1、12015-2016 学年江苏省南京市求真中学九年级（下）第三次段考物理试卷一、选择题：（36 分）1下列关于光现象的说法中正确的是（ ）A照镜子时，人离平面镜越近所成的像越大B验钞机是利用紫外线使钞票上的荧光物质发光，从而辨别其真伪C光与镜面成 30角射到平面镜上时，其反射角为 30D光射到银幕上发生了镜面反射2在舞台上喷洒干冰（固态二氧化碳）可以形成白雾，这种白雾是（ ）A空气中的水蒸气液化形成的小水珠B二氧化碳气体液化形成的小液滴C干冰升华形成的二氧化碳气体D干冰熔化形成的小液滴3对下列四幅图情境描述错误的是（ ）A甲中用电吹风向下吹漏斗中的乒乓球，球不掉落，表明气体压强与气体流速有关B
2、乙中紧固锤头，是利用锤头受到惯性的作用C丙中手提袋手柄宽大是为了减小对手的压强D丁中鱼吐出的气泡在上升时体积逐渐变大，水对气泡的压强变小，浮力变大4跳伞运动员在空中匀速下落的过程中，他的（ ）A重力势能减少 B动能减少C机械能增大 D动能转化为重力势能5关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（ ）A0的冰没有内能B物体的温度越高，物体的内能越大C物体的温度越低，所含的热量越少D物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变6某班同学在“探究凸透镜成像规律”的实验中，记录并绘制了像到凸透镜的距离 v 跟物体到凸透镜的距离 u 之间关系的图象，如图所示，下列判断正确的是（ ）A当 u=2
3、0cm 时在光屏上能得到一个像，照相机是根据这一原理制成的B该凸透镜的焦距是 16cmC当 u=10cm 时成一个像照相机是根据这一原理制成的D把物体从距凸透镜 12cm 处移动到 24cm 处的过程中，像逐变大7选择如图装置研究“二力平衡的条件” ，针对此实验装置及相关实验内容的说法中，正确的是（ ）A研究对象选用铁片比纸片好B滑轮既可以改变拉力的方向，也可以改变拉力的大小C研究对象所受拉力的大小，能通过所挂钩码个数进行比较D实验时，研究对象做匀速直线运动比静止状态研究更方便28如图是探究电流热效应的实验装置烧瓶内装有质量和初温完全相同的煤油，铜丝和镍铬合金丝的长度、横截面积均相同，则说法不
4、正确的是（ ）A在甲图中，探究的是电流产生热量与电阻的关系B在乙图中，可以探究电流产生热量与通电时间的关系C在甲图中，闭合开关一段时间后，两个瓶中温度计升高的示数相同D在乙图中，相同时间内，电流越大，温度计的示数升得越多9分别标有“6V 6W”和“6V 3W”的甲、乙两只灯泡，经实验测得其 IU 特性曲线如图所示现将甲、乙两灯串联 8V 的电源上，则两只灯泡消耗的总功率是（ ）A3W B4W C4.5W D6W10在水平地面上有一长方体木箱小林用水平推力 F 把木箱向前推动，如图甲所示此过程中，推力 F 随时间 t 的变化情况如图乙所示，木块前进的速度 v 的大小随时间 t 的变化情况如图丙所
5、示，下列说法正确的是（ ）A35s 内，木箱受到的滑动摩擦力为 200NB01s 内，推力做功的功率恒为 100WC35s 内，推力做功为 600JD01s 内没有推动箱子的原因是推力小于摩擦力11一只质量为 60kg 的氧气瓶，刚启用时瓶内氧气密度为 0，使用半小时，氧气瓶的质量变为 35kg，瓶内氧气的密度为 0；再使用一段时间，氧气瓶的质量变为 20kg，此时瓶内的氧气密度应为（ ）A 0 B 0 C 0 D 012如图所示，电源电压保持 6V 不变，电流表的量程为 00.6A，电压表的量程为03V，定值电阻 R1的规格为“10 0.5A” ，滑动变阻器 R2的规格为“20 1A” 闭合
6、开关，为了保证电路安全，在变阻器滑片 P 移动过程中，下列说法正确的是（ ）A电阻 R1消耗功率允许的变化范围为 0.4W0.9WB电流表示数允许的变化范围为 0.2A0.5AC变阻器 R2接入电路的阻值允许变化范围为 220D电路消耗总功率允许的变化范围为 1.2W3W二、填空题：（24 分）13在太阳能和天然气中，属于可再生能源的是_若一太阳能热水器将装有 100kg温度为 20的水，阳光照射一天后，水温升高到 80，热水器内的水吸收了 2.52106J的太阳能，这是通过_的方式改变了水的内能；若上述这些热量由天然气提供，则需要完全燃烧_m 3的天然气（不考虑能量损失） 天然气热值为 41
