1、模拟卷(四)一、选择题(本题共 8 小题，每小题 6 分，在每小题给出的四个选项中，第 1417 题只有一项符合题目要求，第 1821 题有多项符合题目要求，全部选对得 6 分，选对但不全的得 3分，有选错的得 0 分.)14.伽利略在研究自由落体运动时，做了如下的实验：他让一个铜球从阻力很小(可忽略不计)的斜面上由静止开始滚下，并且做了上百次.假设某次实验伽利略是这样做的：在斜面上任取三个位置 A、B、C.让小球分别由 A、B、C 滚下，如图 1 所示，A、B、C 与斜面底端的距离分别为 s1、s 2、s 3，小球由 A、B、C 运动到斜面底端的时间分别为 t1、t 2、t 3，小球由A、B
2、、C 运动到斜面底端时的速度分别为 v1，v 2、v 3，则下列关系式中正确并且是伽利略用来证明小球沿光滑斜面向下的运动是匀变速直线运动的是( )图 1A. B. v1t1 v2t2 v3t3 v12 v22 v32C.s1s 2s 2s 3 D. s1t21 s2t2 s3t23答案 D解析 A 中的表达式 a，即都是小球运 动的加速度，但是不是伽利略用来证明小v1t1 v2t2 v3t3球沿光滑斜面向下运动是匀变速直线运动，选项 A 错误；因为 表示从 A 点下落到底端的平v12均速度，同理 ， 分别表示从 B、C 两点下落到底端的平均速度，故式子不成立，选项 B 错v22 v32误；C
3、中的 s1 s2 并不等于 s2s 3，选项 C 错误；因 s at2，则 a，因时间和位移12 s1t21 s2t2 s3t23 12都很容易测出，则 D 关系式正确，并且是伽利略用来证明小球沿光滑斜面向下的运动是匀变速直线运动，故选 D.15.如图 2 所示，倾角 37的斜面固定在水平面上，一质量 M1.5 kg 的物块受平行于斜面向上的轻质橡皮筋拉力 F9 N 作用，平行于斜面的轻绳一端固定在物块 M 上，另一端跨过光滑定滑轮连接 A、B 两个小物块，物块 M 处于静止状态.已知物块与斜面间的动摩擦因数 0.5，m A0.2 kg，m B0.4 kg，g 取 10 m/s2.则剪断 A、
4、B 间轻绳后，关于物块 M 受到的摩擦力的说法中正确的是(sin 370.6)( )图 2A.滑动摩擦力，方向沿斜面向下，大小为 4 NB.滑动摩擦力，方向沿斜面向下，大小为 2 NC.静摩擦力，方向沿斜面向下，大小为 7 ND.静摩擦力，方向沿斜面向上，大小为 2 N答案 D解析 开始时物块 M 受静摩擦力作用，大小为 Ff(m Am B)gMgsin 37F6 N，方向沿斜面向上，剪断 A、B 间轻绳后，假 设 M 仍静止， 则此时 M 所受的静摩擦力为：Ff m AgMgsin 37F 2 N.因为 2 N6 N，故可知物 块 M 仍然处于静止状态，故选项D 正确.16.已知质量分别均匀
5、的球壳对其内部物体的引力为零.科学家设想在赤道正上方高 d 处和正下方深为 d 处各修建一环形轨道，轨道面与赤道面共面.现有 A、B 两物体分别在上述两轨道中做匀速圆周运动，若地球半径为 R，轨道对它们均无作用力，则两物体运动的向心加速度大小、线速度大小、角速度、周期之比下列判断正确的是( )A. ( )2 B. aAaB R dR d TATB R d3R3C. D. AB R d3R d3 vAvB R dR d答案 B解析 设地球密度为 ，则有：在赤道上方： a A(Rd) ；G43R3R d2 v2AR d 2A 42R dT2A在赤道下方： a B( Rd) G43R d3R d2
6、v2BR d 2B 42R dT2B解得： ； ； ； ，故选 B.aAaB R3R d2R dvAvB R3R dR d2AB R3R d3TATB R d3R317.“娱乐风洞”是一种惊险的娱乐项目.在竖直的圆筒内，从底部竖直向上的风可把游客“吹”起来，让人体验太空飘浮的感觉(如图 3 甲). 假设风洞内各位置的风速均相同且保持不变，已知人体所受风力的大小与正对风的面积成正比，水平横躺时受风面积最大，站立时受风面积最小、为最大值的 ；当人体与竖直方向成一倾角、受风面积是最大值的 时，人恰好18 12可静止或匀速漂移.如图乙所示，在某次表演中，质量为 m 的表演者保持站立身姿从距底部高为 H
