1、2016 年 10 月浙江省普通高校招生选考科目考试物理试题一、选择题1. 下列物理量中属于标量的是A. 路程 B. 位移 C. 速度 D. 加速度【答案】A【解析】路程只有大小无方向，是标量；而位移、速度和加速度既有大小又有方向，是矢量；故选 A.2. 下列均属于国际基本单位的是A. m，N，J B. m，kg，J C. m， kg， s D. kg，m/s，N【答案】C【解析】长度，质量，时间等为基本物理量，基本物理量的单位为基本单位，长度、质量、时间在国际单位制中的基本单位为米、千克、秒即 m、kg、s,故选 C。3. 中国女排在 2016 年奥运会比赛中再度夺冠，图为比赛中精彩瞬间的照
2、片，此时排球受到的力有A. 推力B. 重力、推力C. 重力、空气对球的作用力D. 重力、推力、空气对球的作用力【答案】C【解析】图中排球受到的力是：重力、空气对球的阻力，此刻人手与球并没有接触，所以没有推力，故 C 正确，ABD 均错误故选 C4. 如图所示，无人机在空中匀速上升时，不断增加的能量是A. 动能B. 动能、重力势能C. 重力势能、机械能D. 动能、重力势能、机械能【答案】C5. 在 G20 峰会“最忆是杭州”的文化文艺演出中，芭蕾舞演员保持如图所示姿势原地旋转，此时手臂上 A、B 两点角速度大小分别为 、 ，线速度大小分别为 、 ，则A. B. C. D. 【答案】D【解析】可以
3、把 A、B 两点看成是同轴转动的两个质点，则 ，由 得， 故 D选项正确。故选 D点睛：同轴角速度相等，同皮带线速度相等，然后借助于 求解。6. 某探险者在野外攀岩时，踩落一小石块，约 5s 后听到石头直接落到崖底的声音，探险者离崖底的高度最接近的是A. 25m B. 50m C. 110m D. 150m【答案】C【解析】由于声音在空气中传播的速度比自由落体下落 5s 的速度大的多，可以忽略声音在空气中的传播时间，由自由落体规律 则选 C.点睛：直接利用自由落体运动中位移和时间得关系 求解即可7. 一水平固定的水管，水从管口以不变的速度源源不断地喷出，水管距地面高 ，水落地的位置到管口的水平
4、距离 ，不计空气及摩擦阻力，水从管口喷出的初速度大小是A. 1.2m/s B. 2.0m/s C. 3.0m/s D. 4.9m/s【答案】B【解析】：设水从管口喷出的速度为 ，认为水做了平抛运动，则由平抛运动规律有 ， ，则 ，故 B 项正确。综上所述本题答案是：B8. 如图为某一电场的电场线，M、N、P 为电场线上的三个点，M、N 是同一电场线上两点，下列判断正确的是A. M、N、P 三点中 N 点的场强最大B. M、N、P 三点中 N 点的电势最高C. 负电荷在 M 点的电势能大于在 N 点的电势能D. 正电荷从 M 点自由释放，电荷将沿电场线运动到 N 点【答案】A【解析】电场线的疏密
5、反应了场的强弱，N 点处电场线最密，所以 N 点场强最大，故 A 正确；顺着电场线的方向，电势降低，所以 M 点的电势最高，故 B 错误；根据EP=q， M P N可知，负电荷在 M 点电势能小于在 N 点的电势能，故 C 正确；在 M 点静止释放，正电荷在电场力的作用下运动，但是运动轨迹并不是电场线，故 D 错误故选 A.点睛：解答此题的关键是知道电场线的特点：电场线的疏密反应了场的强弱；顺着电场线的方向，电势降低判断电势能的大小也可通过电场力做功来判断：电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加9. 根细橡胶管中灌满盐水，两端用短粗铜丝塞住管口，管中盐水柱长为 40cm 时，测得电