7、07J/m314天气炎热时多喝水有益于身体健康如图甲是某同学买瓶装矿泉水时的情景（1）当该同学用手握住瓶子使瓶身竖直在空中静止不动时，_是一对平衡力（2）如图乙所示，瓶盖上有一道道条纹，其目的是在用手拧开瓶盖时能_（选填“增大”或“减小” ）摩擦（3）将瓶中的水倒掉一半，则水的密度_， （选填“变大” 、 “变小”或“不变” ） 3（4）他在空矿泉水瓶中装入少量热水，轻晃后迅速倒出，再马上盖紧瓶盖一会儿后看到矿泉水瓶瘪了，如图丙所示，这是瓶子受到了_的作用产生的效果同时发现瓶子的温度也升高了，这是通过_ 方式改变瓶子内能的（5）他将空矿泉水瓶压入水中，直到浸没，所用的力_， （选填“变大” 、
8、 “变小”或“不变” ）这是因为_15如图 1 所示，电源电压一定，闭合开关 S，滑动变阻器滑片 P 从最上端滑至最下端的过程中，电流表示数 I 与滑动变阻器接入电路的阻值 R 之间的关系如图 2 所示已知定值电阻 R0=20，则电源电压 U=_V图 2 中坐标值 I1=_A当电流表示数 I=0.4A时，R 0与 R 消耗的电功率之比为_16在水平地面上，小明用 60N 的力 F1沿水平方向拉着重为 200N 的物体前进 5m，拉力 F1做功_J，重力对物体做功_J接着小明再用力 F2沿水平方向拉着物体前进，两次拉动物体得到的 st 图象分别是图乙中的图线、两次拉力的功率分别是 P1、P 2，
9、则 P1_ P2 （选填“” 、 “=”或“” ）17将一重为 18N，体积为 2103 m3的蜡块用细线系在弹簧测力计的挂钩上，用手将蜡块浸没在水中，如图所示，当松手后，蜡块静止时，蜡块受到的浮力是_N，此时弹簧测力计的示数是_N（g=10N/kg） 18如图，工人用滑轮组将重 480N 的物体匀速提升 1m，所用的拉力为 200N，他做的有用功是_J，该滑轮组的机械效率是_%上升过程中，物体的动能_ （选填“变大” 、 “变小”或“不变” ） 19如图甲所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团干燥的棉花，快速压下活塞，可观察到棉花着火燃烧此过程中活塞对筒内气体做功，气体的内能_，这与四冲
10、程汽油机的_冲程的能量转化相同；如乙图所示的是汽油机的_冲程，若飞轮的转速为 3000r/min，在 1s 内，汽油机做功_次三、简答题：（40 分）20如图所示，一束光从水中斜射向水面，画出这条入射光线的反射与折射光线（2）如图所示，小球漂浮在水面上静止，请画出它所受力的示意图（3）如图所示，A、B 为保险盒，C 为开关，D 为螺丝口灯泡，E 为接大功率用电器的三孔插座请把这些元件接人家庭电路中21小丽在学习“物质的比热容”时，取相同质量的水和沙子，用相同的酒精灯加热，测得它们升高的温度如表，并在图乙中作出沙子升高的温度随时间变化的图线加热时间/min 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5
11、水 2.0 4.0 6.0 8.0 10.0升高的温度/沙子 4.3 7.9 15.2 18.4 21.5（1）用温度计测量水的初温如图甲所示，其读数为_（2）实验中小丽认为相同时间内水和沙子吸收的热量相同，她判断的依据是_4（3）请利用表中数据在图乙中作出表示水升高的温度随时间变化规律的图线（4）沙子在 1.01.5min 内升高的温度有明显异常，其主要原因是_（5）小丽再用 50g 水和 100g 水做实验，以吸收的热量 Q 为纵坐标，升高的温度t 为横坐标，分别画出 50g 水和 100g 水的 Qt 图象它们都是过原点的直线，即 Q=kt进一步分析，发现这两条直线的 k 值与对应水的_
12、之比相等22小丽做测量小灯泡电功率的实验（小灯泡标有“2.5V”字样，电阻约 10） （1）图甲所示是小丽连接的部分电路，请将电路连接完整（2）闭合开关后，发现灯泡不亮，电压表无示数，电流表有示数若电路中仅有一处故障，这个故障可能是_（3）实验过程中，当电压表的示数为 2V 时，电流表的示数如图乙所示，则电路中电流大小为_A，此时小灯泡的电功率为_W要使小灯泡正常发光，应将滑动变阻器的滑片 P 向_调节（选填“左”或“右” ） （4）做完此实验后，小丽还想测量一只阻值约为数百欧的电阻 Rx的阻值，与其他同学讨论后，她通过增加一电阻箱 R0（09999 5A） 、定值电阻（200 2A） 、单刀