7、 的 A 点由静止开始下落；经过 B 点时，立即调整身姿为水平横躺并保持；到达底部的 C 点时速度恰好减为零.则在从 A 到 C 的过程中，下列说法正确的是 ( )图 3A.表演者加速度的最大值是 g34B.B 点的高度是 H35C.从 A 到 B 表演者克服风力做的功是从 B 到 C 克服风力做功的16D.若保持水平横躺，表演者从 C 返回到 A 时风力的瞬时功率为 2m2g3H答案 C解析 由题意，人体受风力大小与正对面积成正比，设最大风力为 Fm，由于受 风力有效面积是最大值的一半时，恰好可以静止或匀速漂移，故可以求得重力 G Fm，人站立时风力为12Fm，其下落加速度 a1 g；人平躺
8、下落时，其加速度 a2 g，即表演者加18 G 18Fmm 34 Fm Gm速度的最大值是 g，因而选项 A 错误；设 B 点的高度是 h，下降的最大速度为 v，根据匀变速直线运动规律，有 v22a 1(H h), v22a 2h，联立解得：h H，选项 B 错误；表演者从 A 至 B37克服风力所做的功 W1 Fm (Hh) FmH；从 B 至 C 过程克服风力所做的功 W2F m 18 114h FmH，从 A 到 B 表演者克服风力做的功是从 B 到 C 克服风力做功的 ，选项 C 正确；若保37 16持水平横躺， 人平躺上升时，其加速度 a g，表演者从 C 返回到 A 时，速度 vF
9、m Gm，风力的瞬时功率为 P Fmv2mg 2 ，选项 D 错误.2gH 2gH 2m2g3H18.如图 4 甲所示，轻杆一端与一小球相连，另一端连在光滑固定轴上，可在竖直平面内自由转动.现使小球在竖直平面内做圆周运动，到达某一位置开始计时，取水平向右为正方向，小球的水平分速度 vx随时间 t 的变化关系如图乙或图丙所示.不计空气阻力.下列说法中正确的是( )图 4A.在图乙中，t 1 时刻小球通过最高点，图乙中 S1 和 S2 的面积相等B.在图乙中，t 2 时刻小球通过最高点，图乙中 S1 和 S2 的面积相等C.在图丙中，t 3 时刻小球通过最高点，图丙中 S3 和 S4 的面积相等D
10、.图丙中小球的初速度大于图乙中小球的初速度答案 ACD解析 过最高点后，水平分速度要增大，经过四分之一圆周后，水平分速度为零，可知从最高点开始经过四分之一圆周，水平分速度先增大后减小，可知 t1时刻小球通过最高点，根据题意知，图中 x 轴 上下方图线围成的阴影面积分别表示从最低点经过四分之一圆周，然后再经过四分之一圆周到最高点的水平位移大小，可知 S1 和 S2 的面 积相等，故 A 正确， B 错误；在图丙中，根据水平分速度的变 化可知， t0 时刻，小球位于左侧水平位置，t 3时刻小球通过最高点，根据题意知，图中 S3 和 S4 的面积分别表示从最低点向左 经过四分之一圆周，然后再经过四分
11、之一圆周到最高点的水平位移大小，可知 S3 和 S4 的面 积相等，故 C 正确.由图知，图丙中小球通过最高点的速度大于图乙小球通过最高点的速度，所以图丙中小球的初速度大于图乙中小球的初速度，故 D 正确.故选 A、C、D.19.如图 5 甲为远距离输电示意图，变压器均为理想变压器.升压变压器原副线圈匝数比为1100，其输入电压如图乙所示，远距离输电线的总电阻为 100 .降压变压器右侧部分为一火警报警系统原理图，其中 R1 为一定值电阻，R 2 为用半导体热敏材料制成的传感器，当温度升高时其阻值变小.电压表 V 显示加在报警器上的电压( 报警器未画出).未出现火警时，升压变压器的输入功率为
