1、云南省保山隆阳区 2018 届高三联合命题月考卷（一）高三 理综 物理一、单选题(共 5 小题,每小题 6.0 分,共 30 分)1.对以 a2 m/s 2做匀加速直线运动的物体，下列说法中正确的是( )A 在任意 1 s 内末速度比初速度大 2 m/sB 第 ns 末的速度比第 1 s 末的速度大 2nm/sC 2 s 末速度是 1 s 末速度的 2 倍D 2 s 末的速度是 4 m/s2.在一大雾天，一辆小汽车以 30 m/s 的速度匀速行驶在高速公路上，突然发现正前方 30 m处有一辆大卡车以 10 m/s 的速度同方向匀速行驶，小汽车紧急刹车，刹车过程中刹车失灵如图所示，图线 a、 b
2、 分别为小汽车和大卡车的 v t 图象(忽略刹车反应时间)，以下说法正确的是( )A 因刹车失灵前小汽车已减速，故不会发生追尾事故B 在 t3 s 时发生追尾事故C 在 t5 s 时发生追尾事故D 若紧急刹车时两车相距 40 米，则不会发生追尾事故且两车最近时相距 10 米3.倾角为 37的斜面与水平面保持静止，斜面上有一重为 G 的物体 A，物体 A 与斜面间的动摩擦因数 0.5.现给 A 施以一水平力 F，如图所示设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等(sin 370.6，cos 370.8)，如果物体 A 能在斜面上静止，水平推力 F 与 G 的比值不可能是( )A 3B 2C 1D 0.54.
3、如图所示，一偏心轮绕垂直纸面的轴 O 匀速转动， a 和 b 是轮上质量相等的两个质点，则偏心轮转动过程中 a， b 两质点：（ ）A 角速度大小相同B 线速度大小相同C 向心加速度大小相同D 向心力大小相同5.Q1、 Q2为两个点电荷，带正电的试探电荷 q 在 Q1、 Q2的中垂线上的在 A 点处所受 Q1、 Q2作用力的合力大小和方向如图所示，由此可以判断( )A Q2的电荷量一定小于 Q1的电荷量B Q2的电荷量一定大于 Q1的电荷量C Q1、 Q2一定为等量异种电荷D Q1、 Q2一定为等量同种电荷二、多选题(共 3 小题,每小题 6.0 分,共 18 分) 6.如图所示电路中，电源的
4、内电阻为 r， R1， R3， R4均为定值电阻，电表均为理想电表闭合电键 S，当滑动变阻器 R2的滑动触头 P 向右滑动时，电表的示数都发生变化，下列说法正确的是（ ）A 电压表示数变大B 电流表示数变大C 外电路等效电阻变大D 内电路消耗的功率变大7.如图，在半径为 R=mv0/qB 的圆形区域内有水平向里的匀强磁场，磁感应强度为 B；圆形区域右侧有一竖直感光板 MN带正电粒子从圆弧顶点 P 以速率 v0平行于纸面进入磁场，已知粒子质量为 m，电量为 q，粒子重力不计若粒子对准圆心射入，则下列说法中正确的是( )A 粒子一定沿半径方向射出B 粒子在磁场中运动的时间为 m/2qBC 若粒子速
5、率变为 2v0，穿出磁场后一定垂直打到感光板 MN 上D 粒子以速度 v0从 P 点以任意方向射入磁场，离开磁场后一定垂直打在感光板 MN 上8.(多选)如图 1 所示，理想变压器的原线圈连接一只理想交流电流表，副线圈匝数可以通过滑动触头 Q 来调节，在副线圈两端连接了定值电阻 R0和滑动变阻器 R， P 为滑动变阻器的滑动触头在原线圈上加一电压为 U 的正弦交流电，则( )A 保持 Q 的位置不动，将 P 向上滑动时，电流表读数变大B 保持 Q 的位置不动，将 P 向上滑动时，电流表读数变小C 保持 P 的位置不动，将 Q 向上滑动时，电流表读数变大D 保持 P 的位置不动，将 Q 向上滑动