13、双掷开关等器材，设计出了 A、B 两种方案（如图丙） 在 A、B 两种方案中，方案_可以让测量结果更准确，理由是_ （电表为理想电表）23如图所示是某种型号的热水器的电路图，己知电热丝 R1位于水中，起加热作用，R 2起控制作用，R 2=198（不考虑温度对电阻的影响） 额定电压 220V频率 50Hz保温功率加热功率 2200W水箱容量 50L设定温度 60（1）求 R1的阻值（2）求保温时的功率和加热时的功率之比为多少？（3）将温度为 16的水加热到设定的温度需要多少时间 （电流产生的热量全部被水吸收）【c 水 =4.2103J/（kg） 】24如图所示，校车满员时，人和车的总质量为 10
14、4kg，车轮的总着地面积为 0.25m2，校车以 36km/h 的速度在平直公路上匀速行驶 30min，所受阻力是总重力的 0.01 倍请计算：（1）校车在这段时间内所通过的路程（2）满员的校车静止时对水平地面的压强（3）满员的校车在这段时间内牵引力的功率52015-2016 学年江苏省南京市求真中学九年级（下）第三次段考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：（36 分）1下列关于光现象的说法中正确的是（ ）A照镜子时，人离平面镜越近所成的像越大B验钞机是利用紫外线使钞票上的荧光物质发光，从而辨别其真伪C光与镜面成 30角射到平面镜上时，其反射角为 30D光射到银幕上发生了镜面反射【考点】平面
15、镜成像的特点、原理、现象及其实验方案；光的反射定律；漫反射；紫外线【分析】 （1）平面镜成像的特点：物像等大、物像等距、物像连线与镜面垂直（2）紫外线化学效应强，能杀菌，制成消毒灯；紫外线能合成维生素 D，促使钙的吸收；紫外线能使荧光物质发光，制成验钞机来验钞（3）在光的反射中，入射角或者反射角是指入射光线或反射光线与法线的夹角，反射角等于入射角（4）反射分镜面反射和漫反射，镜面反射是平行入射的光线经反射面以后还能平行反射，镜面反射的反射面是光滑的；漫反射是平行入射的光线经反射面以后不能平行反射，而是射向四面八方，漫反射的反射面是凹凸不平的【解答】解：A、照镜子时，人离平面镜远近变化时，所成的
16、虚像大小不变，始终与人等大，故 A 错误；B、紫外线可以使荧光物质发光，钞票上某些位置用荧光物质印上标记，在紫外线下照射下识别这些标记，从而辨别钞票的真伪，故 B 正确；C、光与镜面成 30角射入到平面镜上，入射角是 9030=60，因此其反射角为60，故 C 错误；D、银幕的表面是粗糙的，光射到上面发生了漫反射，故 D 错误故选 B【点评】本题考查了生活中的光现象蕴含的物理知识，属于识记性内容，掌握相关知识是解题的关键2在舞台上喷洒干冰（固态二氧化碳）可以形成白雾，这种白雾是（ ）A空气中的水蒸气液化形成的小水珠B二氧化碳气体液化形成的小液滴C干冰升华形成的二氧化碳气体D干冰熔化形成的小液滴
17、【考点】液化及液化现象【分析】物质由固态直接变为气态的现象叫做升华，是吸热的；物质由气态变为液态的现象叫做液化【解答】解：在舞台上喷洒干冰（固态二氧化碳）时，干冰吸收周围空气中的热量迅速升华，使空气温度迅速下降，空气中的水蒸气遇冷放热液化形成小水珠就形成“雾气” 故选 A【点评】本题考查的是升华吸热和液化放热在生活中的应用，体现了学以致用的思想63对下列四幅图情境描述错误的是（ ）A甲中用电吹风向下吹漏斗中的乒乓球，球不掉落，表明气体压强与气体流速有关B乙中紧固锤头，是利用锤头受到惯性的作用C丙中手提袋手柄宽大是为了减小对手的压强D丁中鱼吐出的气泡在上升时体积逐渐变大，水对气泡的压强变小，浮力
18、变大【考点】流体压强与流速的关系；惯性；减小压强的方法及其应用；液体的压强的特点；阿基米德原理【分析】 （1）在气体和液体中，流速大的位置压强小；（2）一切物体在任何情况下都具有惯性，惯性是物体固有的属性，但惯性不是力，不能说受到力的作用；（3）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强；（4）利用压强以及浮力的计算公式，通过气泡深度以及体积的变化【解答】解：A、从倒置的漏斗口向下吹气，乒乓球顶部空气流速大，压强小，球下方气压大，在压强差的作用下，球掉不下来，故 A 正确；B、将锤柄在板凳上撞击几下，松动的锤头就紧套在锤柄上，在这个过程中，完全是
