1、上海市崇明区 2018 届第二次高考模拟考试物理试卷(二模)一、单项选择题1. 建立完整的电磁场理论并预言电磁波存在的科学家是A. 法拉第 B. 奥斯特 C. 麦克斯韦 D. 赫兹【答案】C【解析】A、法拉第发现了电磁感应现象，并没有预言电磁波存在并建立完整的电磁场理论，故 A 错误；B、奥斯特发现了电流的磁效应，故 B 错误C、建立完整电磁场理论并首先预言电磁波存在的科学家是麦克斯韦，故 C 正确；D、赫兹用实验验证了电磁波的存在，故 D 错误。点睛：解决此类常识性问题，关键在于基础知识的积累，加强记忆。2. 由核反应产生，且属于电磁波的射线是A. 阴极射线 B. X 射线 C. 射线 D.
2、射线【答案】D【解析】A、阴极射线是电子流，不是电磁波。故 A 错误。B、X 射线是电磁波，但不是核反应产生。故 B 错误。C、 射线是氦核流，不是电磁波，故 C 错误。D、射线是电磁波。故 D正确。故选 D。【点睛】电磁波是一个大家族，从波长为 左右的射线到 左右的长波都是电磁波3. 下列能源中属于常规能源的是A. 石油 B. 地热能 C. 太阳能 D. 核能【答案】A【解析】常规能源是已能大规模生产和广泛利用的一次能源，故石油是常规能源；太阳能和地热能、核能还没有大规模使用，是新能源；故 A 正确，BCD 错误。故选 A。【点睛】常规能源是已能大规模生产和广泛利用的一次能源。又称传统能源。
3、如煤炭、石油、天然气、水力，是促进社会进步和文明的主要能源。新能源是在新技术基础上系统地开发利用的能源，如太阳能、风能、海洋能、地热能等，与常规能源相比，新能源生产规模较小，使用范围较窄。4. 在卢瑟福 粒子散射实验中，金箔中的原子核可以看作静止不动，下列各图画出的是其中两个 粒子穿过金箔散射过程的径迹（图中的黑点为金箔的原子核） ，其中正确的是A. B. C. D. 【答案】C【解析】 粒子受到原子核的斥力作用而发生散射，离原子核越近的粒子，受到的斥力越大，散射角度越大， C 正确。故选 C。【点睛】在卢瑟福 粒子散射实验中，大多数粒子沿直线前进，少数粒子辐射较大角度偏转，极少数粒子甚至被弹
4、回5. 万有引力可以理解为：任何有质量的物体都要在其周围空间产生一个引力场，而一个有质量的物体在其他有质量的物体所产生的引力场中，都要受到该引力场的引力（即万有引力）作用，这种情况可以与电场类比，那么，在地球产生的引力场中的重力加速度，可以与电场中下列哪个物理量相类比A. 电场力 B. 电场强度 C. 电势 D. 电势能【答案】B【解析】重力场的基本性质是对其周围物体由引力作用，而电场的基本特性是对放入其中的电荷有力的作用，说明重力与电场力类似。电荷量与物体的质量类似，则由 G=mg，F=qE 分析可知，重力加速度 g 与电场中电场强度 E 可类比，故 C 正确，ABD 错误。故选 B。【点睛
5、】电场与重力场类似，电场力与重力类似，电荷量与物体的质量类似，根据重力与质量的关系、电场力与电荷量的关系，分析重力加速度与电场中电场强度可类比。6. 如图所示，表示一定质量的气体的状态由 A 经 B 到 C 回到 A 的图像，其中 AB 延长线通过坐标原点BC 和 AC 分别与 T 轴和 V 轴平行，则下列描述正确的是A. AB 过程气体压强增加B. BC 过程气体压强不变C. CA 过程气体分子密度减小D. AB 过程气体分子平均动能增加【答案】D【解析】A、过各点的等压线如图，从状态 A 到状态 B，同一条斜线上，压强相等，故 A 错误；B、从状态 B 到状态 C，斜率变大，则压强变小，故