6、时，电流表读数变小分卷 II三、实验题(共 2 小题,共 15 分) 9.为测定木块与桌面之间的动摩擦因数，小亮设计了如图所示的装置进行实验实验中，当木块 A 位于水平桌面上的 O 点时，重物 B 刚好接触地面将 A 拉到 P 点，待 B 稳定后静止释放， A 最终滑到 Q 点分别测量 OP、 OQ 的长度 h 和 s.改变 h，重复上述实验，分别记录几组实验数据(1)实验开始时，发现 A 释放后会撞到滑轮请提出两个解决方法_(2)请根据下表的实验数据在下图中作出 s h 关系的图象(3)实验测得 A、 B 的质量分别为 m0.40 kg、 M0.50 kg.根据 s h 图象可计算出 A 木
7、块与桌面间的动摩擦因数 _(结果保留一位有效数字)(4)实验中，滑轮轴的摩擦会导致 的测量结果_(选填“偏大”或“偏小”)10.某同学利用如图 9(a)所示的电路测量一微安表(量程为 100 A，内阻大约为 2 500 )的内阻可使用的器材有：两个滑动变阻器 R1、 R2(其中一个阻值为 20 ，另一个阻值为 2 000 )；电阻箱 Rz(最大阻值为 99 999.9 )；电源 E(电动势约为 1.5 V)；单刀开关 S1和S2.C、 D 分别为两个滑动变阻器的滑片图 9(1)按原理图(a)将图(b)中的实物连线(2)完成下列填空： R1的阻值为_ (填“20”或“2 000”)为了保护微安表
8、，开始时将 R1的滑片 C 滑到接近图(a)中滑动变阻器的_端(填“左”或“右”)对应的位置；将 R2的滑片 D 置于中间位置附近将电阻箱 Rz的阻值置于 2 500.0 ，接通 S1.将 R1的滑片置于适当位置，再反复调节 R2的滑片 D 的位置，最终使得接通 S2前后，微安表的示数保持不变，这说明 S2接通前 B 与 D所在位置的电势_(填“相等”或“不相等”)将电阻箱 Rz和微安表位置对调，其他条件保持不变，发现将 Rz的阻值置于 2 601.0 时，在接通 S2前后，微安表的示数也保持不变待测微安表的内阻为_(结果保留到个位)(3)写出一条提高测量微安表内阻精度的建议：_.四、计算题
9、11.图 1 中，质量为 m 的物块叠放在质量为 2 m 的足够长的木板上方右侧，木板放在光滑的水平地面上，物块与木板之间的动摩擦因数为 0.2.在木板上施加一水平向右的拉力 F，在 03 s 内 F 的变化如图 2 所示，图中 F 以 mg 为单位，重力加速度 g10 m/s2.整个系统开始时静止(1)求 1 s、1.5 s、2 s、3 s 末木板的速度以及 2 s、3 s 末物块的速度；(2)在同一坐标系中画出 03 s 内木板和物块的 v t 图象，据此求 03 s 内物块相对于木板滑过的距离12.如图所示，间距 l0.3 m 的平行金属导轨 a1b1c1和 a2b2c2分别固定在两个竖
10、直面内，在水平面 a1b1b2a2区域内和倾角 37的斜面 c1b1b2c2区域内分别有磁感应强度 B10.4 T、方向竖直向上和 B21 T、方向垂直于斜面向上的匀强磁场电阻 R0.3 、质量 m10.1 kg、长为 l 的相同导体杆 K、 S、 Q 分别放置在导轨上， S 杆的两端固定在 b1、 b2点， K、 Q 杆可沿导轨无摩擦滑动且始终接触良好一端系于 K 杆中点的轻绳平行于导轨绕过轻质滑轮自然下垂，绳上穿有质量 m20.05 kg 的小环已知小环以 a6 m/s2的加速度沿绳下滑， K 杆保持静止， Q 杆在垂直于杆且沿斜面向下的拉力 F 作用下匀速运动不计导轨电阻和滑轮摩擦，绳不