19、利用了锤头的惯性，但惯性不是力，不能说受到惯性作用，故 B 错误；C、手提袋手柄宽大是为了在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故 C 正确；D、根据 p=gh 可知，当气泡在水中上升的过程中，h 变小，压强变小；压强变小后气泡体积变大，根据 F 浮 =gV 排 ，V 排 变大所以浮力变大故 D 正确故选 B【点评】本题考查了学生的识图能力，注重了观察分析能力的考查，涉及到了流体压强、惯性、减小压强及压强和浮力的判断，知识点多，综合性强，是中考的热点问题4跳伞运动员在空中匀速下落的过程中，他的（ ）A重力势能减少 B动能减少C机械能增大 D动能转化为重力势能【考点】动能和势能的大小变化【分
20、析】动能大小的影响因素：物体的质量、物体的速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：物体的质量、物体的高度，质量越大，所处的位置越高，重力势能越大动能和势能统称为机械能【解答】解：AB跳伞运动员在空中匀速下落的过程中，其质量不变，速度不变，故其动能不变；同时其质量不变，高度减小，故其重力势能减少故 A 正确、B 错；C跳伞运动员的动能不变、重力势能减少，所以其机械能减少故 C 错；D跳伞运动员在空中匀速下落的过程中，动能不变，不是动能转化为重力势能，故 D 错故选 A【点评】本题考查了机械能及其相互转化，知道动能和重力势能大小的影响因素是解决该题的关键75关于温度、热量、内能
21、，以下说法正确的是（ ）A0的冰没有内能B物体的温度越高，物体的内能越大C物体的温度越低，所含的热量越少D物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变【考点】温度、热量与内能的关系【分析】一切物体都有内能；温度升高内能增加；温度降低内能减少；热量是物体通过热传递方式改变的内能，是一个过程量；内能的大小跟质量、温度、状态有关【解答】解：A、因物体的分子永不停息地做无规则的运动，所以任何温度的物体都有内能此选项错误；B、温度影响内能的多少物体的温度越高，具有的内能越大此选项正确；C、热量是一个过程量，要用“吸收”或“放出”来表达，而不能用“具有”或“含有”来修饰此选项错误；D、内能的多
22、少与物体的质量、温度、状态有关，单比较物体的温度不能判断内能的变化此选项错误故选 B【点评】 （1）由于分子的热运动永不停息，所以一切物体在任何情况下总具有内能（2）热量是物体通过热传递方式改变的内能，是一个过程量，要用“吸收”或“放出”来表达，而不能用“具有”或“含有”来修饰6某班同学在“探究凸透镜成像规律”的实验中，记录并绘制了像到凸透镜的距离 v 跟物体到凸透镜的距离 u 之间关系的图象，如图所示，下列判断正确的是（ ）A当 u=20cm 时在光屏上能得到一个像，照相机是根据这一原理制成的B该凸透镜的焦距是 16cmC当 u=10cm 时成一个像照相机是根据这一原理制成的D把物体从距凸透
23、镜 12cm 处移动到 24cm 处的过程中，像逐变大【考点】凸透镜成像规律及其探究实验【分析】 （1）根据图象求出凸透镜焦距；（2）凸透镜成像的三种情况和应用U2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机；2fUf，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪；Uf，成正立、放大的虚像，应用于放大镜；（3）当物距大于焦距时，凸透镜成实像凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小【解答】解：（1）u=v=2f，凸透镜成倒立、等大的实像，如图，u=v=2f=16cm 时，所以f=8cm，故 B 错误；（2）当 u=20cm 时，u2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机，故 A 正确；（3）当 u=
24、10cm 时，2fuf，成倒立、放大的实像，应用于投影仪，故 C 错误；（4）物体从距凸透镜 12cm 处移动到 24cm 处的过程中，凸透镜的物距大于焦距，成实像，凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小，故 D 错误8故选：A【点评】凸透镜成像的四种情况和应用，以及凸透镜成实像时，物距、像距、像之间的关系，是凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握7选择如图装置研究“二力平衡的条件” ，针对此实验装置及相关实验内容的说法中，正确的是（ ）A研究对象选用铁片比纸片好B滑轮既可以改变拉力的方向，也可以改变拉力的大小C研究对象所受拉力的大小，能通过所挂钩码个数进行比较D实验时，研究对象做匀速直
