

6、连接成如图所示的电路,当滑动变阻器的触头由中点滑向 b 端时,下列说法正确的是 ( ) A电压表和电流表读数都 增大 B电压表和电流表读数都减小 来源:Z 。xx。k.ComC电压表读数增大,电流表读数减小 D电压表读数减小,电流表读数增大【答案】A【 解析】试题分析:当滑片向 b 滑动时,R 接入电阻增大,总电阻增大;由闭合电路的欧姆定律可知电路中总电流减小,则内电压减小,由 U=E-Ir 可知路端电压增大,即电压表示数增大;因 路端电压增大,R 1 两端的电压减小,故并联部分电压增大,由欧姆定律可知电流表示数增大;故 A 正确;故选 A。考点:电路的动态分析6 . 如 图,长为 L 的粗糙

7、长木板水平放置,在木板的 A 端放置一个质量为 m 的小物块。现缓慢抬高 A 端,使木板以左端为轴转动。当木板转到与水平面的夹角为 时,小物块开始滑动,此时停止转动木板,小物块滑到底端,重力加速度为 g。下列说法正 确的是: ( )A. 整个过程木板对物块做功大于物块机械能的增量B.整个过程支持力对物块做功为零C.整个过程木板对物块做功为零D. 整个过程支持力对物块做功为 mgLsin【答案】D【解析】试题分析:整个过程中,根据功能原理知,木板对物体做功等于物体机械能的增加量;故 A 错误;木板转动的过程中,支持力对物块要做功,故 B 错误 整个过程中,物块的机械能减少,由功能原理可知,木板对

8、物块做功不为零,故 C 错误物块在缓慢提高过程中,由动能定理可得:W 支-mgLsin=0-0,则有整个过程支持力对物块做功 W 支=mgLsin故 D 正确故选 D.考点:功能关系7. 如图所示,平行板电容器与电动势为E的直流电源(内阻不计)连接,下极板接地,静电计所带电荷量很少,可被忽略。一带负电油滴被固定于电容器中的P点。现将平行板 电容器的下极板竖直向下移动一小段距离,则错误的是 ( ) 来源:学科网A平行板电容器的电容将变小B静电计指针张角变小C带电油滴的电势能将减少D若先将上 极板与电源正极的导线断开,再将下极板向下移动一小段距离,则带电油滴所受电场力不变 【答案】B【解析】考点:

9、电容器的动态分析8、如图所示直线 CD 是真空中的一条电场线,若将一电子从 A 点由静止释放,电子沿电场线从 A 到 B 运动中速度随时间变化的图线如图所示,则 A、B 两点的电势 、 的高低和场强 EA、E B 及电子在 A、BB两点电势能 EPA、E PB 的大小关系是( )A、 B、E PAE PB C、E AE B D、E AE BB【答案】C【解析】试题分析:由题,电子从 A 点处静止释放,电子沿电场线从 A 运动到 B,说明电子所受的电场力方向从A 到 B,则电场线方向从 B 到 A,根据顺着电场线电势降低得知, A B,而负电荷在电势高处电势能小,则有 EPAE PB根据速度图象

10、的斜率等于加速度,则知电子在 B 处的加速度较小,说明 B 处场强较小,即有 EAE B故 C 正确,ABD 错误故选 C.考点:电场线;电场强度;v-t 图像9如图所示,汽车以 10 m/s 的速度匀速驶向路口,当行驶至距路口停车线 20 m 处时,还有 3 s 绿灯就要熄灭而该 汽车在绿灯熄灭时刚好停在停车线处,则汽车运动的速度时间图像可能是图中的( ) 【答案】BC【解析】试题分析:由图形面积表示位移知 ,故 A 错误;由 B 图面积可知 SB15m,103152ASm( )故 B 正确;由 C 图形面积表示位移: ,故 C 正确;20C( ),故 D 错误;故选 BC。10.52.17

11、.5DSm( )考点:v-t 图像10 如图,倾角 =53的足够长斜面固定在水平面上,质量 m=3kg 的物块从斜面顶端 A 以 3m/s 的初 0v速度沿斜面向下滑动,以 A 点所在水平面为参考平面,物块滑动到 B 点时,其动能与重力势能之和为零,已知物块与斜面间的动摩擦因数 =0.5,取 , sin53=0.8,cos53=0.6,以下说法正确的是( ) 210/gmsAA、B 间的距离为 1.2m来源:Z xxk.ComB物块在 B 点的重力势能为-36JC物块越过 B 点后, 其动能与重力势能之和大于零D物块沿 斜面下滑的过程中,重力做功的瞬时功率越来越大【答案】BD【解析】试题分析:

12、设 AB 间的距离为 L从 A 到 B,由动能定理得: mvB2- mv2=mgLsin53-mgLcos531据题有 m vB2-mgLsin53=0,联立解得 L=1.5m,故 A 错误物块在 B 点的重力势能为 Ep=-mgLsin531=-3101.50.8J=-36J,故 B 正确由于摩擦力对物块做负功,根据功能原理可知,物块的机械能不断减小,所以物块越过 B 点后,其动能均重力势能之和小于零故 C 错误由于 mgsin53mgcos53,所以物块斜面向下做匀加速运动,速度增大,由 P=mgvsin53知,重力做功的瞬时功率增大,故 D 正确故选 BD.学科网考点:动能定理;功率11