6、 B 错误；C、从状态 C 到状态 A，温度不变，体积减小，则单位体积内的分子数增大，故 C 错误；D、从状态 A 到状态 B，温度升高，则分子平均动能增大，故 D 正确；故选 D。【点睛】V-T 图象中倾斜的直线为等压变化，斜率越大，压强越小。温度是分子平均动能的标志。7. 做简谐振动的单摆摆长不变，若摆球质量增加为原来的 4 倍，摆球经过平衡位置时速度减小为原来的 ，则单摆振动的A. 频率、振幅都不变B. 频率、振幅都改变C. 频率不变、振幅改变D. 频率改变、振幅不变【答案】C【解析】由单摆的周期公式 ，可知，单摆摆长不变，则周期不变，频率不变；振幅A 是反映单摆运动过程中的能量大小的物
7、理量，由 可知，摆球经过平衡位置时的动能不变，但质量增加，所以高度减小，因此振幅改变，C 正确8. 如图，用导线将验电器与某种金属板连接，用弧光照射金属板，验电器指针发生明显偏转，在这个过程中A. 金属板上的电子转移到验电器上B. 金属板上光子转移到验电器上C. 金属板上光电子转移到验电器上D. 验电器上电子转移到金属板上【答案】D【点睛】用一弧光灯照射锌板，由于入射光的频率大于极限频率，发生光电效应，有光电子从锌板飞出，锌板失去电子带正电，从而即可求解。9. 如图所示的电路中，电源的电动势为 E，内阻 ，滑片 P 在变阻器正中位置时，电灯 L正常发光，各电表为理想电表现将滑片 P 向右移动的
8、过程中A. 电流表示数变小B. 电压表示数变大C. 电灯 L 的功率不变D. 电阻 R1的功率变小【答案】C【解析】将滑片 P 向右移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，电路总电流 I 增大，则电流表的示数变大；由于内阻为零，故路端电压不变，电灯 L 消耗的功率不变；流过变阻器的电流 ，I 增大， 不变，则 增大，电阻消耗的功率变大，电阻 两端的电压 增大；电压表的示数 ，U 不变， 增大，则电压表示数变小。故 C 正确，ABD 错误。故选 C。【点睛】将滑片 P 向右移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析总电流的变
9、化和路端电压的变化，确定电灯 L 消耗功率的变化。根据流过变阻器的电流与总电流、电灯 L 电流的关系，分析其电流的变化，确定 两端电压的变化，再分析变阻器两端电压的变化和电阻 消耗的功率的变化。10. 如图，A、B 两个同轴线圈在同一平面，A 线圈通有顺时针方向逐渐增加的电流 I1，则穿过 B 线圈引起感应电流的磁通量 的方向和 B 线圈产生的感应电流 I2的方向分别为A. 垂直纸面向内， I2逆时针方向B. 垂直纸面向内， I2顺时针方向C. 垂直纸面向外， I2逆时针方向D. 垂直纸面向外， I2顺时针方向【答案】A【解析】根据安培定则可知，线圈 A 在线圈 B 内部产生磁场包括内部向里的
10、磁场和外部向外的磁场，由于内部产生的磁通量大于外部的磁通量，故合磁通量向里；当线圈 A 的顺时针方向电流增大，导致线圈 B 垂直向里的磁通量增大，由楞次定律可知，感应电流的磁场与它相反，再根据安培定则可知，则线圈 B 内有逆时针方向的电流。故选 A。【点睛】根据线圈中电流方向和大小的变化，运用安培定则确定磁场的方向和大小变化，再根据楞次定律知，感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化，当磁通量增大时，感应电流的磁场与它相反，当磁通量减小时，感应电流的磁场与它相同，再利用安培定则即可求解。11. 如图所示是一列简谐横波在 时刻的波动图像。如果此时刻质点 P 的运动方向沿 y 轴负方向，且