25、线运动比静止状态研究更方便【考点】二力平衡的概念【分析】 （1）应考虑物体重力对实验的影响；（2）定滑轮是等臂杠杆只能改变力的方向，不能改变力的大小；（3）拉力的大小，要通过所挂钩码个数进行比较；（4）为了方便研究，应使小卡片保持静止状态；【解答】解：A、实验中选择纸片，主要为了不考虑纸片的重力，不能选择铁片故 A 错误；B、在实验过程中，使用定滑轮是为了改变力的方向，不能改变力的大小，故 B 错误；C、探究两个力大小关系时，可以通过改变细线下面所挂码的个数改变二力的大小；故 C 正确；D、为了实验的方便，实验时主要观察研究对象是否处于静止状态，而不是“匀速直线运动”，故 D 错误；故选 C【
26、点评】此题主要通过实验来探究二力平衡的条件，首先要搞清二力平衡的条件，明确实验目的，才能够确定好的方案8如图是探究电流热效应的实验装置烧瓶内装有质量和初温完全相同的煤油，铜丝和镍铬合金丝的长度、横截面积均相同，则说法不正确的是（ ）A在甲图中，探究的是电流产生热量与电阻的关系B在乙图中，可以探究电流产生热量与通电时间的关系C在甲图中，闭合开关一段时间后，两个瓶中温度计升高的示数相同D在乙图中，相同时间内，电流越大，温度计的示数升得越多【考点】焦耳定律【分析】对于甲图，铜丝和镍铬合金丝串联在电路中，通过两导体的电流相同；而铜丝与镍铬合金丝的长度、横截面积相同时，铜丝的电阻小于镍铬合金丝的电阻；对
27、于乙图，通过滑片的移动，可以使电路中的电流发生变化，但镍铬合金丝的电阻不变【解答】解：A甲图中，A 中铜丝和 B 中镍铬合金丝串联，电流相同，两金属丝的材料不同，它们的电阻不同，所以可探究电流产生的热量与电阻的关系，故 A 正确；B乙图中，镍铬合金丝电阻不变，可以通过滑动变阻器控制电路中的电流不变，而通过开关的通断使通电的时间长短发生改变，所以可探究电流产生的热量与时间的关系，故 B 正确；9C甲图中，因为 B 中镍铬合金丝的电阻大于 A 中铜丝的电阻，根据 Q=I2Rt 可知，电流和通电时间相同时，B 中的镍铬合金丝产生的热量更多，B 瓶温度计的示数更高，故 C 错误；D乙图中，镍铬合金丝电
28、阻不变，由 Q=I2Rt 可知，相同时间内，电流越大，产生热量越多，温度计示数升高得越多，故 D 正确故选 C【点评】该题考查了控制变量法和转换法在焦耳定律实验中的应用，注意两导体串联时电流相等，导体产生热量的多少是通过温度计示数的变化来反映的9分别标有“6V 6W”和“6V 3W”的甲、乙两只灯泡，经实验测得其 IU 特性曲线如图所示现将甲、乙两灯串联 8V 的电源上，则两只灯泡消耗的总功率是（ ）A3W B4W C4.5W D6W【考点】电功率的计算【分析】两灯泡串联时通过它们的电流相等，且总电压等于各分电压之和，从图象中找出符合要求的电压和电流，根据 P=UI 求出两个灯泡消耗的总功率【
29、解答】解：由题意知，两灯泡串联，则电流相等，且两个灯泡两端的总电压等于 8V，由图象知，当一个灯泡两端等于 6V，另一个灯泡两端的电压为 2V，通过的电流均为 0.5A时符合，则两个灯泡消耗的总功率为：P=UI=8V0.5A=4W故选 B【点评】本题考查了串联电路的电压和电流特点，以及电功率的计算；难点是要通过图象分析找出当电源电压是 8V 时，灯泡的电压和电流要找出灯泡的电压和电流，就需要根据我们所学的串联电路的特点去分析10在水平地面上有一长方体木箱小林用水平推力 F 把木箱向前推动，如图甲所示此过程中，推力 F 随时间 t 的变化情况如图乙所示，木块前进的速度 v 的大小随时间 t 的变
30、化情况如图丙所示，下列说法正确的是（ ）A35s 内，木箱受到的滑动摩擦力为 200NB01s 内，推力做功的功率恒为 100WC35s 内，推力做功为 600JD01s 内没有推动箱子的原因是推力小于摩擦力【考点】力与图象的结合；功的计算；功率的计算【分析】 （1）先根据图丙分析 35s 内，木箱的运动状态，然后根据图乙读出木箱受到的推力，再根据二力平衡条件得出滑动摩擦力的大小；（2）根据图乙可知 01s 内推力的大小，根据图丙可知速度的大小，根据 P=Fv 可知功率的变化；（3）先根据速度公式求出 35s 内木箱通过的距离，然后根据 W=Fs 求出推力做的功；（4）根据二力平衡判断 01s
