1、高考模式考试试卷解析版第 1 页，共 12 页四子王旗高中 2018-2019 学年高一 9 月月考物理试题解析班级_ 姓名_ 分数_一、选择题1 如图，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连。若一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，则在此过程中，该粒子（ ）A.所受重力与电场力平衡B.电势能逐渐增加C.动能逐渐增加D.做匀变速直线运动2 质点做直线运动的位移 x 与时间 t 的关系为 x = 5t + t2 （各物理量均采用国际单位制单位），则该质点A 第 1s 内的位移是 5mB 前 2s 内的平均速度是 6m/sC 任意相邻 1s 内的位移差都是 1mD
2、任意 1s 内的速度增量都是 2m/s3 在如图甲所示的电路中，电源电动势为 3V，内阻不计， L1、L 2 位相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，R 为定值电阻，阻值为 10当开关 S 闭合后A. L1 的电阻为 1.2 B. L1 消耗的电功率为 0.75WC. L2 的电阻为 5 D. L2 消耗的电功率为 0.1W4 在如图所示的点电荷 Q 的电场中，一试探电荷从 A 点分别移动到 B、C、D、E 各点，B、C、D、E 在以 Q 为圆心的圆周上，则电场力高考模式考试试卷解析版第 2 页，共 12 页A. 从 A 到 B 做功最大B. 从 A 到 C 做功最大C. 从
3、A 到 E 做功最大D. 做功都一样大5 在匀强磁场中,一矩形金属框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动,如图甲所示,产生的交变电动势的图象如图乙所示,则（ ）A.t=0.005 s 时线框的磁通量变化率为零B.t=0.01 s 时线框平面与中性面重合C.线框产生的交变电动势有效值为 311 VD.线框产生的交变电动势频率为 100 Hz6 如图所示，竖直平行线 MN、PQ 间距离为 a，其间存在垂直纸面向里的匀强磁场（含边界 PQ），磁感应强度为 B，MN 上 O 处的粒子源能沿不同方向释放比荷为 q/m 的带负电粒子，速度大小相等、方向均垂直磁场。粒子间的相互作用及重力不计。设粒子速度方向与射线
4、OM 夹角为 ，当粒子沿 =60射入时，恰好垂直 PQ 射出。则A从 PQ 边界射出的粒子在磁场中运动的最短时间为B沿 =120射入的粒子，在磁场中运动的时间最长C粒子的速率为 x-kwDPQ 边界上有粒子射出的长度为高考模式考试试卷解析版第 3 页，共 12 页7 如图甲所示是一速度传感器的工作原理网，在这个系统中 B 为一个能发射超声波的固定装置。工作时 B 向被测物体发出短暂的超声波脉冲，脉冲被运动的物体反射后又被 B 接收到。从B 发射超声波开始计时，经时间 再次发射超声波脉冲，图乙是连续两次发射的超声波的位移一时间图象，则下列说法正确的是A 超声波的速度为B 超声波的速度为C 物体的
5、平均速度为D 物体的平均速度为8 如图所示，长均为 d 的两正对平行金属板 MN、PQ 水平放置，板间距离为 2d，板间有正交的竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，一质量为 的带电粒子从 MP 的中点 O 垂直于电场和磁场方向以v0 射入，恰沿直线从 NQ 的中点 A 射出；若撤去电场，则粒子从 M 点射出（粒子重力不计）。以下说法正确的是A该粒子带正电高考模式考试试卷解析版第 4 页，共 12 页B若撤去电场，则该粒子运动时间为原来的 倍C若撤去磁场，则该粒子在运动过程中电势能增加D若撤去磁场，则粒子射出时的速度大小为 v09 如图所示，含有 、 、 的带电粒子束从小孔 O1 处射入