12、750 kW.下列说法中正确的有( ) 图 5A.降压变压器副线圈输出的交流电频率为 50 Hz B.远距离输电线路损耗功率为 180 kW C.当传感器 R2 所在处出现火警时，电压表 V 的示数变大 D.当传感器 R2 所在处出现火警时，输电线上的电流变大 答案 AD 解析 由图乙知交流电的周期 为 0.02 s，所以 频率为 50 Hz，A 正确；由图乙知升压变压器输入端电压有效值为 250 V，根据 电压与匝数成正比知副线圈电压为 25 000 V，所以输电线中的电流为：I 30 A，输电线损失的电压为： UIR30100 V3 000 V，输电线路损耗功PU率为：PUI90 kW，B
13、 错误，当传感器 R2 所在处出现 火警时其阻值减小，副线圈两端电压不变，副线圈中电流增大，定值电阻的分压增大，所以电压表 V 的示数变小，C 错误；由 C知副线圈电流增大，根据电流与匝数成反比知 输电线上的 电流变大， D 正确.20.用如图 6 所示的装置研究光电效应现象.所用光子能量为 2.75 eV 的光照射到光电管上时发生了光电效应，电流表 G 的示数不为零；移动变阻器的触点 c，发现当电压表的示数大于或等于 1.7 V 时，电流表示数为 0，则下列说法正确的是( )图 6A.光电子的最大初动能始终为 1.05 eVB.光电管阴极的逸出功为 1.05 eVC.开关 S 断开后，电流表
14、 G 中有电流流过D.当滑动触头向 a 端滑动时，反向电压增大，电流增大答案 BC解析 根据题述“当电压表的示数大于或等于 1.7 V 时，电流表示数为 0”可知截止电压为1.7 V，由动能定理可知，光电 子的最大初动能始终为 1.7 eV，选项 A 错误.由爱因斯坦光电效应方程，可知光电管阴极的逸出功 为 WEE k2.75 eV1.7 eV1.05 eV，选项 B 正确.开关 S 断开后，产生的光电子可形成回路， 电流表 G 中有电 流流过， 选项 C 正确.当滑动触头向a 端滑动时，反向电压增大，没有电流通过，选项 D 错误.21.在绝缘的水平桌面上有 MN、PQ 两根平行的光滑金属导轨
15、，导轨间的距离为 l.金属棒 ab和 cd 垂直放在导轨上，两棒正中间用一根长 l 的绝缘细线相连.棒 ab 右侧有一直角三角形匀强磁场区域，磁场方向竖直向下，三角形的两条直角边长均为 l，整个装置的俯视图如图 7所示.从图示位置在棒 ab 上加水平拉力，使金属棒 ab 和 cd 向右匀速穿过磁场区，则金属棒ab 中感应电流 i 和绝缘细线上的张力大小 F 随时间 t 变化的图象可能正确的是(规定金属棒ab 中电流方向由 a 到 b 为正)( )图 7答案 AC解析 ab 向右运动，切割磁感线，由右手定则可知，产生的感应电流方向从 b 到 a(电流为负值).根据法拉第电磁感应定律，导体棒切割磁
16、感线的有效长度逐渐增大，所以感应电流 i 随时间变化图象 A 可能正确，B 一定 错误.在 ab 切割磁感线运 动过程中，由于 cd 没有进入磁场中，不受安培力作用，在 0t 0时间内，绝缘细线中张力 F 等于零，在 cd 进入磁场区域切割磁感线运动时，受到安培力作用，绝缘细线中张力 FBIL ，绝缘细线B2l2vR B2vt2vR B2v3t2R中张力 F 随时间变化图象 C 图可能正确， D 图一定错误.二、非选择题(本题共 4 小题，共 47 分)22.(5 分) 如图 8 甲所示，为验证动能定理的实验装置，较长的小车的前端固定有力传感器，能测出小车所受的拉力，小车上固定两个完全相同的遮
17、光条 A、B，小车、传感器及遮光条的总质量为 M，小车放在安装有定滑轮和光电门的光滑轨道 D 上，光电门可记录遮光条A、B 通过它时的挡光时间.用不可伸长的细线将小车与质量为 m 的重物相连，轨道放在水平桌面上，细线与轨道平行(滑轮质量、摩擦不计 ).图 8(1)用螺旋测微器测遮光条的宽度，如图乙所示，则遮光条的宽度 d_ mm.(2)实验过程中_满足 M 远大于 m(填“需要”或“不需要”).(3)实验主要步骤如下：测量小车、传感器及遮光条的总质量 M，测量两遮光条的距离 L；按图甲正确连接器材.由静止释放小车，小车在细线拉动下运动，记录传感器的示数 F 及遮光条 A、B 经过光电门的挡光时