31、 内推力与摩擦力的关系【解答】解：A、根据图丙可知，35s 内，木箱以 1m/s 的速度做匀速直线运动，木箱受平衡力作用，此时木箱受到的滑动摩擦力等于推力；10由图乙可知，35s 内，木箱受到的推力为 200N，因此木箱受到的滑动摩擦力为 200N，故A 正确；B、根据图乙可知，01s 内，推力为 100N，根据图丙可知，01s 内，木箱的速度为零，因此由 P=Fv 可知，在 01s 内，木箱的功率为零，故 B 错误；C、由 v=可得，35s 内，木箱移动的距离：s=vt=1m/s（5s3s）=2m；推力做的功：W=Fs=200N2m=400J；故 C 错误；D、01s 内，木箱静止，因此木箱
32、受平衡力，即摩擦力等于推力，故 D 错误故选 A【点评】本题考查了学生对力学图象的分析能力，能从图象上得到有用的物理信息是解题的关键，是一道锻炼学生分析思考能力的好题11一只质量为 60kg 的氧气瓶，刚启用时瓶内氧气密度为 0，使用半小时，氧气瓶的质量变为 35kg，瓶内氧气的密度为 0；再使用一段时间，氧气瓶的质量变为 20kg，此时瓶内的氧气密度应为（ ）A 0 B 0 C 0 D 0【考点】密度公式的应用【分析】题目的质量都是氧气的质量和氧气瓶质量的总和，要设氧气瓶质量为 m0，体积为V，根据前两个条件得出 m0，然后利用纯氧气密度和纯氧气质量成正比得出答案【解答】解：设氧气瓶质量为
33、m0，体积为 V，则由 =得，= 0= 0联立，解得 m0=10kg，质量为 60kg 的氧气瓶，瓶内纯氧气质量为 60kg10kg=50kg 时，瓶内氧气密度为 0，再使用一段时间，氧气瓶内纯氧气的质量为 20kg10kg=10kg，根据 =可知，纯氧气密度和纯氧气质量成正比，所以，此时瓶内的氧气密度应为故选 C【点评】此题考查密度公示的应用，题目中始终没有给出纯氧气的质量，首先需要通过计算求得氧气瓶质量，从而得出纯氧气的质量，这是本题的难点；利用纯氧气密度和纯氧气质量成正比得出答案是本题的关键点属于好题！难题！12如图所示，电源电压保持 6V 不变，电流表的量程为 00.6A，电压表的量程
34、为03V，定值电阻 R1的规格为“10 0.5A” ，滑动变阻器 R2的规格为“20 1A” 闭合开关，为了保证电路安全，在变阻器滑片 P 移动过程中，下列说法正确的是（ ）A电阻 R1消耗功率允许的变化范围为 0.4W0.9WB电流表示数允许的变化范围为 0.2A0.5AC变阻器 R2接入电路的阻值允许变化范围为 220D电路消耗总功率允许的变化范围为 1.2W3W【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用；电阻的串联；电功率的计算【分析】由电路图可知，R 1与 R2串联，电压表测 R1两端的电压，电流表测电路中的电流（1）根据欧姆定律求出电压表的示数为 3V 时电路中的电流，然后结合滑动变阻器
35、、定值电阻的规格和电流表的量程确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最11小，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，根据电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，根据 P=UI 求出电阻 R1的最大功率和电路消耗的最大总功率；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电阻 R1的功率最小，根据 P=I2R 求出电阻 R1的最小功率，然后得出电阻 R1消耗功率允许的变化范围【解答】解：由电路图可知，R 1与 R2串联，电压表测 R1两端的电压，电流表测电路中的电流（1）当电压表的示数为 3V 时，电路中的电流：I1=0.3A，电流表的量程为 00.6A，定值电阻 R
36、1允许通过的最大电流为 0.5A，滑动变阻器 R2允许通过的最大电流为 1A，电路中的最大电流为 0.3A，故 B 不正确；此时电路中的总电阻：R=20，串联电路中总电阻等于各分电阻之和，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R2=RR 1=2010=10，故 C 不正确；电阻 R1消耗功率最大功率：P1=U1I1=3V0.3A=0.9W，电路消耗的最大功率：P=UI1=6V0.3A=1.8W，故 D 不正确；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电阻 R1的功率最小和电路消耗的总功率最小，此时电路中的电流：I2=0.2A，电阻 R1的最小功率：P1=I 22R1=（0.2A）