11、可伸长取 g10 m/s 2，sin 370.6，cos 370.8.求：(1)小环所受摩擦力的大小；(2)Q 杆所受拉力的瞬时功率【物理选修 3-3】13.(1)下列说法中正确的是( )A知道水蒸气的摩尔体积和水分子的体积，可计算出阿伏加德罗常数B随着分子间距离的增大，分子间作用力减小，分子势能也一定减小C单晶体有固定的熔点，而多晶体没有固定的熔点D硬币或钢针能浮于水面上，是由于液体表面张力的作用(2)如图所示，一根上粗下细，粗端与细端都粗细均匀的玻璃管上端封闭，下端开口，横截面积 S1=4S2，下端与大气连通。粗管中有一段水银封闭了一定质量的 理想气体，水银柱下表面恰好与粗管和细管的交界处
12、齐平，空气柱和水银 柱长度均为 h=4 cm。现在细管口连接一抽气机(图中未画出)，对细管内气体进行缓慢抽气，最终使一半水银进入细管中，水银没有流出细管。已知大气压强为 P0=76 cmHg。求抽气结束后细管内气体的压强；抽气过程中粗管内气体吸热还是放热？请说明原因。【物理选修 3-4】14.(1)一列简谐横波，某时刻的波形如图甲所示，从该时刻开始计时，波上 A 质点的振动图象如图乙所示，该列波沿 x 轴传播(填“正向”或“负向”)；该列波的波速大小为 ms；若此波遇到另一列简谐横波并发生稳定的干涉现象，则所遇到的波的频率为 Hz。（2）如图，为某种透明材料做成的三棱镜横截面，其形状是边长为
13、a 的等边三角形，现用一束宽度为 a 的单色平行光束，以垂直于 BC 面的方向正好入射到该三棱镜的 AB 及 AC 面上，结果所有从 AB， AC 面入射的光线进入后恰好全部直接到达 BC 面.试求： 该材料对此平行光束的折射率；这些到达 BC 面的光线从 BC 面折射而出后，如果照射到一块平行于 BC 面的屏上形成光斑，则当屏到 BC 面的距离 d 满足什么条件时，此光斑分为两块?答案解析1.【答案】A【解析】由 a 知 A 正确；从 1 s 末到 ns 末有( n1)个时间间隔，故 B 错误；由于初速度不确定，故 C、D 均错误2.【答案】B【解析】根据速度时间图象与时间轴所围“面积”大小
14、等于位移，由图知， t3 s 时，b 车的位移为： xb vbt103 m30 m， a 车的位移为 xa (3020) m1 (2015)2 m60 m，则 xa xb30 m，所以在 t3 s 时追尾当速度相等时， a 车的位移为 xa (3020)1 m (2010)4 m85 m， b 车的位移为 xb vbt105 m50 m，则两车相距 35 m，D 错误3.【答案】A【解析】设物体刚好不下滑时 F F1，则 F1cos F N GsinFN F1sin Gcos得： ；设物体刚好不上滑时 F F2，则：F2cos F N Gsin ，FN F2sin Gcos ，得： 2，即 2
15、，故 F 与 G 的比值不可能为 A.4.【答案】A【解析】同轴转动角速度相等，A 正确；由于两者半径不同，根据公式 可得两点的线速度不同，B 错误；根据公式 ，角速度相同，半径不同，所以向心加速度不同，C 错误；根据公式 ，质量相同，但是加速度不同，所以角速度不同，D 错误；5.【答案】B【解析】 Q1、 Q2到 q 所在点距离相等，但从题图中可知 F2F1，由库仑定律知 Q2的电荷量一定大于 Q1的电荷量，所以 B 正确，A、D 错误；带正电的试探电荷 q 在 A 点处受到的都是斥力，则 Q1、 Q2一定为同种电荷，则 C 错6.【答案】AC【解析】根据电路图可知， 与 并联，与 串联，再
