1、 超重与失重 基础练习1、下列实例属于超重现象的是 ( )A汽车驶过拱形桥顶端 B荡 秋千的小孩通过最低点C跳水运 动员被跳板弹起，离开跳板向上运动 D火箭点火后加速升空2、将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的 vt 图象如下图所示以下判断正确的是 A前 3 s 内货物处于超重状态B3 s 末货物运动至最高点C第 3 s 末至第 5 s 末的过程中，货物静止D前 3 s 内与最后 2 s 内货物的平均速度相同3、游乐园中，游客乘坐能加速或减速运 动的升降机，可以体会超重与失重的感觉。下列描述正确的是（ ）.当升降机加速上升时，游客是处在失重状态.当升降机减速下降时，游客是
2、处在超重状态.当升降机减速上升时，游客是 处在失重状态.当升降机加速下降时，游客是处在超重状态4、小明参加开放性科学实践活 动后，从 6 层乘坐电梯到达 1 层，走出电梯，准备回家对于小明在电梯中由 6 层到 1 层的过程，下列说 法中正确的是（ ）A小明一直处于超重状态 B小明一直处于失重状态C小明的速度大小发生了变化 D小明的加速度方向发生了变化5、把一个质量为 2kg 的物体挂在 弹簧秤下，在 电梯中看到 弹簧秤的示数是 16N，g 取 10m/s2，则可知电梯的运动情况可能是( )A. 以 4m/s2 的加速度加速上升 B. 以 2m/s2 的加速度减速上升C. 以 2m/s2 的加速
3、度加速下降 D. 以 4m/s2 的加速度减速下降6、一小球用一轻质弹簧竖直悬 挂在升降机中，随升降机一起匀速运动，当突然看到弹簧变短时，升降机的运动情况可能是（ ）A减速下降 B加速下降 C减速上升 D加速上升7、如图所示，某同学在教室中站在体重 计上研究超重与失重。她由稳定的站姿变化到稳定的蹲姿称为“下蹲”过程；由稳定的蹲姿变化到稳定的站姿称为“起立” 过程。关于她的实验现象，下列说法中正确的是 A只有“起立”过程，才能出现失重的现象B只有 “下蹲” 过程，才能出现超重的现象C“起立”、“下蹲” 的过程，都能出现超重和失重的现象D“起立”的过程，先出现超重现象后出现失重现象8、某同学站在电
4、梯底板上，如图所示的 vt 图象是计算机显示的观光电梯在某一段时间内速度变化的情况(竖直向上为正方向)根据 图象提供的信息，可以判断下列说法中正确的是（ ）A在 5 s10 s 内，该同学对电 梯底板的压力等于他所受的重力 B在 10s20s 内，该同学所受的支持力不变， 处于失重状态C在 05 s 内，观光电梯在加速上升，该同学处于失重状态D在 20 s25 s 内，观光电梯在加速下降，该同学处于超重状态9、如图所示，电梯的顶部挂一个弹簧秤，秤下端挂了一个重物，电梯匀速直线运动时， 弹簧秤的示数为 10 N，在某时刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数变为 6 N，关于电梯的运动.以下说法正确的是(
5、g 取 10 m/s2)（ ） A电梯可能向上加速运动, 加速度大小为 4m/s2B电梯可能向下加速运动, 加速度大小为 4m/s2C电梯可能向下减速运动, 加速度大小为 4m/s2D电梯可能向上减速运动, 加速度大小为 4m/s210、实验小组利用 DIS 系统（数字化信息实验室系统）， 观察超重和失重现象。他 们在学校电梯房内做实验，在电梯天花板上固定一个力传感器， 测量挂钩向下，并在 钩 上悬挂一个重为 10 N 的钩码，在 电梯运动过程中，计算机显示屏上显示出如 图所示图线，根据 图线分析可知下列 说法中正确的是（ ） A.从时刻 t 1 到 t 2 ,钩码处于失重状 态，从 时刻 t
6、 3 到 t 4 ,钩码处于超重状态 B. t 1 到 t 2 时间 内，电梯一定正在向下运动， t 3 到 t 4 时间内，电梯可能正在向上运动 C. t 1 到 t 4 时间 内，电梯可能先加速向下，接着匀速向下，再减速向下 D. t 1 到 t 4 时间内，电梯可能先加速向上，接着匀速向上，再减速向上 11、如图所示，跳水运动员最后踏板的过程可以简化为下述模型：运 动员从高处落到处于自然状态的跳板上，随跳板一同向下做变速运动到达最低点，然后随跳板反 弹 ，则下列说法中正确的是（ ）A运动员与跳板接触的全过程中只有超重状态，没有失重状态B运动员 把跳板压到最低点时，她所受外力的合力不为零C
7、运动员 能跳得高的原因之一，是因为跳板对她的作用力远大于她的重力D运动员能跳得高的原因之一，是因 为跳板对她的作用力远大于她对跳板的作用力12、 “蹦极”是一项非常刺激的体育运动某人身系 弹性绳自高空 P 点自由下落，如图中 a 点是弹性绳的原长位置，c 是人所到达的最低点， b 是人静止地悬吊着时的平衡位置人从 P 点落下到最低点 c 的过程中（ ） A 人在 Pa 段做自由落体运 动， 处于完全失重状态B 在 ab 段绳的拉力小于人的重力，人处于失重状态C 在 bc 段绳的拉力小于人的重力，人处于失重状态D 在 c 点，人的速度为零，其加速度 为零13、如图所示，运动员“3 m 跳板跳水