6、速度选择器，沿直线 O1O2 运动的粒子在小孔 O2 处射出后垂直进入偏转磁场，最终打在 P1、P 2 两点。则A打在 P1 点的粒子是B打在 P2 点的粒子是 和CO 2P2 的长度是 O2P1 长度的 2 倍D粒子在偏转磁场中运动的时间都相等10（多选）发射地球同步卫星时，先将卫星发射到近地圆轨道 1，然后在圆轨道 1 的 Q 点经点火使卫星沿椭圆轨道 2 运行，待卫星到椭圆轨道 2 上距地球最远点 P 处，再次点火，将卫星送入同步圆轨道 3，如图所示则卫星在轨道 1、2 和 3 上正常运行时，有：A卫星在轨道 3 上的速率大于在轨道 1 上的速率B卫星在轨道 3 上的角速度小于在轨道 1
7、 上的角速度C卫星在轨道 1 上经 Q 点的加速度等于它在轨道 2 上经 Q 点的加速度D卫星在轨道 2 上运行时经过 P 点的加速度跟经过 Q 点的加速度相等高考模式考试试卷解析版第 5 页，共 12 页11设物体运动的加速度为 a、速度为 v、位移为 x、所受合外力为 F。现有四个不同物体的运动过程中某物理量与时间的关系图象，如图所示。已知 t0 时刻物体的速度均为零，则其中表示物体做单向直线运动的图象是：（ ）12下列关于电场的叙述错误的是A. 静止电荷的周围存在的电场称为静电场B. 只有电荷发生相互作用时电荷才产生电场C. 只要有电荷存在，其周围就存在电场D. A 电荷受到 B 电荷的
8、作用，是 B 电荷的电场对 A 电荷的作用13有一台小型直流电动机，经测量：在实际工作过程中两端电压 U=5V，通过的电流 I=1A，电机线圈电阻，这台电机工作 5 分钟时间将电能转化为焦耳热和机械能的值为A. 焦耳热为 30J B. 焦耳热为 1500JC. 机械能为 1500J D. 机械能为 1470J14为了解决农村电价居高不下的问题，有效地减轻农民负担，在我国广大农村普遍实施了“农网改造”工程，工程包括两项主要内容：（1）更新变电设备，提高输电电压；（2）更新电缆，减小输电线电阻若某输电线路改造后输电电压变为原来的 2 倍，线路电阻变为原来的 0.8 倍，在输送的总功率不变的条件下，
9、线路损耗功率将变为原来的A0.2 倍 B0.32 倍 C0.4 倍 D0.16 倍15库仑定律是电磁学的基本定律。1766 年英国的普里斯特利通过实验证实了带电金属空腔不仅对位于空腔内部的电荷没有静电力的作用，而且空腔内部也不带电。他受到万有引力定律的启发，猜想两个点电荷（电荷量保持不变）之间的静电力与它们的距离的平方成反比.1785 年法国的库仑通过实验证实了两个点电荷之间的静电力与它们的电荷量的乘积成正比，与它们的距离的平方成反比。下列说法正确的是（ ）高考模式考试试卷解析版第 6 页，共 12 页A普里斯特利的实验表明，处于静电平衡状态的带电金属空腔内部的电势为零B普里斯特利的猜想运用了
10、“ 对比”的思维方法C为了验证两个点电荷之间的静电力与它们的距离的平方成反比，库仑制作了库仑扭秤装置D为了验证两个点电荷之间的静电力与它们的电荷量的乘积成正比，库仑精确测定了两个点电荷的电荷量16两个物体具有相同的动量，则它们一定具有（ ）A相同的速度 B相同的质量C相同的运动方向 D相同的加速度二、填空题17如图所示，实线为电场线，虚线为等势面，且相邻两等势面的电势差相等，一正电荷在等势面 3 上时具有动能 60J，它运动到等势面 1 上时，速度恰好为零，令 20，那么，当该电荷的电势能为 12 J 时，其动能大小为_ J。18在“描绘小灯泡伏安特性曲线”的实 验中，使用的小灯泡为“6 V，