18、间 tA和 tB，则验证动能定理的表达式为_.(用字母M、F、L、d、t A、t B表示)答案 (1)0.400(0.399 0.401 均给分) (2)不需要 (3) FL ( ) Md22 1t2B 1t2A解析 (1)根据螺旋测微器的读数规则，遮光条的宽度 d0.400 mm.(2)由于实验中小车的力由力传感器测出，所以无需 M 远大于 m.(3)遮光条通过光电门时的速度用遮光条的宽度除以相应的 挡光时间得出，即 vA ，vB .dtA dtB由动能定理，可得 FL Mv Mv M( )2 M( )2 ( )，即验证动能定理的12 2B 12 2A 12 dtB 12 dtA Md22
19、1t2B 1t2A表达式为 FL ( ).Md22 1t2B 1t2A23.(10 分) 小王和小李两同学分别用电阻箱、电压表测量不同电源的电动势和内阻.(1)小王所测电源的内电阻 r1 较小，因此他在电路中接入了一个阻值为 2.0 的定值电阻R0，所用电路如图 9 所示.图 9请用笔画线代替导线将图 10 所示器材连接成完整的实验电路图 10闭合开关 S，调整电阻箱的阻值 R，读出电压表相应的示数 U，得到了一组 U、R 数据.为了比较准确地得出实验结论，小王同学准备用直线图象来处理实验数据，图象的纵坐标表示电压表读数 U，则图象的横坐标表示的物理量应该是 _.(2)小李同学所测电源的电动势
20、 E2 约为 9 V，内阻 r2 为 3555 ，允许通过的最大电流为 50 mA.小李同学所用电路如图 11 所示，图中电阻箱 R 的阻值范围为 09 999 .图 11电路中 R0 为保护电阻.实验室中备有以下几种规格的定值电阻，本实验中应选用_.A.20 ，125 mA B.50 ，20 mAC.150 ，60 mA D.1500 ，5 mA实验中通过调节电阻箱的阻值，记录电阻箱的阻值 R 及相应的电压表的示数 U，根据测得的多组数据，作出 图线，图线的纵轴截距为 a，图线的斜率为 b，则电源的电动1U 1R R0势 E2_，内阻 r2_.答案 (1) 如图所示 (2)C UR 1a b
21、a解析 (1)根据电路图，实物图连接如图所示根据欧姆定律可知：E 1U (R0r 1)，可得 UE 1 (R0r 1)，故横坐标为 .UR UR UR(2)电路最小总电阻约为 R min 180 ，为保护电路安全，保护电阻应选 C；90.05在闭合电路中，电源电动势为 E2UIr 2U r2，则 ，则 UR0 R 1U r2E2 1R R0 1E2 1U图象是直线，纵轴截距 a ，得 E2 ，斜率 b ，得 r2 .1R R0 1E2 1a r2E2 ba24.(14 分) 如图 12 所示，某货场需将质量 m150 kg 的货物(可视为质点)从高处运送至地面，为避免货物与地面发生撞击，现利用
22、光滑倾斜轨道 SP、竖直面内弧形光滑轨道 PQ，使货物由倾斜轨道顶端距底端高度 h1 m 处无初速度滑下.两轨道相切于 P 点， 倾斜轨道与水平面夹角为 60， 弧形轨道半径 R2 m，末端切线水平.地面上紧靠轨道依次排放两块完全相同的木板 A、B，长度均为 l4 m，质量均为 m250 kg，木板上表面与弧形轨道末端Q 相切.货物与木板间的动摩擦因数为 1，木板与地面间的动摩擦因数 20.12.(不考虑货物与各轨道相接处能量损失，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，取 g10 m/s 2) 图 12(1)求货物到达弧形轨道始、末端时对轨道的压力.(2)若货物滑上木板 A 时，木板不动，而滑上木