16、与 并联，当滑动变阻器 的滑动触头 P 向右滑动时， 连入电路的电阻增大，所以电路路端总电阻增大，即外电路等效电阻变大，C 正确，根据闭合回路欧姆定律可得路端电压增大，电压表测量路端电压，所以电压表示数增大，A 正确；电路总电流减小，电流表测量 的电流， 两点的电压增大，所以通过 的电流增大，但是总电流减小，所以通过 的电流减小，即 两端的电压减小，故 与 并联的两端的电压增大，所以通过 的电流增大，而通过 的电流减小，所以通过 的电流减小，即电流表示数减小，B 错误；电路总电流减小，根据公式 可得电路内电阻消耗的功率变小，故 D 错误7.【答案】ABD【解析】带正电粒子从圆弧顶点 P 以速率
17、 v0平行于纸面且对准圆心射入磁场，根据对称性，一定沿半径方向射出，故 A 正确；粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律，有： qv0B=m ， r= =R，粒子的运动轨迹如图：轨迹圆弧对应的圆心角为 故运动时间为：t=T/4，T= ，所以 t= m/2qB，B 正确；若粒子速率变为 2v0，则轨道半径变为 2R，运动轨迹如图：故不是垂直打到感光板 MN 上，故 C 错误；当带电粒子以 v0射入时，带电粒子在磁场中的运动轨道半径为 R设粒子射入方向与 PO 方向夹角为 ，带电粒子从区域边界 S 射出，带电粒子运动轨迹如图所示因 PO3=O3S=PO=SO=R 所以四边
18、形 POSO3 为菱形，由图可知：POO3S，v3SO3，因此，带电粒子射出磁场时的方向为水平方向，与入射的方向无关故 D 正确；故选：ABD8.【答案】BC【解析】 Q 位置不动，副线圈电压 U2不变，当 P 上滑时， R 增大，由 P 可知总功率减小，原线圈电压 U1不变，由 P U1I1可知原线圈电流 I1减小，故 A 错误，B 正确；当 P 位置不动， Q 上滑时，由 知 U2增大，同理分析原线圈电流 I1增大，故 C 正确，D 错误9.【答案】(1)减小 B 的质量；增加细线的长度(或增大 A 的质量；降低 B 的起始高度) (2)见解析图 (3)0.4 (4)偏大【解析】(1)为使
19、 A 不撞到滑轮，应设法减小 B 落地瞬间 A 的速度，因而可以减小 B 的质量；增加细线的长度或增大 A 的质量；降低 B 的起始高度(2)如图(3)对 A 木块应用动能定理，有(Mg mg ) h mgs即( M m ) sh sh s由图可知 k 代入数据可以解得： 0.4(4)考虑到滑轮的摩擦力做负功，实验中要克服滑轮的摩擦力做功，造成实验结果偏大10.【答案】 (1)见解析图(2)20 左 相等 2 550(3)调节 R1上的分压，尽可能使微安表接近满量程【解析】 (1)实物连线如图所示：(2)滑动变阻器 R1采用分压式接法，为了方便调节要选择阻值较小的滑动变阻器；为了保护微安表，开
20、始时将 R1的滑片 C 滑到滑动变阻器的左端对应的位置；将电阻箱 Rz的阻值置于 2 500.0 ，接通 S1；将 R1的滑片置于适当位置，再反复调节 R2的滑片 D 的位置；最终使得接通 S2前后，微安表的示数保持不变，这说明 S2接通前后在 BD中无电流流过，可知 B 与 D 所在位置的电势相等；设滑片 D 两侧电阻分别为 R21和 R22，由 B 与 D 所在位置的电势相等可知，；同理，当 Rz和微安表对调时，仍有；联立两式解得， RA 2 550 (3)为了提高测量精度，应调节 R1上的分压，尽可能使微安表接近满量程11.【答案】(1)4 m/s 4.5 m/s 4 m/s 4 m/s