8、”运动的过程可简化为 ：运动员走上跳板，将跳板从水平位置 B 压到最低点 C，跳板又将运动员竖直向上弹到最高点 A，然后运 动员 做自由落体运动，竖直落入水中跳板自身重力可忽略不计，则下列说法正确的是 ( )A运动员向下运动(BC)的过程中，先超重后失重，对板的压力先减小后增大B运动员 向下运动(BC)的过程中，先失重后超重， 对板的 压力一直增大C运动员 向上运动(CB)的过程中，先失重后超重， 对板的 压力先增大后减小D运动员向上运动(BA) 的 过程中，一直处于失重状态14、在电梯中，把一重物置于台秤上，台秤与力的传感器相连，当电梯从静止加速上升，然后又匀速运动一段时间，最后停止运动；传
9、感器的屏幕上 显示出其受的压力与 时间的关系图象，如 图所示，则( )A电梯启动阶段约经历了 2.5s 的加速上升过程B电梯在启 动阶段约经历了 4s 加速上升过程C电梯的最大加速度约为 6.7m/s2D电梯的最大加速度约为 16.7m/s215、如图所示，一同学站在倾角为 的电梯上，随电梯一起以加速度 a 匀加速向斜下方运动(ag)，关于该同学的有关说法中正确的是( )A处于失重状态 B处于超重状态C受电 梯施加的静摩擦力作用D不受电梯摩擦力作用16、如图所示，升降机内的水平地板上，用轻弹簧连接一个的物体，弹簧处于拉伸状态，当升降机以速度 v向下做匀速运动时，物体恰好能静止在地板上，若突然发
10、现物体在升降机内向右运动，则升降机的运动情况可能是 A保持原来匀速运动 B向下做加速运动C向下做减速运动 D已停止不动17、质量是 60kg 的人站在升降机中的体重 计上（g 取 10m/s2），求：（1）升降机匀速上升时体重计的读数；（2）升降机以 4m/s2的加速度匀加速上升时体重计的读数；（3）当体重计的读数是 420N 时，判断升降机的运动情况18、小明用台秤研究人在升降电 梯中的超重与失重现象。他在地面上用台秤称得其体重为 500 N，再将台秤移至电梯内称其体重，电梯从 t0 时由静止开始运动到 t11 s 时停止，得到台秤的示数 F 随时间 t 变化的图象如图所示，取 g10 m/
11、s 2。求：(1)小明在 02 s 内的加速度大小 a1，并判断在这段时间内小明处于超重还是失重状态；(2)在 1011 s 内，台秤的示数 F3；(3)小明运动的总位移 x。19、一个质量为 m =40 kg 的小孩站在 电梯内的体重计上， 电梯从 t=0 时刻由静止开始上升，t=6S 时刚好停止运动，在 0 到 6s 内体重 计示数 F 的变化如图所示。 试求：在这段时间内电梯上升的高度是多少？取重力加速度g=10 m/s2。参考答案1：BD 2、AD 3、BC 4、CD 5、BC 6、BC7、CD 8、AD 9、B、D. 10、AC 11、BC 12、AB 13、【知识点】牛顿运动定律的
12、 应用-超重和失重C3【答案解析】BD 解析： A、B、人受到重力及板向上的弹力；人在向下运 动的过程中，人受到的板的弹力越来越大，开始时加速度向下减小；然后加速度再向上增大，故人应先失重后超重，但人对板的压力一直增大，故 A 错误，B 正确；C、运 动员在向上运动时，由于弹力减小，但开始时一定大于重力，故合外力先减小后增大，而加速度先向上，后向下，故人先超重后失重，但人对板的压力一直减小；故 C 错误；D 、运 动员向上运动（BA）的过程中，只受到这 两类的作用，一直 处于完全失重状 态故 D 正确；故选：BD【思路点拨】分析人受力情况；根据板的弹力的变化，可知人受合力的变化当人的加速度向下
13、 时，人处失重状态，当人的加速度向上时，人处超重状态本题应明确板的弹力随形变量的增大而增大；故人受到的合力应先向下减小再向上增大，可 类比于弹簧进行分析14、答案：BC15、答案：AC16、B17、解：（1）升降机匀速上升，受力平衡，则 FN=mg=600N（2）升降机加速上升，加速度方向向上，支持力大于重力根据牛顿第二定律得：FN1mg=ma1FN1=m（g+a1）=840N（3）当体重计的读数是 420N 时，小于 600N，人 处于失重状态，则升降机加速下降，加速度方向向下根据牛顿第二定律得：mgFN2=ma2升降机以 3m/s2的加速度匀减速上升或 3m/s2的加速度匀加速下降答：（1
14、）升降机匀速上升时体重计的读数是 600N；（2）升降机以 4m/s2的加速度上升时体重计的读数是 840N；（3）以 3m/s2的加速度匀减速上升或 3m/s2的加速度匀加速下降18、 (1)由 图象可知，在 02 s 内，台秤对小明的支持力 F1450 N由牛顿第二定律有 mgF 1ma 1解得 a11 m/s 2加速度方向竖直向下，故小明处 于失重状态。(2)设在 1011 s 内小明的加速度为 a3，时间为 t3，02 s 的时间为 t1，则 a1t1a 3t3解得 a32 m/s 2，由牛顿第二定律有 F3mgma 3，解得 F3600 N。(3)02 s 内位移 x1 a1t 2 m210 s 内位移 x2a 1t1t216 m1011 s 内位移 x3 a3t 1 m小明运动的总位移 xx 1x 2x 319 m。答案：(1)1 m/s 2 失重状态 (2)600 N (3)19 m19 s=s1+s2+s3=2+6+1=9（m） （2 分） 您好，欢迎您阅读我的文章，本 WORD 文档可编辑修改，也可以直接打印。 阅读过后，希望您提出保 贵的意见或建议。 阅读和学习是一种非常好的习惯，坚持下去，让我们共同进步。