11、3 W”，还备有下列器材电 流 表 Al（ 量 程 3A， 内 阻 0.2）电 流 表 A2（ 量 程 0.6 A， 内 阻 1）电 压 表 V1（ 量 程 3V， 内 阻 20k）电 压 表 V2（ 量 程 15V， 内 阻 60K）变 阻 器 R1（ 01000， 0.5 A）变 阻 器 R2（ 0 20， 2A）学 生 电 源 （ 6 8V） ， 开 关 S及 导 线 若 干 .在 上 述 器 材 中 ， 电 流 表 应 选 用 _， 电 压 表 应 选 用 变 阻 器 应 选 用 ， 在 上 面 的 方 框 中 画 出 实 验 的 电 路图 。三、解答题19图所示为一个小型旋转电枢式交
12、流发电机的原理图，其矩形线圈的长度 ，宽度 ，0.25mab0.2bc共有 匝，总电阻 ，可绕与磁场方向垂直的对称轴 转动线圈处于磁感应强度10n1.0rO的匀强磁场中，与线圈两端相连的金属滑环上接一个 “ ， ”的灯泡，当线圈以角速度.4TB 3.V1.8匀速转动时，小灯泡消耗的功率恰好为 （不计转动轴与电刷的摩擦）.8W（ ）推导发电机线圈产生感应电动势的最大值的表达式 （其中 表示线圈的面积）mEnBS（ ）求线圈转动的角速度 2（ ）线圈以上述角速度转动 周过程中发电机产生的电能310 V A 高考模式考试试卷解析版第 7 页，共 12 页20如图所示，一条长为 L 的细线，上端固定，
13、将它置于一充满空间的匀强电场中，场强大小为 E，方向水平向右。已知当细线向右偏离竖直方向的偏角为 时，带电小球处于平衡状态。求：（1）小球带何种电性？电量为多少？（2）如果使细线向右与竖直方向的偏角由 增大为 ，且自由释 放小球，则 为多大时，才能使细线达到竖直位置时，小球的速度又刚好 为零？四子王旗高中 2018-2019 学年高一 9 月月考物理试题解析 （参考答案）一、选择题1 【答案】BD2 【答案】 D【解析】 匀变速直线运动的考查，简单题。第 1s 内的位移只需将 t=1 代入即可求出 x=6m，A 错误；前 2s内的平均速度为 ，B 错；由题给解析式可以求得加速度为 a=2m/s
14、2 ，C 错；由加速的定义可知 D 选项正确3 【答案】BC【解析】AB、当开关闭合后，灯泡 L1 的电压 U1=3V，由图读出其电流 I1=0.25A，则灯泡 L1 的电阻，功率 P1=U1I1=0.75W故 A 错误，BC 正确；120.5URIC、灯泡 L2 的电压为 U，电流为 I，R 与灯泡 L2 串联，则有 ，在小灯泡的伏安30.1RUI特性曲线作图，如图所示，高考模式考试试卷解析版第 8 页，共 12 页则有 ，L 2 的电阻为 5，L 2 消耗的电功率为 0.2W，故 C 正确，D 错误；0.2,1VIAU故选 BC。4 【答案】D【解析】试题分析：由点电荷的电场分布特点可知，
15、B、C 、D 、E 四点位于对场源电荷为圆心的同一个圆上，即位于同一等势面上，将试探电荷从 A 点移到同一等势面上电场力做功相等，所以只有选项 D 正确；考点：等势面、静电力做功5 【答案】B【解析】解析:由题图知,该交变电流电动势峰值为 311V,交变电动势频率为 f=50Hz,C、D 错;t=0.005s 时,e=311V,磁通量变化最快,t=0.01s 时,e=0,磁通量最大,线圈处于中性面位置,A 错,B 对。6 【答案】BD【解析】粒子在磁场中运动过程中，洛伦兹力充当向心力，运动半径 因为所有粒子 和速度都相同，故所有粒子的运动半径都一样，当粒子沿 =60射入时，恰好垂直 PQ 射出