21、 4 m/s 4 m/s (2)图见解析 2.25 m【解析】(1)设木板和物块的加速度分别为 a 和 a，在 t 时刻木板和物块的速度分别为 vt和 vt，木板和物块之间摩擦力的大小为 Ff，依据牛顿第二定律、运动学公式和摩擦力公式得：Ff ma Ff mg ，当 vt vtvt2 vt1 a( t2 t1) F Ff2 mavt2 vt1 a(t2 t1) 结合题给条件得：v14 m/s， v1.54.5 m/s，v24 m/s， v24 m/s 2 s 末木板和物块达到共同速度，此后两物体一起做匀速直线运动，故 v34 m/s， v34 m/s (2)由上述公式得到物块与木板运动的 v
22、t 图象，如图所示在 03 s 内物块相对于木板的距离 s 等于木板和物块 v t 图线下的面积之差，即图中带阴影的四边形面积，该四边形由两个三角形组成，上面的三角形面积为 0.25 m，下面的三角形面积为 2 m，因此 s2.25 m.12.【答案】(1)0.2 N (2)2 W【解析】(1)设小环受到的摩擦力大小为 Ff，由牛顿第二定律有： m2g Ff m2a解得 Ff0.2 N(2)设通过 K 杆的电流为 I1，根据平衡有： Ff B1I1l设回路总电流为 I，总电阻为 R 总， ，因为 I2 I1R 总 R设 Q 杆下滑速度大小为 v，产生的感应电动势为 E，有 IE B2LvF m
23、1gsin B2IL拉力的瞬时功率为 P Fv联立以上方程得到 P2 W.13.【答案】（1）D（2）求抽气结束后细管内气体的压强 P2=58cmHg；抽气过程中粗管内气体吸热，抽气过程中，粗管内气体温度不变，内能不变，U=W+Q=0，气体体积增大，对外做功， W0 则 Q0，故气体需要吸热【解析】（1）固体液体的分子间距离较小，但气体分子间距离较大，故知道水蒸气的摩尔体积和水分子的体积，不可计算出阿伏加德罗常数，故 A 错误随着分子间距离的增大，分子间作用力减小，但分子势能的变化不好确定，要具体分析看分子力做功的正负来确定，故B 错误无论单晶体还是多晶体都有固定的熔点，故 C 错误轻小物体浮
24、于液面上，没有浸在液体中，是由于表面张力的缘故，故 D 正确（2）缓慢抽气过程，粗管内气体温度不变，设抽气后粗管内气体压强为 P3，细管内压强为 P2，由玻意耳定律知（ P0 h）= P1（ h+ h）；P2=P1+（ ）；解得 P2=58cmHg；抽气过程中，粗管内气体温度不变，内能不变， U=W+Q=0，气体体积增大，对外做功，W0 则 Q0，故气体需要吸热14.【答案】(1)正向； 1m/s； 2.5Hz(2) 当光屏到 BC 距离超过 时，光斑分为两块。【解析】(1)由 A 点的振动图线可知， t=0 时质点向下振动，故波沿 x 轴正向传播；波速；因为此波的频率为 2.5 Hz，若此波遇到另一列简谐横波并发生稳定的干涉现象，则所遇到的波的频率等于该波的频率 2.5 Hz。（2） 由于对称性，我们考虑从 AB 面入射的光线，这些光线在棱镜中是平行于 AC 面的，由对称性不难得出，光线进入 AB 面时的入射角 折射角 分别为 =60， =30 ；由折射定律，材料折射率如图 O 为 BC 中点，在 B 点附近折射的光线从 BC 射出后与直线 AO 交于 D，可看出只要光屏放得比 D 点远，则光斑会分成两块.由几何关系可得 OD= ；所以当光屏到 BC 距离超过 时，光斑分为两块 ；