6、阻为 R，若溶液的电阻随长度、横截面积的变化规律与金属导体相同。现将管中盐水柱均匀拉长至 50cm(盐水体积不变，仍充满橡胶管） 。则盐水柱电阻为A. B. C. D. 【答案】D【解析】由电阻定律有 ,又 ,则 ， ,所以选项 D 正确。点睛：要牢记电阻的决定式10. 如图所示，把一根通电的硬直导线 ab，用轻绳悬挂在通电螺线管正上方，直导线中的电流方向由 a 向 b。闭合开关 S 瞬间，导线 a 端所受安培力的方向是A. 向上B. 向下C. 垂直纸面向外D. 垂直纸面向里【答案】D【解析】根据安培定则可知，开关闭合后，螺线管产生的磁场等效为 N 极在右端的条形磁铁产生的磁场根据左手定则可知
7、，导线 a 端所受安培力垂直纸面向里，选项 D 正确11. 如图为一种服务型机器人，其额定功率为 48W. 额定工作电压为 24V。机器人的锂电池容量为 20Ah. 则机器人A. 额定工作电流为 20A B. 充满电后最长工作时间为 2hC. 电池充满电后总电量为 D. 以額定电流工作时毎秒消耗能量为 20J【答案】C【解析】A、由 得： , A 错误；B、 ， ，B 错误；C、 ，C 正确；D、以额定电流工作时每秒消耗能量 .12. 如图所示， “天宫二号”在距离地面 393km 的近圆轨道运行，已知万有引力常量G=6.6710-11Nm2/kg2.地球质量 M=6.010 24kg，地球半
8、径 R=6.4103km.由以上数据可估算 A. “天宫二号”质量B. “天宫二号”运行速度C. “天宫二号”受到的向心力D. 地球对“天宫二号”的引力【答案】B【解析】根据万有引力提供向心力，即 ，可知 ，所以可求出“天宫二号”的运行速度，选项 B 正确在各等式中“天宫二号”的质量在两边会消去，故无法求出“天宫二号”的质量，同时其受到的向心力、引力都因为不知质量而无法求解，选项 ACD 错误；故选 B.13. 如图所示质量为 m、电荷量为 q 的带电小球 A 用绝缘细线悬挂于 O 点，带有电荷量也为q 的小球 B 固定在 O 点正下方绝缘柱上.其中 O 点与小球 A 的间距为 l。O 点与小
9、球 B 的间距为 ，当小球 A 平衡时，悬线与竖直方向夹角 ，带电小球 A、B 均可视为点电荷，静电力常量为 k，则A. A、B 间库仑力大小B. A、B 间库仑力C. 细线拉力大小D. 细线拉力大小【答案】B【解析】A 的受力如图所示，几何三角形 OAB 与力三角形相似，由对应边成比例 ，则 ，由余弦定律，则 ，故 B 正确。点睛：本题借助于相似三角形和余弦定理求解拉力的大小，对于此类题要正确的画出受力图，组建三角形。14. 用 a、b 两种不同波长的光，先后用同一装置做双缝干涉实验，得到两种干涉条纹，其中 a 光的干涉条纹间距大于 b 光的条纹间距，则A. a 光的波长大于 b 光的波长B
10、. a 光的频率大于 b 光的频率C. 在玻璃中，a 光的速度等于 b 光的速度D. 从玻璃射向空气发生全反射时，a 光的临界角大于 b 光的临界角【答案】AD【解析】根据双缝干涉的条纹间距公式 x 可知，同一实验装置，条纹间距越大，说明波长越长，即频率越小根据题意， a 光的波长长，所以 A 正确，B 错误频率越小，介质对它的折射率越小，根据 n 可知，在介质中的传播速度越大，即 a 光在介质中的传播速度要大，所以 C 错误根据 sin C 可知，介质的折射率越小，则全反射的临界角越大，所以 a光的全反射临界角要大，选项 D 正确故选 AD.15. 如图为氢原子能级图，氢原子中的电子从 n=
11、5 能级跃迁到 n=2 能级可产生 a 光；从 n=4能级跃迁到 n=2 能级可产生 b 光。a 光和 b 光的波长分別为 和 ，照射到逸出功为 2.29eV的金属钠表面均可产生光电效应，遏止电压分别为 和 ，则A. B. C. a 光的光子能量为 2.86eVD. b 光产生的光电子最大初动能 Ek=0.26eV【答案】BCD【解析】AC、氢原子中的电子从 n=5 跃迁到 n=2 产生的 a 光，,氢原子中的电子从 n=4 跃迁到 n=2 产生的 b 光, ,能量越高频率越大，波长越小，则 ，选项 C 正确，A 错误；BD、由光电效应方程 有频率越高的 越大，即 ，,则 B、D 正确点睛：电
