1、辽宁省重点高中协作校 2018 届高三第三次模拟考试理综试卷二、选择题：本题共 8 小题。在每小题给出的四个选项中，第 1418 题只有一项符合题目要求，第 1921 题有多项符合题目要求。1. 北斗卫星导航系统(BDS)空间段由 35 颗卫星组成，包括 5 颗静止轨道卫星（同步卫星） 、27 颗近地轨道地球卫星、3 颗其他卫星。其中有一颗中轨道地球卫星的周期为 16 小时，则该卫星与静止轨道卫星相比A. 角速度小 B. 轨道半径小 C. 线速度小 D. 向心加速度小【答案】B2. 以 30 m/s 的初速度水平抛出一质量为 0.1 kg 的物体，物体从抛出点到落在水平地面上的时间为 4s，不
2、计空气阻力，g 取 10 ms 2。下列说法正确的是A. 物体抛出点离地面的高度为 120 mB. 物体落地时速度方向与水平方向的夹角的正切值为C. 物体在空巾运动的总路程为 200 mD. 物体落地前瞬间重力的瞬时功率为 40 W【答案】D【解析】平抛运动的时间和竖直方向上的运动时间相同，而物体在竖直方向上做自由落体运动，根据 可知 ，A 错误；落地时速度方向与水平方向的夹角的正切值为 ，B 错误；物体在空中运动的总路程为轨迹的长度，不是水平位移与竖直位移之和，C 错误；物体落地前瞬间重力的瞬时功率为 ，D 正确3. 如图所示，质量为 m 的小球 A 静止于光滑水平面上，在 A 球与墙之间用
3、轻弹簧连接。现用完全相同的小球 B 以水平速度 v0与 A 相碰后粘在一起压缩弹簧，不计空气阻力，若弹簧被压缩过程巾的最大弹性势能为 E，从球 A 被碰后开始到回到原静止位置的过程中墙对弹簧的冲量大小为 I，则下列表达式中正确的是A. B. C. D. 【答案】A【解析】 A、 B 碰撞过程，取向左为正方向，由动量守恒定律得 ，碰撞后， AB 一起压缩弹簧，当 AB 的速度减至零时弹簧的弹性势能最大，由能量守恒定律得：最大弹性势能 ，联立解得 ，从球 A 被碰后开始到回到原静止位置的过程中，取向右为正方向，对 AB 及弹簧整体，由动量定理得 ，A 正确【点睛】分析清楚物体的运动过程、正确选择研
4、究对象是正确解题的关键，应用动量守恒定律、机械能守恒定律即可正确解题。在运用动量定理和动量守恒定律时都要选择正方向，用符号表示速度的方向4. 如图所示，水平地面上有三个靠在一起的物块 P、Q 和 R，质量分别为 m、2m 和 3m，物块与地面间的动摩擦因数都为 。用水平外力推动物块 P，使三个物块一起向右做加速度大小为 a 的匀加速直线运动。记 R 和 Q 之间相互作用力与 Q 与 P 之间相互作用力大小之比为 k，重力加速度为 g，下列判断正确的是A. 该外力的大小一定为 6maB. 物块 P 受到的合力为 mg+maC. 若 =0，则 k=D. 无论 为何值，k 都等于【答案】D【解析】将
5、三者看做一个整体，对整体有 ，解得，A 错误；隔离 P， P 做加速度为 a 的匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可得其受到的合力大小为 ma，B 错误；三物块靠在一起，将以相同加速度向右运动；则加速度，所以 R 和 Q 之间相互作用力 ，Q 与 P 之间相互作用力，所以 ，结果与 是否为零无关，故恒成立，C 错误 D 正确【点睛】对物体运动过程中某一力的求解，一般先对物体运动状态进行分析，得到加速度，然后应用牛顿第二定律求得合外力，再对物体进行受力分析即可求解5. 如图所示，边长为 L、电阻为 R 的正方形线框 abcd 放在光滑绝缘水平面上，其右边有一磁感应强度大小为 B、方向竖直向上的有界