13、. 如图所示,长木板放置在水平面上,一小物块置于长木板的中央,长木板与物块的质量均为 m,物块与木板间的动摩擦因数为 ,木板与水平面间动摩擦因数为 /3,已知最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等,重力加速度为 g。现对物块施加一水平向右的拉力 F,则木板加速度 a 大小可能是( )A B C D a2a31ag31g23mF【答案】CD【解析】试题分析:一:木板相对物块没动若 ,则木板上下表面都受到大小相等、方向相反的摩擦力,摩擦力大小为 F,此时木板加速23Fmg度为 0;若 ,则木板和物块一起做匀加速直线运动,整体水平方向的受力为:拉力 F 和地 4 面的摩擦力 f,则其加速度为: ,故 D

14、正确23Ffgam 二:木板相对物块动了,此时 ,则木板就是在物块的摩擦力和地面对它的摩擦力作用下做匀加43速直线运动,其受到木块的摩擦力为:f 1=mg,受到地面的摩擦力为 ,则获得的加速度为:23fmg,故 C 正确故选 CD。3ga考点:牛顿第二定律的应用12. 如图所示,一质量为 M 的斜面体静止在水平地面上,物体 B 受沿斜面向上的力 F 作用沿斜面匀速上滑,A、B 之间的动摩擦因数为 , tan,且 A、B 质量均为 m,则( )A、A、B 保持相对静止B. 地面对斜面体的摩擦力等于 (sincos)cosmgFC. 地面受到的压力等于 (2)MD. B 与斜面间的动摩擦因数为 F

15、g)(sicsoBAF【答案】BD【解析】试题分析:对 A 分析,因为 tan,则 mgsinmgcos,则 A、B 不能保持相对静止,故 A 错误以AB 为研究的对象,A 受到重力、支持力、和斜面体 B 对 A 的摩擦力,垂直于斜面的方向:N=mgcos沿斜面的方向:mgsin-N=ma由于 tan,则:ma=mgsin-mgcos0加速度 aA=gsin-gcos,将 B 和斜面体视为整体,受力分析考点:牛顿第二定律的应用二、非选择题(16 分)13. (6 分)某同学用打点计时器测量做匀加速直线运动的物体的加速度,电源频率 f=50Hz,在纸 带 上打出的点中,选出零点,每隔 4 个 点

16、取 1 个计数点,因保存不当,纸 带被污染,下如所示,A、B、C、D 是依次排列的 4 个计数点,仅能读出其中 3 个计数点到零点的距离: sA=16.6mm,s B=126. 5mm,s D=624.5mm。若无法再做实验,可由以上信息推知:相邻两计数点的时间间隔为 s;打 C 点时物体的速度大小为 m/ s(取 2 位有效数字) ;物体的加速度大小为 (用 sA、s B、s D 和 f 表示) 。 来源: 学科网【答案】 0.1 2.5 23 75D【解析】试题分析:(1)打点计时器打出的纸带每隔 4 个点选择一个计数点,则相邻两计数点的时间间隔为T=0.025=0.1s根据间的平均速度等

17、于点的速度得 2.5/BDBcxsvmstT匀加速运动的位移特征是相邻的相等时间间隔内的位移以 aT2 均匀增大,即x=aT 2,所以有:xBC=xAB+aT2, xCD=xBC+aT2=xAB+2aT2,x BD=2xAB+3aT2,所以 23 375DBBADBAssssfaT考点:测量做匀加速直线运动的物体的加速度14 (10 分)测定一卷阻值约为 30 的金属漆包线的长度,实验室提供下列器材:A电流表 A:量程 0.6 A,内阻 RA 约为 20 B电压表 V:量程 15V,内阻 RV 约为 4kC学生电源 E:可提供 0 30V 直流电压 D滑动变阻器 R1:阻值范围 010E滑动变

18、阻器 R2:阻值范围 0500 F电键 S 及导线若干为了较准确地测量该漆包线的电阻,滑动变阻器应选择 (选填“R 1”或“ R2”) ,并将方框中的电路图补画完整。来源:Zxxk.ComSE根据正确的电路图进行测量,某次实验中电压表与电流表的示数如图,则电压表的示数 U 为 V ,电流表的示数 I 为 A 。已知这种漆包线金属丝的直径为 d,材料的电阻率为 ,则这一卷漆包线的长度 L= (用 U、 、d、 表示) 。I【答案】(1) R 1;如图; (2)13.5; 0.46;(3)24dUlI【解析】试题分析:(1)题目中给出的电源电压为 30V,而 给出的电压表量程为 15V,为了便于控制,采用滑动变阻器分压接法,故滑动变阻器选小电阻 D(R 1)(2)电压表量程为 15V,故最小分度为 0.5V,故读数为 13.5V,电流表量程为 0.6A,最小分度为 0.02A,

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