1、 【原创精品】2013 届高考物理一轮复习试题（1 ）测试时量：90 分钟；满分： 150 分 姓名： 班级： 一、 选择题：(本大题共 8 小题，每小题 6 分，满分 48 分,每小题给出四个答案中至少有一个是正确的，把正确答案全选出来，每小题全选对的得 6 分，选对但不全得 3 分，有选错或不答的得 0 分)1、如图所示，质量相同的木块 A、 B，用轻弹簧连接置于光滑水平面上，开始弹簧处于自然状态，现用水平恒力 F 推木块 A，则弹簧在第一次被压缩到最短的过程中：A当 A、 B 速度相同时，加速度 aA= aBB当 A、 B 速度相同时，加速度 aA aBC当 A、 B 加速度相同时，速度
2、 vA vBD当 A、 B 加速度相同时，速度 vA vB2、物理小组用自己设计的位移传感器来探究滑块的简谐运动，其工作原理如图( a)所示，滑块 M 在导轨上平移时，带动滑动变阻器的滑片 P 一起平移，利用示波器获得的 Ut 图像可以反映滑块 M 的位移 x 的变化情况。已知电源电动势为 E，内阻不计，滑动变阻器的滑片从 A 端滑到 B 端的总长为 L，滑块位于 O 点时滑片 P 恰与 AB 的中点接触。滑块 M 以 O 为平衡位置做简谐运动（取向右为正方向），振幅为 2L。若 U 随时间 t 的变化关系如图( b)所示，则在图示 0t1时间内，下列说法正确的是：A滑块 M 的速度为正方向且
3、不断增大B滑块 M 的速度为负方向且不断减小C滑块 M 的加速度为正方向且不断增大D滑块 M 的加速度为负方向且不断减小3、 如图所示，一轻质弹簧其上端固定在升降机的天花板上，下端挂一小球，在升降机匀速竖直下降过程中，小球相对于升降机静止。若升降机突然停止运动，设空气阻力可忽略不计，弹簧始终在弹性限度内，且小球不会与升降机的内壁接触，则小球在继续下降的过程中 ：A小球的动能逐渐减小，弹簧的弹性势能逐渐减小 B小球的动能逐渐增大，弹簧的弹性势能逐渐减小C小球的动能逐渐减小，弹簧的弹性势能逐渐增大D小球的动能逐渐增大，弹簧的弹性势能逐渐增大4、某学习小组的同学们要研究影响弹簧振子振动周期大小的因素
4、，他们找来了劲度系数不同A BF（a）xSOMP示波器（b） tU t1O2EE升降机甲 mT乙 kTUvOO 的弹簧和质量不同的钩码，先利用钩码和刻度尺测出了这些不同弹簧的劲度系数分别为k1、 k2、 k3、，然后进行了如下的实验：先确定一根弹簧，将其上端固定在铁架台上，下端分别挂上质量不同的钩码，并使其在竖直方向上做简谐振动，用秒表分别测出它们振动的周期；再取劲度系数不同的弹簧分别将其上端固定在铁架台上，在它们的下端分别挂上相同质量的钩码，同样使它们在竖直方向上做简谐振动，用秒表分别测出它们振动的周期。利用上述两组实验数据分别做出 T-m 和 T-k 图如图甲和乙所示。上面实验所采用的科学
5、方法，以及周期 T 与钩码质量 m、弹簧的劲度系数 k 的关系，下列说法中可能正确的是：A等效替代法， T B控制变量法， Tmk/C等效替代法， T mk D控制变量法， T m/k5、法 拉 第 发 现 了 电 磁 感 应 现 象 之 后 ， 又 发 明 了 世 界 上 第 一 台 发 电 机 法 拉 第 圆 盘发 电 机 ， 揭 开 了 人 类 将 机 械 能 转 化 为 电 能 并 进 行 应 用 的 序 幕 。 法拉第圆盘发电机的原理如图所示，将一个圆形金属盘放置在电磁铁的两个磁极之间，并使盘面与磁感线垂直，盘的边缘附近和中心分别装有与金属盘接触良好的电刷 A、 B，两电刷与灵敏电流
6、计相连。当金属盘绕中心轴按图示方向转动时，则下面答案不正确的是： A电刷 A 的电势高于电刷 B 的电势B若金属盘绕中心轴没有摩擦，金属盘将保持匀速率转动 C若仅减小电刷 A、 B 之间的距离，灵敏电流计的示数将变大D若仅将滑动变阻器滑动头向右滑，灵敏电流计的示数将变大6、如 图 所 示 ， 质 子 、 氘 核 和 粒 子 都 沿 平 行 金 属 板 中 心 线 方 向 射 入 两 板 间 ， 板 内 存 在匀 强 电 场 ， 粒 子 从 板 间 射 出 后 都 能 打 在 荧 光 屏 上 下 列 说 法 中 正 确 的 是 ：A 若 它 们 射 入 电 场 时 的 速 度 相 等 ， 在 荧