37、 210=0.4W，则电阻 R1消耗功率允许的变化范围为 0.4W0.9W，故 A 正确故选 A【点评】本题考查串联电路中电压、电流以及功率、滑动变阻器接入电路电阻的计算，注意求阻值范围时，根据电流表和电压表的最大值进行计算，并且会灵活运用欧姆定律二、填空题：（24 分）13在太阳能和天然气中，属于可再生能源的是 太阳能 若一太阳能热水器将装有100kg 温度为 20的水，阳光照射一天后，水温升高到 80，热水器内的水吸收了2.52106J 的太阳能，这是通过 热传递 的方式改变了水的内能；若上述这些热量由天然气提供，则需要完全燃烧 0.063 m 3的天然气（不考虑能量损失） 天然气热值为4
38、107J/m3【考点】能源的分类；热传递改变物体内能；燃料的热值【分析】 （1）从能源是否可再利用的角度可把能源分为可再生能源和不可再生能源人类开发利用后，在现阶段不可能再生的能源，属于不可再生能源；在自然界中可以不断再生的能源，属于可再生能源；（2）改变物体内能的方法有二：一是做功，二是热传递（热从高温物体或物体的高温部分传给低温物体或物体的低温部分） ；（3）由 Q=qV 的变形公式可以求出天然气的体积12【解答】解：太阳能从自然界里源源不断的得到补充，属于可再生能源；天然气属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源；水从太阳吸收热量，内能增加、温度升高，这是通过热传递的
39、方式改变内能的；因为 Q 吸 =放 Q=qV，所以燃烧煤气的体积 V=0.063m3故答案为：太阳能；热传递；0.063【点评】本题考查了学生对能源的分类、燃烧值公式的掌握和运用，涉及到改变物体内能的方法，难度不大14天气炎热时多喝水有益于身体健康如图甲是某同学买瓶装矿泉水时的情景（1）当该同学用手握住瓶子使瓶身竖直在空中静止不动时， 重力与摩擦力 是一对平衡力（2）如图乙所示，瓶盖上有一道道条纹，其目的是在用手拧开瓶盖时能 增大 （选填“增大”或“减小” ）摩擦（3）将瓶中的水倒掉一半，则水的密度 不变 ， （选填“变大” 、 “变小”或“不变” ） （4）他在空矿泉水瓶中装入少量热水，轻晃
40、后迅速倒出，再马上盖紧瓶盖一会儿后看到矿泉水瓶瘪了，如图丙所示，这是瓶子受到了 大气压 的作用产生的效果同时发现瓶子的温度也升高了，这是通过 热传递 方式改变瓶子内能的（5）他将空矿泉水瓶压入水中，直到浸没，所用的力 变大 ， （选填“变大” 、 “变小”或“不变” ）这是因为 浮力与排开液体的体积有关 【考点】平衡力的辨别；密度及其特性；增大或减小摩擦的方法；大气压强的存在；阿基米德原理；热传递改变物体内能【分析】 （1）一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；（2）在压力一定时，增大接触面的粗糙程度可以增大摩擦力；（3）密度是物质的一种特性，其大小与物体的质量
41、和体积无关；（4）结合大气压的作用可做出解释；知道做功和热传递都可以改变物体的内能；（5）浮力的大小与物体排开液体的体积和液体的密度有关【解答】解：（1）当该同学用手握住瓶子使瓶身竖直在空中静止不动时，重力与摩擦力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力（2）如图中，瓶盖上有一道道条纹，其目的是增大接触面的粗糙程度，在用手拧开瓶盖时能增大摩擦（3）将瓶中的水倒掉一半，水的质量和体积改变，但水的密度不变（4）在空矿泉水瓶中装入少量热水，轻晃后迅速倒出，再马上盖紧瓶盖一会儿后看到矿泉水瓶瘪了，这是因为热水汽化形成大量水蒸气，水蒸气再液化使瓶中的气压减小，瓶子受到了外界大
42、气压的作用，所以矿泉水瓶变瘪了同时发现瓶子的温度升高，这是由于瓶子中倒入热水，热量发生了转移，因此是通过热传递的方式改变了瓶子的内能（5）将空矿泉水瓶压入水中，直到浸没，所用的力会变大，这是因为浮力与排开液体的体积有关，排开液体的体积有关变大，所以浮力变大故答案为：（1）重力与摩擦力；（2）增大；（3）不变；（4）大气压；热传递；（5）变大；浮力与排开液体的体积有关13【点评】本题以生活中常见的现象为背景，考查了与力学、热学等相关的多个知识点，体现了物理知识的无处不在，总体难度不大15如图 1 所示，电源电压一定，闭合开关 S，滑动变阻器滑片 P 从最上端滑至最下端的过程中，电流表示数 I 与