12、子跃迁释放的能量等于两个能级的能量差值，并结合光电效应方程求遏制电压的大小16. 用中子（ ）轰击铀核( )产生裂变反应，会产生钡核（ ）和氪（ ）并释放中子（ ） ，当达到某些条件时可发生链式反应，个铀核( )裂变时，释放的能量约为 200MeV（1eV= l.610 -19J）.以下说法正确的是A. 的裂变方程为B. 的裂变方程为C. 发生链式反应的条件与铀块的体积有关D. 一个 裂变时，质量亏损约为【答案】BCD【解析】AB、 的裂变方程为 ,故 A 错 B 对；C、当铀块体积大于临界体积时链式反应才会发生，C 正确；D、1 u=1.6610 -27kg,又 1u=931.5MeV,则
13、200 MeV 相当于 0.2147u，故质量亏损为1.6610-270.2147 约为 ，故 D 正确。故选 BCD点睛：根据质量数和电荷数守恒写出核反应方程式，并要知道裂变的发生是需要达到临界体积这样一个条件才可以。二、非选择题17. 在“探究小车速度随时间变化的规律”实验中（1）下列说法中不正确或不必要的是 _（填字母）.A.长木板的一端必須垫高，使小车在不挂钩码时能在木板上做匀速运动 B.连接钩码和小车的细线应与长木板保持平行C.小车应靠近打点计时器，先接通电源，后释车 D.选择计数点时，必须从纸带上第一个点开始(2)图 1 是实验中打下的一段纸带.算出计数点 2 的速度大小为_ ，并
14、在图 2 中标出，其余计数点 1、3、4、5 对应的小车瞬时速度大小在图 2 中已标出。（3）作图_并求得小车的加速度大小为_【答案】 (1). （1）AD； (2). （2）0.58-0.61； (3). （3）(4). 1.431.53【解析】 (1)A、探究小车的速度与时间的变化，并没有要求小车只在拉力作用下运动，即平衡摩擦力不是必要的； B、连接小车的细绳需要与木板平行，否则就要涉及到绳子拉力分解问题，即拉力是一个变力，选项 B 是必要的；C、操作时应先开电源再释放小车，所以 C 选项是必要的；D、在处理纸带时，由于第一点并不确定，因此常常将前面的点去掉，从清晰可辨的点取点后处理实验数
15、据，所以 D 选项也不是必要的；故选： AD。(3)根据描点作一条过原点的直线，如图所示：直线的斜率即为小车的加速度,所以加速度为： a= v/ t=（1.20.3）/0.6=1.5 m/s2。【名师点睛】依据实验的原理、操作，及处理数据的要求，即可求解；根据中时刻瞬时速度等于平均速度，即可求解；在速度-时间图象中斜率大小表示物体加速度的大小，据此可正确解答。18. “描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验，要求采用分压电路，电流表外接，小王的连线如图甲所示，闭合开关 S 前请老师检查，老师指出图中标示的两根连线有一处错误.错误连线是_(填“”或“”)；图中标示的，和三根连线有一条错误，错误连线是_(
16、填“” 、 “”或“”)，小王正确连线后.闭含开关 S 前，应将滑动变阻器滑片 C 移到_处（填“A”或“B” ） ，闭合开关 S，此时电压表读数为_V，缓慢移动滑片 C 至某一位置时，电流表指针如图乙所示，电流表的示数为_A.【答案】 (1). (2). (3). A (4). 0 (5). 0.32【解析】本实验的等效电路图如下：应该采用分压式、外接法，所以、两根导线有问题实验开始时为了保证实验仪器的正常使用，需要将 C 拨到最左端，即 A 处，开关闭合后，电压表读数为 0 V。电流表的量程应为 0.6A，图乙中电流表的读数为 0.32 A(不需要估读)。19. 在某段平直的铁路上，一列以