23、板 B 时，木板 B 开始滑动，求 1 应满足的条件.(3)若 10.30，求货物滑上木板后与木板系统所能产生的热量.答案 (1)750 N，方向垂直于斜面 SP 斜向下和 1 500 N，方向竖直向下 (2)0.24 10.36 (3)933.3 J解析 (1)设货物滑到弧形轨道始、末端时的速度分别为 vP、vQ，对货物的下滑过程中根据机械能守恒定律得：m 1gh m1v12 2Pm1ghR (1cos 60) m1v 12 2Q设货物滑到弧形轨道始、末端所受支持力的大小分别为 FNP、FNQ，根据牛顿第二定律得：FNP m1gcos 60m 1v2PRFNQm 1gm 1v2QR联立以上各
24、式并代入数据得FNP 750 N FNQ1 500 N根据牛顿第三定律，货物到达弧形 轨道始、末端 时对轨道的 压力大小分别为 750 N，方向垂直于斜面 SP 斜向下和 1 500 N，方向竖直向下.(2)若滑上木板 A 时，木板不动，由受力分析得： 1m1g 2(m12m 2)g 若滑上木板 B 时，木板 B 开始滑动，由受力分析得： 1m1g 2(m1m 2)g联立并代入数据得 0.24 10.36.(3)10.3，由上问可知，货物在木板 A 上滑动时，木板不 动， 设货物在木板 A 上做减速运动时的加速度大小为 a1，由牛顿 第二定律得 1m1gm 1a1设货物滑到木板 A 末端时的速
25、度为 v1，由运动学公式得：v v 2a 1l21 2Q联立并代入数据得 v14 m/s 货物滑过木板 A 系统产生的热量 Q1 1m1gl600 J设货物滑上木板 B 经过时间 t，货物与木板 B 达到共同速度 v2，木板 B 的加速度为 a2，由运动学公式和牛顿第二定律，有： v2a 2tv2 v1a 1t1m1g 2(m1m 2)gm 2a2木板运动位移 x2 tv22货物运动位移 x1 tv1 v22货物相对木板 B 位移 xx 1x 2联立以上各式并代入数据得：x m209x l 4 m，可见：货物与木板 B 达到共同速度后，由于 1 2，故两者整体在水平面做匀减速运动直至停止，货物
26、与木板 B 系统产生的热量 Q2 1m1gx J1 0003货物滑上木板系统所产生的热量 QQ 1Q 2 J933.3 J2 800325.(18 分) 如图 13 所示，在平面直角坐标系内，第一象限的等腰三角形 MNP 区域内存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场，y0 的区域内存在着沿 y 轴正方向的匀强电场.一质量为m，电荷量为 q 的带电粒子从电场中 Q(2h，h) 点以速度 v0 水平向右射出，经坐标原点O 射入第一象限，最后以垂直于 PN 的方向射出磁场.已知 MN 平行于 x 轴，N 点的坐标为(2h,2h)，不计粒子的重力，求：图 13(1)电场强度的大小；(2)磁感应强度的大小 B
27、；(3)粒子在磁场中的运动时间.答案 (1) (2) (3)mv202qh mv0qh h4v0解析 (1)由几何关系可知粒子在匀强电场中水平位移为 2h，竖直方向的距离为 h，由平抛运动规律及牛顿运动定律得：2hv 0th at212由牛顿运动定律可知：Eqma联立解得：E ；mv202qh(2)粒子到达 O 点，沿 y 方向的分速度vyat v 0；Eqm2hv0速度与 x 轴正方向的夹角 满 足 tan 1，45vyvx粒子从 MP 的中点垂直于 MP 进入磁场，垂直于 NP 射出磁 场，粒子在磁 场中的速度v v0；2轨道半径 R h2由 Bqvm 得；v2RB .mv0qh(3)由题
28、意得，带电粒子在磁场中转过的角度为 45，故运动时间 t T 18 2mBq18 h4v0三、选做题(请从两道题中任选一题作答，每小题 15 分，如果多做，则按所做的第一题计分)33.(1)(5 分) 下列说法正确的是( )A.气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数，仅与单位体积内的分子数有关B.一定质量的理想气体保持压强不变时，气体分子的热运动可能变得更剧烈C.因为布朗运动是悬浮在液体中的固体颗粒的运动，所以布朗运动的剧烈程度与自身体积有关，而与液体的温度无关D.一定温度下，水的饱和汽压是一定的E.一定质量的理想气体的内能只与温度有关(2)(10 分) 如图 14 所示，两个壁厚可忽略的