7、 光 屏 上 将 出 现 3 个 亮 点B 若 它 们 射 入 电 场 时 的 动 量 相 等 ， 在 荧 光 屏 上 将 只 出 现 2 个 亮 点C 若 它 们 射 入 电 场 时 的 动 能 相 等 ， 在 荧 光 屏 上 将 只 出 现 1 个 亮 点D 若 它 们 是 由 同 一 个 电 场 从 静 止 加 速 后 射 入 此 偏 转 电 场 的 ， 在 荧光 屏 上 将 只 出 现 1 个 亮 点7、如图所示，在光滑绝缘水平面上，两个带等量正电的点电荷M、N，分别固定在 A、B 两点，O 为 AB 连线的中点，CD 为 AB 的垂直平分线. 在 CO 之间的 F 点由静止释放一个带
8、负电的小球 P（设不改变原来的电场分布），在以后的一段时间内，P 在 CD 连线上做往复运动.则：A.小球 P 的带电量缓慢减小，则它往复运动过程中振幅不断减小BAGB.小球 P 的带电量缓慢减小，则它往复运动过程中每次经过 O 点时的速率不断减小C.点电荷 M、N 的带电量同时等量地缓慢增大，则小球 P 往复运动过程中周期不断减小D.点电荷 M、N 的带电量同时等量地缓慢增大，则小球 P 往复运动过程中振幅不断减小8、如图所示，在竖直向下的匀强磁场中有两根竖直放置的平行粗糙导轨 CD、 EF，导轨上放有一金属棒 MN。现从 t=0 时刻起，给棒通以图示方向的电流且电流强度与时间成正比，即 I
9、=kt，其中 K 为常量，金属棒与导轨始终垂直且接触良好。下列关于棒的速度 v、加速度 a 随时间 t 变化的关系图象，可能正确的是：二、实验题（本题共2小题共15分）将答案填在横线上或作图和连线.9、 （6 分） ）某学生在“用单摆测重力加速度”的实验中，将单摆挂起后进行了如下的步骤：、测摆长 l：用米尺量出摆线的长度、测周期 T：将摆球拉起一个不太大的角度，然后放开。在摆球某次通过最低点时，按下秒表开始计时，同时将此次通过最低点作为第一次，接着一直到摆球第 60 次通过最低点时，按秒表停止计时，读出这段时间 t，算出单摆的周期 T t/60、将所测得的 l 和 T 代入单摆周期公式 ，算出
10、 g，将它作为实验的最后结lT2果，写入实验报告中。指出上面步骤中遗漏或错误的地方，写出该步骤字母，并加以改正： 。在与其他同学交流实验方案并纠正了错误后，为了减小实验误差，他决定用图象法处理数据，并通过改变摆长，测得了多组摆长 l 和对应的周期 T，并用这些数据作出 T2-l 图象如图甲所示。若图线的斜率为 k，则重力加速度的测量值 g= 。这位同学查阅资料得知，单摆在最大摆角 较大时周期公式可近似表述为 。为了用图象法验证单摆周期 T 和最)2sin41(l大摆角 的关系，他测出摆长为 l 的同一单摆在不同最大摆角 时的周期 T，并根据实验数据描绘出如图乙所示的图线，图线延长后与横轴交点的
11、横坐标为 a，则重力加速度的测量值 g= 。10、（9 分）一实验小组准备探究某种元件 Q 的伏安特性曲线，他们设计了如图 4 所示的电路图。请回答下列问题：甲lT2O乙O TvtO AvtO BatO CatODBICDEFM N请将图 5 中的实物连线按电路图补充完整。考虑电表内阻的影响，该元件电阻的测量值 （选填 “大于”、“等于”或“小于”）真实值。在电路图中闭合开关 S，电流表、电压表均有示数，但无论怎样移动变阻器滑动片，总不能使电压表的示数调为零。原因可能是图中的 （选填a、 b、 c、 d、 e、 f）处接触不良。实验测得表格中的 7 组数据。请在坐标纸上作出该元件的I-U 图线