6、匀强磁场，磁场的宽度为 L，线框的 ab 边与磁场的左边界相距为 L，且与磁场边界平行。线框在某一水平恒力作用下由静止向右运动，ab 边进入磁场时线框恰好开始做匀速运动。根据题中信息，下列物理量可以求出的是A. 外力的大小B. 匀速运动的速度大小C. 进入磁场的过程中通过线框某横截面的电荷量D. 通过磁场区域的过程中产生的焦耳热【答案】C【解析】匀速时产生的感应电动势 ，对线框根据欧姆定律可得 ，ab 边受到的安培力大小为 ，根据共点力的平衡可得 ，解得 ，由于拉力 F 不知道，也不能求出，所以 v 无法求出，AB 错误；线框进入磁场过程中通过线框某横截面的电荷量，C 正确；线框通过磁场过程，
7、由能量守恒定律得 ，由于 F和 v 不知道，所以通过磁场区域的过程中产生的焦耳热无法求解，D 错误【点睛】对于电磁感应问题研究思路常常有两条：一条从力的角度，重点是分析安培力作用下物体的平衡问题；另一条是能量，分析电磁感应现象中的能量如何转化是关键6. 下列关于核反应方程及描述正确的是A. 是居里夫妇发现人工放射性的核反应方程B. 是核聚变方程C. 是核聚变方程D. 是 衰变方程【答案】AC【解析】居里夫妇发现人工放射性的核反应方程为 ，A 正确；为核裂变方程，B 错误； 是轻核聚变方程，C 正确；是发现质子方程，D 错误7. 一台理想变压器的原、副线圈的匝数比是 5:1，原线圈接人电压的瞬时
8、值表达式为u=220sin l00t(V)的正弦交流电，一个阻值 R=100 的电阻接在副线圈上，如图所示。电压表和电流表均为理想交流电表，则下列说法正确的是（ ）A. 副线圈两端的电压为 44 VB. 电流表的示数为 0. 062 AC. 电阻 R 消耗的功率为 9. 68 WD. 通过电阻 R 的电流方向每秒改变 50 次【答案】BC【解析】原线圈接入电压的瞬时值表达式为 ，则 ，根据变压器原理可知副线圈两端的电压为 ，A 错误；副线圈的电流强度，根据变压器原理可得 ，B 正确；电阻 R 消耗的功率为 ，C 正确；，该交流电的频率为 ，每转电流方向改变两次，所以通过电阻 R 的电流方向每秒
9、改变 100 次，D 错误【点睛】据变压器原理可知副线圈两端的电压和原线圈的电流强度；电流方向每转改变两次，由此判断电流方向每秒改变多少次；根据 计算电功率8. 现有一组方向平行于 x 轴的电场线，若从 x 轴的坐标原点由静止释放一个带电粒子，仅在电场力的作用下，该粒子沿着 x 轴的正方向从 x1=0 处运动到 x2=1.2 cm 处，其电势 随位置 x 坐标变化的情况如图所示。下列有关说法正确的是A. 在 x 轴上 00.6 cm 的范围内和 0.61.2 cm 的范围内电场的方向一定相反B. 该粒子一定带正电荷C. 在 x 轴上 x=0.6 cm 的位置，电场强度大小为 0D. 该粒子从
10、x1=0 处运动到 x2 =1.2 cm 处的过程中，电势能一直减小【答案】BD【解析】在 x 轴上 01.2cm 的范围内，电势不断降低，由于电场线平行于 x 轴，则知 x 轴上电场的方向一直沿 x 轴正方向，A 错误；粒子由静止开始沿着 x 轴的正方向运动，所受的电场力沿 x 轴正方向，与电场方向相同，所以该粒子一定带正电，B 正确；根据 图象的斜率等于电场强度，知该电场的电场强度不变，是匀强电场，则知在 x 轴上 x=0.6cm 的位置，电场强度大小不等于 0，为 ，C 错误；该粒子从 处运动到处的过程中，电场力做正功，其电势能减小，D 正确【点睛】解决本题的关键是明确 图象的斜率等于电