29、圆柱形金属筒 A 和 B 套在一起，底部到顶部的高度为 18 cm，两者横截面积相等，光滑接触且不漏气.将 A 用绳系于天花板上，用一块绝热板托住 B，使它们内部密封的气体压强与外界大气压相同，均为 1.0105 Pa，然后缓慢松开绝热板，让 B 下沉，当 B 下沉了 2 cm 时，停止下沉并处于静止状态.求：图 14(i)此时金属筒内气体的压强.(ii)若当时的温度为 27 ，欲使下沉后的套筒恢复到原来位置，应将气体的温度变为多少.答案 (1)BDE (2)(i)0.9 105 Pa (ii)3 解析 答案 BDE解析 (1)气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数与单位体积内分子数和气体
30、的温度有关，故 A 错误；保持压强不变时，根据理想气体状 态方程 C ，若体积增加，则温度升高，pVT分子热运动变得剧烈，故 B 正确；布朗运动的剧烈程度与悬浮颗粒的大小有关，是由于颗粒越大，分子碰撞的不平衡性越不明显；同时也与液体的温度有关，故 C 错误；饱和汽压是物质的一个重要性质，它的大小取决于物 质的本性和温度；所以一定温度下 饱和汽压是一定值，故D 正确；一定质量的理想气体的内能只与温度有关，温度越高，内能越大，E 正确.(2)(i)设金属筒横截面积为 S(cm2)，p11.010 5 Pa，V118 S cm3，V220S cm 3根据玻意耳定律，p 1V1p 2V2，p2 Pa0
31、.910 5 Pap1V1V2 1.010518S20S(ii)V220S cm 3，T2300 K，V 318S cm 3，根据盖吕萨克定律得到， ，T3 K270 K ，V2T2 V3T3 V3T2V2 18S30020St3 .34.(1)(5 分) 图 15(a)为一列简谐横波在 t0.1 s 时刻的波形图，P 是平衡位置为 x1 m 处的质点，Q 是平衡位置为 x4 m 处的质点，图(b) 为质点 Q 的振动图象，则下列说法正确的是( )图 15A.该波的周期是 0.1 sB.该波的传播速度为 40 m/sC.该波沿 x 轴的负方向传播D.t0.1 s 时，质点 Q 的速度方向向下E
32、.从 t0.1 s 到 t0.25 s，质点 P 通过的路程为 30 cm(2)(10 分 )如图 16 甲所示是由透明材料制成的半圆柱体，一束细光束由真空沿着径向与 AB成 角射入后对射出的折射光线的强度进行记录，发现它随着 角的变化而变化，变化关系如图乙所示，如图丙所示是这种材料制成的玻璃砖，左侧是半径为 R 的半圆，右侧是长为4R，宽为 2R 的长方形，一束单色光从左侧 A点沿半径方向与长边成 45角射入玻璃砖，求：图 16该透明材料的折射率；光线在玻璃砖中传播的总时间；(光在空气中的传播速度为 c)答案 (1)BCD (2) 222 16Rc解析 (1)由振动图象可知，该波的周期是 0
33、.2 s，选项 A 错误；该波的传播速度为 v T 80.2m/s40 m/s，选项 B 正确；由振动图线可知， t0.1 s 时刻，Q 点的振动方向向下，可知该波沿 x 轴的负方向传播，选项 C、D 正确；从 t0.1 s 到 t0.25 s，经历的时间为 0.15 s0.75 T，质点 P 不是从平衡位置 (或者波峰、波谷 )开始振动，故通过的路程小于 3A30 cm，选项 E错误；故选 B、C、D.(2)由图乙可知，45时，折射光 线开始出现， 说明此时对应 的入射角应是发生全反射的临界角，即：C 90 4545，根据全反射 临界角公式为 ：n 1sin C 2因为临界角是 45，光线在玻璃砖中刚好发生 5 次全反射，光路图如图所示， 则光程为：L(2 8 )R 2光在玻璃砖中的传播速度为：v cn c2光在玻璃砖中传播的时间：t .Lv 22 16Rc