12、。元件 Q 在 U=0.8V 时的电阻值是 ， I-U 图线在该点的切线的斜率 k （选填“大于”、“等于”或“小于”）电阻值。三、本大题共四小题共计 47 分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题答案中必须明确写出数值和单位11、 （13 分）如图所示，长为 L、内壁光滑的直管与水平地面成 30角固定位置将一质量为 m 的小球固定在管底，用一轻质光滑细线将小球与质量为 M 3m 的小物块相连，小物块悬挂于管口现将小球释放，一段时间后，小物块落地静止不动，小球继续向上运动，通过管口的转向装置后做平抛运动，小球在转向过程中速率不变(重力加速度为
13、g)。求：(1)小物块下落过程中的加速度大小；序号 电压/V 电流/A1 0.00 0.002 0.40 0.023 0.80 0.054 1.20 0.125 1.60 0.206 2.00 0.317 2.40 0.44QV 3 15 0.6 3A图 50I/AU/V0.10.20.30.40.50.60.4 1.60.8 1.2 2.0 2.4(2)小球从管口抛出时的速度大小；(3)小球在做平抛过程中的水平位移。12、（19 分）如图所示，宽为 L=2m、足够长的金属导轨 MN 和 MN放在倾角为 =300的斜面上，在 N 和 N之间连有一个 1.6 的电阻 R。在导轨上 AA处放置一根
14、与导轨垂直、质量为 m=0.8kg 的金属滑杆，导轨和滑杆的电阻均不计。用轻绳通过定滑轮将电动小车与滑杆的中点相连，绳与滑杆的连线平行于斜面，开始时小车位于滑轮的正下方水平面上的P 处（小车可视为质点），滑轮离小车的高度 H=4.0m。在导轨的 NN和 OO所围的区域存在一个磁感应强度 B=1.0T、方向垂直于斜面向上的匀强磁场，此区域内滑杆和导轨间的动摩擦因数为 = ，此区域外导轨是光滑的（取 g =10m/s2）。求：34（1）若电动小车沿 PS 以 v=1.2m/s 的速度匀速前进时，滑杆经 d=1m 的位移由 AA滑到OO位置，通过电阻 R 的电量 q 为多少？滑杆通过 OO位置时的速
15、度大小为多少？（2）若滑杆运动到 OO位置时绳子突然断了，设导轨足够长，求滑杆再次经过 OO位置时，所受到的安培力大小？若滑杆继续下滑到 AA后恰好做匀速直线运动，求从断绳到滑杆回到 AA位置过程中，电阻 R 上产生的热量 Q 为多少？BAdNMORL ANMO与小车相连vP SH13、（15 分）研究物体的运动时，常常用到光电计时器.如图所示，当有不透光的物体通过光电门时，光电计时器就可以显示出物体的挡光时间.光滑水平导轨 MN 上放置两个物块A 和 B，左端挡板处有一弹射装置 P，右端 N 处与水平传送带平滑连接，将两个宽度为d=3610 -3m 的遮光条分别安装在物块 A 和 B 上，且
16、高出物块，并使遮光条在通过光电门时挡光.传送带水平部分的长度 L=9.0m，沿逆时针方向以恒定速度 v=6.0ms 匀速转动.物块 B 与传送带的动摩擦因数 ，物块 A 的质量（包括遮光条）为 mA =2.0 kg.开始20.时在 A 和 B 之间压缩一轻弹簧，锁定其处于静止状态，现解除锁定，弹开物块 A 和 B，迅速移去轻弹簧.两物块第一次通过光电门，物块 A 通过计时器显示的读数 t1=9.010-4s，物块 B 通过计时器显示的读数 t2=1.810-3s，重力加速度 g 取 10ms 2，试求：(1)弹簧储存的弹性势能 Ep；(2)物块 B 在传送带上滑行的过程中产生的内能；(3) 若
17、物体 B 返回水平面 MN 后与被弹射装置 P 弹回的 A 在水平面上相碰，碰撞中没有机械能损失，则弹射装置 P 必须对 A 做多少功才能让 B 碰后从 Q 端滑出.vA BPM N Q光电门参考答案及评分标准一、1、D 2、A3、C4、B 5、BCD6、D 7、BCD 8、BD二、实验题（本题共2小题共15分）将答案填在横线上或作图和连线.9、（6 分）（2 分）漏掉了多次测量取平均值；错误有两处：一是步骤 A 中摆线长度并不是单摆的摆长，摆长应为从悬点到摆球球心的距离；二是步骤 B 中摆球第 60 次通过最低点时所记录的时间为 29.5 个周期，因此单摆的周期应为 T=t/29.5；4 2