11、场强度，根据顺着电场线的方向电势逐渐降低，分析电场的方向，判断电场力做功情况三、非选择题9. 如图所示，电磁打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止开始竖直下落，利用此装置测量重物下落过程中所受的阻力。（1）对于该实验，下列说法正确的是_。A打点计时器必须接 220 V、50 Hz 的交流电源B释放纸带前，提着纸带的手应靠近打点计时器C释放重物前先接通电源（2）某实验小组测得重物的质量为 m，对利用上述实验装置得出的纸带，测得 DE=s1，EF =s2，已知打点周期为 T，A、B、C、D、E、F、G 为选取的连续计时点，当地的重力加速度为g，则重物下落的过程巾受到的阻力为_。【答案】 (
12、1). C (2). 【解析】(1).电磁打点计时器工作电压交流 6V 以下交流电源，故 A 错误；B、释放纸带前，重锤应靠近打点计时器，故 B 错误；C、释放重物前先接通电源后释放纸带，故 C 正确；故选 C。(2) 重物下落的过程中加速度 ，由牛顿第二定律可得 ，解得重物下落的过程中受到的阻力为 ；【点睛】本题关键是明确实验原理，熟悉打点计时器的使用规范。10. 某同学利用下列器材测量电源的电动势和内阻。A待测电源(电动势约 2V)B电流表 G（量程为 400A，内阻 Rg=500）C电阻箱 R（最大阻值为 99.99）D定值电阻 Ro（阻值为 2.0）E定值电阻 R1(阻值为 4.5k)
13、F开关 S 和导线若干。（1）用如图甲所示电路图进行实验，请在图乙中用笔画线代替导线把各器材连成相应的实物图_。（2）合上开关 S 后，调节电阻箱阻值，当电流表示数为 I1时，电阻箱接入电路的阻值为R3；当电流表示数为 I2时，电阻箱接入电路的阻值为 R4，不计电流表巾的电流对电路的影响，据此可以计算出电源的电动势 为 _，内阻为_。 （均用 I1、I 2、R 3、R 4、R g、Ro、R 1表示）（3）测量电源的电动势和内阻，我们往往用图象处理实验数据，改变电阻箱的阻值，获得多组电阻 R、电流 I 的实验数据，再在坐标纸上作图象，要使作出的图象是直线，若应以 为纵坐标，则应以_为横坐标建立直
14、角坐标系。【答案】 (1). (2). (3). (4). 【解析】(1)按原理图根据电流从电源正极流向负极，连线如下图(2)根据实验原理 可知(3) )根据实验原理 可知，变式得 ，要使作出的图象是直线，应以 为模坐标。11. 如图所示，倾角 0=37。的斜面固定在水平地面上，质量 m=10 kg 的物体在 F=200 N 的水平推力作用下，从斜面的底端由静止开始沿斜面向上运动，力 F 作用 t1 =2 s 后撤去，物体继续向上运动了 t2=3 s 速度减为零。取 sin 37=0.6，cos 37=0.8，g=10 ms 2。求：（1）物体与斜面间的动摩擦因数；（2）力 F 对物体所做的功
15、。【答案】 （1）0.03125（2）3000J【解析】 （1）根据牛顿运动定律，前 2s 内有 ，；后 3s 内有 ， ；物体运动过程中的最大速度 ，联立解得 ；（2）力 F 作用时物体的位移 ；力 F 对物体所做的功 ，解得 W=3000J12. 如图所示，xOy 坐标系巾，在 y（2）粒子相邻两次从电场进入磁场时沿 x 轴前进的距离x 2x r4y 0 r其中初始位置为（2y 0，0）又因为粒子不能射出边界：yy 0，所以 ，即 0r（2- ）y 0 所以有（62 ）y 0 x4y 0粒子通过 P 点，回旋次数 n 则 ，即 12n15.1n 为整数，只能取 n13、n14 和 n15n