11、经过 0.35s 质点 P 恰好第 2 次到达 y 轴正方向最大位移处设波的周期为 T，波速为 v，则A. 波沿着 x 轴正向传播B. 波的周期 sC. 波的波速为 m/sD. 再经过 ，Q 点到达平衡位置【答案】C【解析】A、根据质点 P 向下运动，由上下坡法可得：波向左传播，故 A 错误；B、根据质点P 向下运动，由质点 P 经过 0.35s 恰好第 2 次到达波峰可得： ，所以，周期T=0.2s；故 B 错误；C、由图可得：波长 ，故波速 ，故 C 正确；D、根据波向左传播可得：质点 Q 向下振动；由质点 Q 的位移可得：质点 Q 回到平衡位置的时间，nN，故 D 错误；故选 C。【点睛
12、】根据质点 P 运动方向得到波的传播方向；根据质点 P 到达波峰的时间求得周期，即可根据波长求得波速；根据波的传播方向得到 Q 的振动方向，由周期求得回到平衡位置的时间。12. 物体以某一初速度 v0沿斜面上滑，物体运动的 图像如图，其中不可能的是A. B. C. D. 【答案】B【解析】物体沿斜面向上滑动的过程中，做匀减速直线运动，直到速度减为零。下滑过程中：如果斜面非常粗糙，物体可能静止在斜面上，故 D 正确；如果斜面光滑，物体向上滑动和向下滑动的过程受力不变，加速度不变，所以速度-时间图象为倾斜直线，故 A 正确。如果斜面粗糙且物体能沿斜面下滑，那么下滑的加速度 ，小于向上滑动的加速度
13、，故 C 正确。本题选择不可能的，故选 B。【点睛】物体沿斜面向上滑动的过程中，做匀减速直线运动，到达最高点后有两种可能性：静止、反方向的匀加速下滑。二、填空题13. 以速度 竖直向上抛出一物体，忽略空气阻力的影响，则物体上升的最大高度为_；当物体的动能和重力势能相等时，物体离抛出点的高度为_【答案】 (1). (2). 【解析】物体上升的最大高度时动能为 0，则： ，得： ；物体的重力势能和动能相等时，有： ，解得 。【点睛】竖直上抛运动上升的过程中做匀减速直线运动，下降的过程做自由落体运动，根据机械能守恒定律求出上升的最大高度。根据机械能守恒定律求出各种情况下的高度。14. 已知电场中 A
14、 点的电势为 V，将一电荷量为 C 的检验电荷置于该点时，它的电势能为_J，将该电荷移动到电场中的 B 点，电场力做了 J 的正功，则 B 点的电势为_V【答案】 (1). 4.010 -6 (2). -50【解析】电荷在 A 点的电势能为： ，AB 间的电势差为： ，根据 ，解得： 。【点睛】已知电势和电荷量，由 求电荷的电势能。根据电场力做功和电荷量，由求得 AB 间的电势差，再求得 B 点的电势。15. 如图，一质量为 m 的光滑小球，在半径为 R 的竖直光滑圆环内侧做圆周运动，已知小球到达圆环最高点时环对球的压力刚好等于零，则此时小球的受到的向心力为_，此时小球的线速度大小为_【答案】
15、 (1). mg (2). 【解析】在最高点对小球受力分析，小球只受到重力，故重力提供向心力，故 F=mg；根据牛顿第二定律可知 ，解得 。【点睛】分析小球的受力及运动情况，可知小球通过最高点的临界值，即向心力仅由重力提供，再根据向心力表达式求出线速度。16. 上端开口的光滑圆形气缸竖直放置，活塞质量不计，横截面积 cm2将长为 cm的一定质量气体封闭在气缸内已知外界大气压强为 Pa 保持不变，气体温度为27保持不变。用外力 F 缓慢向下压活塞，当气体长度为 cm 时，压力 F 的大小为_然后在逐渐减小外力的同时改变气体温度，使活塞位置保持不变，则当 时，气体温度为_K。【答案】 (1). 5