18、k； （2 分） （2 分）4al10、（9 分）如图（2 分）小于（2 分） f（2 分）如图（2 分）16（1 分）三、本大题共四小题共计 47 分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题答案中必须明确写出数值和单位11、（13 分）(1)设细线中的张力为 T，根据牛顿第二定律：Mg T Ma T mgsin30 ma 且 M 3m解得 a g （3 分）58(2)设 M 落地时的速度大小为 v， m 射出管口时速度大小为 v0， M 落地后 m 的加速度为a0.根据牛顿第二定律有： mgsin30 ma0 （1 分） 又由匀变速直线运动，v
19、22 aLsin30， （1 分） v v22 a0L(1sin30) （2 分） 20解得 v0 （1 分） 8gl(3)平抛运动x v0t （1 分） Lsin30 gt2 （2 分） 12解得水平位移 x L （2 分）412、（19 分）（1）（9 分）滑杆由 AA滑到 OO的过程中切割磁感线，平均感应电动势0I/AU/V0.10.20.30.40.50.60.4 1.60.8 1.2 2.0 2.4QV 3 15 0.6 3ABLdEt通过电阻 R 的电量 qItBLdR带入数据，可得q=1.25C滑杆运动到 OO位置时，小车通过 S 点时的速度为 v=1.2m/s，设系绳与水平面的
20、夹角 ，则sinHd， 0453可得 cos小车的速度可视为绳端沿绳伸长方向的速度与垂直于绳长方向的速度的合速度，此时滑杆向上的速度即绳端沿绳长方向的速度：1cs.206.7/vms（2）（10 分）滑杆运动到 OO位置时绳子突然断了，滑杆将继续沿斜面上滑，由机械能守恒，可知它再通过 OO的速度大小为 0.72m/s，进入磁场切割磁感线，产生感应电流1BLvEIR受到的安培力 FI洛 21vR带入数据，可得1.5N洛滑杆运动到 AA位置后做匀速运动的速度设为 v2，有2sincosBLmgR带入数据，可得20.4/vs滑杆从 OO滑到 AA的过程中机械能转换成电能最终转化成电热，由功能关系有2
21、1()sincosQmvgdmgd带入数据，可得.4J13、（15 分）(1)解除锁定，弹开物块 AB 后，两物体的速度大小vA= m/s， （1 分） 0.41.96331tdvB= m/s；（1 分）.28.32t由动量守恒有： mAvA=mBvB 得 mB=4.0 kg （1 分）弹簧储存的弹性势能 J （2 分）2412ApvE（2） B 滑上传送带先向右做匀减速运动，当速度减为零时，向右滑动的距离最远。由牛顿第二定律得： agB所以 B 的加速度: 2.0m/s2aB 向右运动的距离： 1.0m 9.0 米物块将返回 1 分）vxB1向右运动的时间为： .0s 1atB传送带向左运动
22、的距离为： 6.0m （1 分）12vtxB 相对于传送带的位移为： （1 分）2物块 B 沿传送带向左返回时，所用时间仍然为 t1，位移为 x1B 相对于传送带的位移为： （1 分）2x物块 B 在传送带上滑行的过程中产生的内能：96J （1 分）)(2xgmQ或者：（物体返回到 点时所用时间 ，所以传送带移动距离为2x=vt=m。） JgxB96（3） 设弹射装置给 A 做功为 ， （1 分） WWvmAA221AB 碰相碰，碰前 B 的速度向左为 m/s ，碰后的速度设为BvB规定向右为正方向，根据动量守恒定律和机械能守恒定律得：（1 分）BABAmvvm碰撞过程中，没有机械能损失：（1 分）2222 11BABA vmvmB 要滑出平台 Q 端，由能量关系有： . （1 分）gL所以，由得 84J （1 分）W独家