17、 324km/h 高速行驶的列车某时刻开始匀减速行驶，5min 后恰好停在某车站，并在该站停留 4min，随后匀加速驶离车站，经 8.1km 后恢复到原速324km/h。（1）求列车减速时的加速度大小；（2）若该列车总质量为 8.0102kg，所受阻力恒为车重的 0.1 倍，求列车驶离车站加速过程中牵引力的大小；（3）求列车从开始减速到恢复原速这段时间内的平均速度大小。【答案】 （1） （2） （3）108km/h【解析】试题分析：（1） ，设匀减速的加速度为 a1,则 ；（2）由运动学公式 可得根据牛顿运动定律 ，有 ;（3）列车减速行驶的时间减速行驶的位移列车在车站停留时间列车加速行驶的时
18、间列出加速行驶的位移考点：匀变速直线运动的规律的应用【名师点睛】本题主要考查了速度时间公式，位移时间公式，再求平均速度时一定要抓住时间，明确停留时间也要算在总时间之内。20. 如图 1 所示。游乐场的过山车可以底朝上在竖直圆轨道上运行.可抽象为图 2 的模型。倾角为 的直轨道 AB、半径 R=10m 的光滑竖直圆轨道和倾角为 的直轨道 EF，分别通过过水平光滑街接轨道 BC.CE 平滑连接，另有水平减速直轨道 FG 与 EF 平滑连接 EG 间的水平距离 l=40m.现有质量 m500kg 的过山车，从高 h=40m 的 A 点静止下滑，经 BCDCEF 最终停在 G 点，过山车与轨道 AB、
19、EF 的动摩擦因数均为 与减速直轨道 FG 的动摩擦因数均为 ，过山车可视为质点，运动中不脱离轨道，求（1）过山车运动至圆轨道最低点 C 时的速度大小；（2）过山车运动至圆轨道最高点 D 时对执道的作用力；（3）减速直轨道 FG 的长度 x（已知 ， ）【答案】 （1） ；（2）7000N；（3） x=30m【解析】(1)过山车到达 C 点的速度为 vc,由动能定理代入数据可得(2)过山车到达 D 点的速度为 ,由机械能守恒定律由牛顿第二定律联立代人数据可得：F D = 7000N 由牛顿第三定律可知.轨道受到的力 FD = 7000N (3)过山车从 A 到达 G 点.由动能定理可得代人数据
20、可得 x = 30m故本题答案是：（1） ；（2）7000N；（3） x=30m点睛：利用动能定理求解运动到某点的速度，并正确受力分析，找到圆周运动中的向心力并求解待求的力的大小。21. （1）在“探究单摆周期与摆长的关系”实验中，测量单摆的周期时，图中_ （填“甲” 、 “乙”或“丙” ）作为计时开始与终止的位置更好些。(2)如图所示，在用可拆变压器“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验中，下列说法正确的是_（填字母）A.用可拆变压器，能方便地从不同接线柱上选取不同匝数的线圈B.测量原、副线圈的电压，可用“测定电池的电动势和内阻“实验中的直流电压表C.原线圈接 0、8 接线柱，副线圈
21、接 0、4 接线柱.副线圈电压大于原线圈电压D.为便于探究，先保持原线圈匝数和电压不变，改变副线圈的匝数， 研究其对副线圈电压的影响。【答案】 (1). (1)乙 (2). (2)AD【解析】(1)在测量单摆的周期时，一般选取摆球经过最低处时记录，所以选择乙图(2)变压器的输出电压跟输入电压以及原、副线圈匝数之比都有关，因此需要用可拆卸的变压器研究，选项 A、D 正确变压器只能对交变电流的电压有作用，不能用直流电压表，所以选项 B 错误根据理想变压器原、副线圈匝数之比等于输入、输出电压之比可知，原线圈接 0、8，副线圈接 0、4，那么副线圈的电压小于原线圈电压，所以 C 错误；故选 AD22.