16、0N (2). 200【解析】缓慢向下压活塞，封闭气体发生等温变化，初态：压强 ，体积末态：压强 ，体积 ，横截面积：根据玻意耳定律可得：解得 h=20cm 时的压强：根据平衡可得：解得：F=50N当改变气体温度，使活塞位置保持不变，气体发生等容变化，当 F=0 时压强初态：压强 ，温度：末态：压强 ，温度：根据盖-吕萨克定律可得：解得：【点睛】缓慢向下压活塞，封闭气体发生等温变化，对封闭气体运用玻意耳定律，结合活塞的受力平衡，联立即可求出压力 F 的大小；改变气体温度，使活塞位置保持不变，封闭气体发生等容变化，对封闭气体运用盖-吕萨克定律，结合活塞的受力平衡，联立即可求出气体温度。17. 质
17、量均为 m 的两个可视为质点的小球 A、B，分别被长为 L 的绝缘细线悬挂在同一点 O，给 A、B 分别带上一定量的正电荷，并用水平向左的外力作用在 A 球上，平衡以后，悬挂 A球的细线竖直，悬挂 B 球的细线向右偏 60角，如图所示若 A 球的带电量为 q，则 B 球的带电量为_，水平外力 F 大小为_【答案】 (1). (2). 【解析】试题分析：（1）对 B 球研究，分析受力情况，作出力图，由平衡条件求出库仑力，再由库仑定律求解 B 球的带量 （2）对 A 球研究，分析受力情况，作出力图，由平衡条件求出水平外力（1）当系统平衡以后，B 球受到重力 mg、细线的拉力 、库仑斥力 F，如图所
18、示由合力为零，由平衡条件得： ，由库仑定律：联立上述三式，可得 B 球的带电量（2）A 球受到如上图所示的四个力作用合力为零，由平衡条件得：而所以，A 球受到的水平推力【点睛】本题是简单的力平衡问题，考查选择研究对象，处理平衡问题的基本能力，采用的是隔离法解决的关键是对两个小球受力分析，根据平衡条件列出方程，并进行求解。三、综合题18. 利用如图所示的电路测定一节干电池的电动势和内电阻，要求尽量减小实验误差。供选择的器材有：A电流表 A（00.6A） B电压表 V1（03V）C电压表 V2（015V） D滑动变阻器 R1（020）E滑动变阻器 R2（0200） G定值电阻 H开关一个，导线若干
19、（1）实验中电压表应选用_，滑动变阻器应选用_（选填相应器材前的字母） （2）闭合开关，电压表和电流表均有示数，但是无论怎么移动滑动变阻器的滑片，电压表的读数变化都非常小同学们讨论后，在原电路的基础上又加了一个定值电阻 ，问题得到解决请你在虚线框内画出改进后的电路图_（3）改进电路图以后，某位同学记录了 6 组数据，对应的点已经标在坐标纸上在坐标纸上画出 图线_，并根据所画图线可得出干电池的电动势 _V，内电阻_ （结果小数点后保留两位有效数字）【答案】 (1). B (2). D (3). (4). (5). 1.48 (6). 1.6【解析】 （1）一节干电池电动势约为 1.5V，则电压表
20、应选 B；因内阻较小，故为方便实验操作，滑动变阻器应选 D；（2）无论怎么移动滑动变阻器的滑片，电压表的读数变化都非常小，则说明内阻较小，故为了增大等效内阻，只需将一定值电阻与电源串联即可；故原理图如图所示（3）根据闭合电路欧姆定律可知：U=E-Ir，则由图象可知，电动势 E=1.48V，则阻。【点睛】根据电源电动势选择电压表，为方便实验操作应选最大阻值较小的滑动变阻器；明确实验原理，根据实验中所出现的问题即可明确对应的解决方案；根据电源的 U-I 图象求出电源电动势与内阻。19. 如图，物体在光滑曲面上 a 点，从静止开始自由滑下，进入粗糙水平面 bc，再沿粗糙斜面上滑，到达斜面的 d 点时