16、，可得 ，故，解得 ，当粒子轨迹与 PQ 边界相切时，轨迹最长，运动时间最长，此时根据几何知识可得 =120，此时是粒子打在 PQ 边界上的最低的点，故相对 Q 的竖直位移为 ，B 正确，C 错误；由于 v 一定，则弧长最短时，时间最短，根据分析可知当粒子沿着边界 MN 方向向上射入时最短，此时圆心在 MN 上，=30，所以 ，此时是粒子打在边界 PQ 的最上端，根据几何知识可得该点相对 O 点竖直位移为 ，故 PQ 边界上有粒子射出的长度为 ，高考模式考试试卷解析版第 9 页，共 12 页A 错误，D 正确。7 【答案】 A,D8 【答案】A D 【解析】撤 去 电 场 ， 粒 子 从 M
17、点 射 出 ， 粒 子 刚 射 入 磁 场 时 所 受 洛 伦 兹 力 竖 直 向 上 ， 由 左 手 定 则 知 粒 子 带正 电 荷 ， 故 A 正 确 ； 电 磁 场 共 存 时 ， 粒 子 运 动 的 时 间 ， 撤 去 电 场 后 ， 粒 子 在 磁 场 中 做 匀 速 圆 周 运动 的 时 间 ： ， 则 该 粒 子 运 动 时 间 为 原 来 的 ， 选 项 B 错 误 ； 若 撤 去 磁 场 ，得 ： v= v0， 故 D 正 确 。【名师点睛】本题考查带电粒子在电场、磁场中两的运动，粒子在电场中做类平抛运动，在磁场中做匀速圆周运动，分析清楚粒子运动过程是解题的前提，根据粒子在
18、磁场中的偏转方向判断出洛伦兹力方向，应用左手定则可以判断出粒子的电性；应用类平抛运动规律与牛顿第二定律可以解题。9 【答案】BC【解析】通过同一速度选择器的粒子具有相同的速度，故 的速度相等，由牛顿第二定律得，解得 ，由此可知，设核子的质量为 m，质子带电荷量为 q， 的半径 ，的半径 ， 的半径 ，故打在 P1 点的粒子是 ，打在 P2 点的粒子是 和 ，选项 A 错误，B 正确；O 2P1=2R1= ，O 2P2=2R2= ，故 O2P2=2O2P1，选项 C 正确；粒子在磁场中运高考模式考试试卷解析版第 10 页，共 12 页动的时间 ， 运动的时间与 和 运动的时间不同，选项 D 错误
19、。10【答案】BC【解析】11【答案】C【解析】12【答案】B【解析】静止电荷的周围存在的电场称为静电场，选项 A 正确；电荷的周围存在电场，无论电荷之间是否发生相互作用，选项 B 错误；只要有电荷存在，其周围就存在电场，选项 C 正确；A 电荷受到 B 电荷的作用，是 B 电荷的电场对 A 电荷的作用，选项 D 正确；故选 B.13【答案】AD【解析】根据焦耳定律可得焦耳热为： ，故 A 正确，B 错误；电动机做的总功为：W=UIt=51560J=1500J ，机械能为：E =W-Q=1500-30J=1470J，故 D 正确，C 错误。所以 AD 正确，BC 错误。14【答案】A 【解析】
20、试题分析：传输功率不变，故传输电流为： ，电功率损耗为： PIU22()PIRU 改造后输电电压变为原来的 2 倍，线路电阻变为原来的 0.8 倍，故： 高考模式考试试卷解析版第 11 页，共 12 页联立解得： 0.2P考点：考查了电功率，电工的计算15【答案】C16【答案】C二、填空题17【答案】 1818【答案】A 2 ，V 2，R 2三、解答题19【答案】（ ） （ ） （ ）1mEnBS.5rad/s325.01JQ【解析】（ ）设小灯泡正常发光时的电流为 ，则2I，设灯泡正常发光时的电阻为 ，0.6APIU额额 R25.R额根据闭合电路欧姆定律得： 3.6VEIr发电机感应电动势最大值为 ， 2mmnBS解得 1.8rad/s.5r/smEnBS高考模式考试试卷解析版第 12 页，共 12 页（ ）发电机产生的电能为 ， 3QIEt210T解得 25.01JQ20【答案】（1）正电，小球平衡状态：qE = mgtan q = mgtan/E （2）全过程动能定理：mgL（1-cos ）-qELsin= 0 tan（/2）= tan= 2