22、 为了探究电动机转速与弹簧伸长量之间的关系，小明设计了如图所示的装置.半径为 l的圆形金属导轨固定在水平面上，一根长也为 l，电阻为 R 的金属棒 ab 一端与导轨接触良好，另一端固定在圆心处的导电转轴 00“上，由电动机 A 带动旋转。在金属导轨区域内存在垂直于导轨平面，大小为 B1、方向竖直向下的匀强磁场。另有一质量为 m、电阻为 R 的金属棒 cd用轻质弹簧悬挂在竖直平面内，并与固定在竖直平面内的“U”型导轨保持良好接触，导轨间距为 l，底部接阻值也为 R 的电阻，处于大小为 B2、方向垂直导轨平面向里的匀强磁场中。从圆形金属导轨引出导线和通过电刷从转轴引出导线经开关 S 与“U”型导轨
23、连接。当开关S 断开，棒 cd 静止时，弹簧伸长量为 x0；当开关 S 闭合，电动机以某一转速匀速转动，棒cd 再次静止时，弹簧伸长量变为 x(不超过弹性限度） 。不计其余电阻和摩擦等阻力，求此时（1）通过棒 cd 的电流 Icd（2）电动机对该装置的输出功率 P；（3）电动机转动角速度 与弹簧伸长量 x 之间的函数关系.【答案】(1) ；（2） ；（3）【解析】(1)S 断开时， cd 棒静止，有mg kx0S 闭合时， cd 棒静止，有mg B2Icdl kx联立解得 Icd (2)回路总电阻 R 总 R R R总电流 I2 Icd 电动机对该装置的输出功率 P I2R 总 (3)由法拉第
24、电磁感应定律得 回路总电流 联立解得 23. 如图所示，在 x 轴的上方存在垂直纸面向里，磁感应强度大小为 B0的匀强磁场，位于 x轴下方离子源 C 发射质量为 m，电荷量为 q 的一束负离子，其初速度大小范围为 0- ，这束离子经电势差为 的电场加速后，从小孔 O（坐标原点）垂直 x 轴并垂直磁场射入磁场区域，最后打到 x 轴上。在 x 轴上 2a3a 区间水平固定放置一探测板（ ） 。假设每秒射入磁场的离子总数为 N0，打到 x 轴上的离子数均为分布（离子重力不计） 。（1）求离子束从小孔 O 射入磁场后打到 x 轴的区间。（2）调整磁感应强度的大小，可使速度最大的离子恰好打在探测板右端，
25、求此时的磁感应强度大小 B1（3）保持磁感应强度 B1不变，求每秒打在探测板上的离子数 N；若打在板上的离子 80%被板吸收，20%被反弹回，弹回速度大小为板前速度大小的 0. 6 倍.求探测板受到的作用力大小。【答案】 （1） ；（2） （3）【解析】(1)对于初速度为 0 的离子，根据动能定理：qU mv在磁场中洛仑兹力提供向心力： ，所以半径：r 1 a恰好打在 x2a 的位置；对于初速度为 v0的离子，qU mv m( v0)2r2 2a，恰好打在 x4a 的位置故离子束从小孔 O 射入磁场打在 x 轴上的区间为2a，4a(2)由动能定理qU mv m( v0)2r3r3 a解得 B1
26、 B0(3)对速度为 0 的离子qU mvr4 a2r41.5a离子打在 x 轴上的区间为1.5a,3aNN 0 N0对打在 x2a 处的离子qv3B1对打在 x3a 处的离子qv4B1打到 x 轴上的离子均匀分布，所以 由动量定理Ft0.8Nm 0.2N(0.6m m )解得 F N0mv0。【名师点睛】初速度不同的粒子被同一加速电场加速后，进入磁场的速度也不同，做匀速圆周运动的半径不同，转半圈后打在 x 轴上的位置不同。分别求出最大和最小速度，从而求出最大半径和最小半径，也就知道打在 x 轴上的区间；打在探测板最右端的粒子其做匀速圆周运动的半径为1.5a，由半径公式也就能求出磁感应强度；取时间 t=1s，分两部分据动量定理求作用力两者之和就是探测板受到的作用力。