16、13 时， n14 时， n15 时， 13. 下列说法中正确的是_。A所有的晶体都有固定的熔点和规则的几何形状B液体表面张力与浸润现象都是分子力作用的表现C干湿泡温度计的示数差越大，表示空气中水蒸气离饱和状态越远D悬浮在水中花粉颗粒的布朗运动反映了花粉分子做无规则的热运动E在绝热过程中，一个热力学系统的内能增量等于外界对它所做的功【答案】BCE【解析】晶体分为单晶体和多晶体，晶体具有确定的熔点，而非晶体没有确定的熔点；但多晶体没有规则的几何形状，A 错误；液体表面张力与浸润现象都是分子力作用的表现，B 正确；根据湿度计的原理可知，干湿泡温度计的示数差越大，表示空气中水蒸气离饱和状态越远，C
17、正确；悬浮在水中花粉颗粒的布朗运动反映了水分子做无规则的热运动，不能反映花粉分子的无规则运动，D 错误；在绝热过程中，一个热力学系统的内能增量等于外界对它所做的功，E 正确14. 如图所示，开口向上、竖直放置的足够高的汽缸，内部有一定质量的理想气体被轻活塞A、B 分成 I、容积均为 V 的两部分，开始时活塞 A、B 均被锁定，不能滑动，此时气体 I的压强与外界大气压 po 相同；气体的压强是气体 I 的 3 倍。外界温度恒定，汽缸导热性良好。现解除活塞 B 的锁定。求稳定后气体 I 的体积和压强；稳定后，再解除活塞 A 的锁定，求再次稳定后气体的体积。【答案】 【解析】设解除活塞的锁定后，稳定
18、后气体 I 的压强为 p1体积为 V1，气体 II 的压强为p2体积为 V2，两部分气体都经历等温过程则p1p 2对气体 I：p 0Vp 1V1对气体 II：3p 0Vp 2（2VV 1）解得： ，p 12p 0解除活塞 A 的锁定后，汽缸内气体压强大于大气压，活塞将上升气体 I 和气体 II 经历等温过程，设再次稳定后气体 II 的压强为 p3体积为 V3p 3p 0则3p0Vp 3V3解得：V 33V。15. 图中是一列沿 x 轴传播的简谐横波在 t=0.2 s 时刻的波形，M、N 是波中两质点，图乙是质点 M 的振动图象。则下列说法中正确的是_。A这列波的波速为 1 m/sB这列波沿 x
19、 轴正方向传播Ct=0.3 s 时刻，质点 M 的速度沿_y 轴负方向Dt=0.3 s 时刻，质点 N 的速度沿_y 轴负方向Et=0.2 s 到 t=0.4 s 时间内，质点 N 通过的距离是 2 cm【答案】ADE【解析】从图中可知 ，根据图乙可知 ，故波速为 ，A 正确；在 0.2s 时刻质点 M 正通过平衡位置向下振动，根据走坡法可知波沿 x 轴负方向传播，B 错误；0.3s 时即经过 ，则质点 M 正通过平衡位置向上振动，即速度沿 y 轴正方向，质点N 和质点 M 相隔半个波长，故为反向点，所以质点 N 的速度沿 y 轴负方向，C 错误 D 正确；t=0.2 s 到 t=0.4 s
20、时间内，质点 N 振动了一个周期，故通过的距离为s=4A=40.5cm=2cm，E 正确16. 如图所示，一截面为直角三角形的棱镜 ABC，AB 面涂有反射层，A=30，一束单色光垂直 AC 边从 AC 边上的 P 点（图中未面出）射入棱镜，折射光线经 AB 面反射后直接照射到BC 边的中点 Q，已知棱镜对该单色光的折射率为 ，AB 长 l=1m。求：P 与 C 点间的距离；从 Q 点射出的光线与 BC 边之间的夹角。【答案】 30【解析】如图所示，由几何关系知，光线射到 AB 边的 D 点时的入射角为 30，反射后从 BC 边的中点 Q 射出，则为等边三角形，又因为 ，则 所以 P 与 C 点间的距离 由几何关系知：光线射到 BC 边入射的入射角为 30，则由折射定律有： 解得：光线在 BC 边的折射角为 60 所以从 Q 点射出的光线与 BC 边之间的夹角为 30 故本题答案是：(1) (2)射出的光线与 BC 边之间的夹角为 30点睛：本题考查了折射定律，要画出正确的光路图，结合几何关系求解