43、滑动变阻器接入电路的阻值 R 之间的关系如图 2 所示已知定值电阻 R0=20，则电源电压 U= 12 V图 2 中坐标值 I1= 0.2 A当电流表示数 I=0.4A时，R 0与 R 消耗的电功率之比为 2：1 【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】 （1）根据图象，当电流最大时，变阻器的阻值为零，根据 U=IR0计算出定值电阻两端的电压，即等于电源电压；（2）根据图象读出变阻器的阻值，由欧姆定律计算出 I1的值；（3）根据题意计算出 I=0.4A 时，变阻器的阻值，根据 P=I2R 来判断两电阻的电功率之比【解答】解：（1）由图象知，电流最大为 0.6A，由题意知，此时变阻器接入电路
44、的阻值为零，则电源电压：U=U 0=IR0=0.6A20=12V；（2）由图象知，电流为 I1时对应的变阻器接入电路的阻值为 40，则此时电路中的电流：I 1=0.2A；（3）当 I=0.4A 时，由 I=可得，电路中的总电阻：R 总 =30；则此时变阻器接入电路的阻值：R 滑 =RR 0=3020=10；由 P=UI=I2R 可知，R 0与 R 消耗的电功率之比：=故答案为：12；0.2；2：1【点评】本题是有关电学的计算题目，解决问题的关键是能够分析出电路的连接方式，读懂图象，知道电流的大小与变阻器阻值的关系16在水平地面上，小明用 60N 的力 F1沿水平方向拉着重为 200N 的物体前
45、进 5m，拉力 F1做功 300 J，重力对物体做功 0 J接着小明再用力 F2沿水平方向拉着物体前进，两次拉动物体得到的 st 图象分别是图乙中的图线、两次拉力的功率分别是 P1、P 2，则 P1 P 2 （选填“” 、 “=”或“” ）【考点】功的计算；功率大小的比较【分析】 （1）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离；先判断重力和拉力是否做功，然后利用功的计算公式进行计算；（2）由图乙得出木块都做匀速直线运动（得出速度大小关系） ，木块受到拉力和滑动摩擦力是平衡力，而滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关先比较拉力大小关系，再利用 P=Fv 判
46、断拉力的功率大小关系【解答】解：（1）拉力做的功 W=Fs=60N5m=300J；重力的方向是竖直向下的，而物体是在水平方向上移动了 5m，没有在重力方向上移动距离，所以重力做功为 0J；（2）由图乙可知，木块两次都进行匀速直线运动，拉力等于滑动摩擦力，滑动摩擦力相等，拉力 F 相等，即 F1=F214从图乙中可以判断出，第次的运动速度 v 较大，根据公式 P=Fv，当拉力相等时，速度越大，拉力的功率越大，即 P1P 2故答案为：300；0；【点评】本题考查了功的计算、做功的两个必要条件以及功率大小比较，本题难点利用好木块的 st 图象，从中得出信息：木块都做匀速直线运动，两种情况下速度大小关
47、系17将一重为 18N，体积为 2103 m3的蜡块用细线系在弹簧测力计的挂钩上，用手将蜡块浸没在水中，如图所示，当松手后，蜡块静止时，蜡块受到的浮力是 18 N，此时弹簧测力计的示数是 0 N（g=10N/kg） 【考点】浮力大小的计算【分析】 （1）利用重力公式求出蜡块的质量，然后利用密度公式求出蜡块的密度，通过与水的密度比较，判断蜡块在水中的状态，再计算浮力大小；（2）蜡块在酒精中时测力计的示数等于蜡块在空气中的重力减去蜡块所受浮力【解答】解：（1）蜡块的质量 m=1.8kg，蜡块的密度 =0.910 3kg/m3 水 ，所以，松手后，蜡块静止时处于漂浮状态，则蜡块受到的浮力为 F 浮 =G=18N；（2）测力计的示数 F=GF 浮 =18N18N=0N故答案为：18；0【点评】本题考查物体的漂浮条件和阿基米德原理的应用，会利用称重法解答有关的问题18如图，工人用滑轮组将重 480N 的物体匀速提升 1m，所用的拉力为 200N，他做的有用功是 480 J，该滑轮组的机械效率是 80 %上升过程中，物体的动能