21、速度为零。已知斜面的倾角 ，物体与斜面和水平面间的滑动摩擦系数均为 ，且 ， m，设物体在 b 点和 c 点均无速度损失 （， ， m/s2）求：（1）物体到达 b 点是的速度 ；（2）作出物体沿斜面上滑时受力示意图，并求出加速度 a2；（3）bc 的长度为多少？【答案】 （1）3.1m/s（2）7.6 m/s 2（3）0.5m【解析】试题分析：（1）对 a 到 b 过程根据机械能守恒定律列式求解末速度；（2）沿着斜面上滑时，受重力、支持力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律列式求解加速度；（3）从 c到 d 过程，根据速度位移公式列式求解 c 点速度；从 b 到 c 时匀减速运动，受重力、支持力和
22、摩擦力，根据牛顿第二定律列式求解加速度，根据速度位移公式列式求解。（1）ab 由于是光滑曲面，物体下滑过程中只有重力做功根据机械能守恒定律可得：解得：（2）对物体在 cd 受力分析，受力如图所示：根据牛顿第二定律，有：解得：（3）对物体在 bc 受力分析，根据牛顿第二定律，有：解得：设 bc=cd=s，物体到达 c 点的速度为 ，对物体在 bc 和 cd 分别应用运动学公式，联立得：【点睛】本题为多过程问题，关键是正确的受力分析，根据机械能守恒定律、牛顿第二定律和运动学公式列式分析。20. 如图所示，MN、PQ 为水平放置的足够长的平行光滑导轨，导轨间距 L 为 0.5m，导轨左端连接一个阻值
23、为 的定值电阻 R将一质量为 kg 的金属棒 cd 垂直放置在导轨上，且与导轨接触良好，金属棒 cd 的电阻 ，导轨电阻不计，整个装置处于垂直导轨平面向下的匀强磁场中，磁感应强度 T若金属棒以 m/s 的初速度向右运动，同时对棒施加一个水平向右的拉力 F，并保持拉力的功率恒为 4W，从此时开始计时，经过 2s 金属棒的速度稳定不变，试求：（1）金属棒 cd 的电流方向，并分析金属棒的加速度变化情况；（2）金属棒稳定后速度是多少？此时电阻 R 上消耗的电功率是多少？（3）金属棒速度为 2m/s 时的加速度大小，并画出整个运动过程中大致的 图像，并标出， 时坐标【答案】 （1）cd 的电流方向为
24、d 到 c；金属棒的加速度先减少，减小为零后保持不变（2）2.5W（3）7.5m/s 2 如图所示：（1）由右手定则可知金属棒 cd 的电流方向为 d 到 c金属棒在水平方向受到拉力 F 和安培力的作用，由于拉力 F 的功率保持不变由 P=Fv 可知，速度增加拉力 F 在减小，而安培力 ，随着速度的增加而增大，初始时，拉力 F 大于安培力，有牛顿第二定律 可知，合力减小，故加速度减小；最终拉力 F 等于安培力，金属棒的速度稳定不变做匀速直线运动，加速度为零。所以金属棒的加速度先减少，减小为零后保持不变。（2）金属棒稳定后，加速度为零，根据共点力平衡条件有：由机械功率公式得拉力：安培力 ，电流 ，感应电动势综上可得：回路中的电流：电阻 R 上消耗的功率：（3）结合（2） ，根据牛顿第二定律，金属棒速度为 2 m/s 时的加速度大小为 a，有：解得：故个运动过程中大致的 图像，如图【点睛】对于电磁感应问题研究思路常常有两条：一条从力的角度，重点是分析安培力作用下导体棒的平衡问题，根据平衡条件列出方程；另一条是能量，分析涉及电磁感应现象中的能量转化问题，根据动能定理、功能关系等列方程求解。
