1、滁州市二中 2018 届上学期高三高考模拟卷物理部分二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分，共 48 分。在每小题给出的四个选项中，第 14-17题只有一项符合题目要求，第 18-21 题有多项符合题目要求。全部选对的得 6 分，选对但不全对的得 3 分，有选错的得 0 分。1. 爱因斯坦因提出了光量子概念并成功地解释光电效应的规律而获得 1921 年诺贝尔物理学奖。 某种金属逸出光电子的最大初动能 Ekm 与入射光频率 的关系如图所示 ，其中 0 为极限频率。从图中可以确定的是( )A. 逸出功与 有关B. Ekm 与入射光强度成正比C. 当 0 时，会逸出光电子D. 图中直线的斜率与
2、普朗克常量有关【答案】D【解析】A、金属的逸出功是由金属自身决定的，与入射光频率无关，其大小 ，故 A 错误；B、根据爱因斯坦光电效应方程 ，可知光电子的最大初动能 与入射光的强度无关，但入射光越强，光电流越大，只要入射光的频率不变，则光电子的最大初动能不变，故 B 错误；C、要有光电子逸出，则光电子的最大初动能 ，即只有入射光的频率大于金属的极限频率即 时才会有光电子逸出，故 C 正确；D、根据爱因斯坦光电效应方程 ，可知： ，故 D 正确。点睛：只要记住并理解了光电效应的特点，只要掌握了光电效应方程就能顺利解决此题，所以可以通过多看课本加强对基础知识的理解。2. 如图所示，质量为 m 的物
3、体放在质量为 M、倾角为 的斜面体上，斜面体置于粗糙的水平地面上，用平行于斜面的力 F 拉物体使其沿斜面向下匀速运动， 斜面体始终静止，则下列说法正确的是( )A. 地面对斜面体的摩擦力大小为 FcosB. 地面对斜面体的支持力为(M m) gC. 物体对斜面体的摩擦力的大小为 FD. 斜面体对物体的作用力竖直向上【答案】A【解析】试题分析：把两个物体视为一个整体，整体受重力，地面的弹力，外力 F 和水平向左的静摩擦力，根据正交分解法，可知静摩擦力等于 Fcos，选项 A 正确。地面对 M 的支持力为（M+m）g+Fsin，选项 B错误。再以 m 为研究对象，可知 M 给 m 的摩擦力为 F+
4、mgcos，根据牛顿第三定律，选项 C 错误。m 受四个力的作用，其中弹力和摩擦力的合力，与重力和 F 的合力平衡，因此弹力和摩擦力的合力的方向不在竖直方向，根据牛顿第三定律，选项 D 错误。考点：本题考查整体法和隔离法，以及正交分解法。3. 双星系统由两颗恒星组成，两恒星在相互引力的作用下，分别围绕其连线上的某一点做周期相同的匀速圆周运动。研究发现，双星系统演化过程中，两星的总质量、距离和周期均可能发生变化。若某双星系统中两星做圆周运动的周期为 T，经过一段时间演化后， 两星总质量变为原来的 k 倍，两星之间的距离变为原来的n 倍，则此时圆周运动的周期为 ( )A. B. C. D. 【答案
5、】B【解析】试题分析：双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度，根据牛顿第二定律分别对两星进行列式，来求解设 的轨道半径为 ， 的轨道半径为 两星之间的距离为 l由于它们之间的距离恒定，因此双星在空间的绕向一定相同，同时角速度和周期也都相同由向心力公式可得：对 ： ，对 ：，又因为 ，由式可得 ，所以当两星总质量变为 KM，两星之间的距离变为原来的 n 倍，圆周运动的周期平方为 ，即 ，B 正确4. 如图所示，一质量为 m1 的木板放在光滑斜面上，木板的上端用细绳拴在斜面上，木板上有一只质量为 m2的小猫。剪断细绳，木板开始下滑，同时小猫沿木板向上爬。小猫向上爬的过程中，小猫在木板上
6、相对于地面的高度不变，忽略空气阻力。细绳剪断后，小猫做功的功率 P 与时间 t 的关系图象是下列图象中的( )A. B. C. D. 【答案】B5. 如图所示，光滑绝缘的水平面上 M、N 两点各放有一带电荷量分别为q 和2q 的完全相同的金属球 A和 B。给 A 和 B 以大小相等的初动能 E0(此时初动量的大小均为 p0)，使其相向运动刚好能发生碰撞( 碰撞过程中无机械能损失)，碰后返回 M、N 两点的动能分别为 E1 和 E2，动量的大小分别为 p1 和 p2，则( )A. E1E 2E0，p1p 2p0B. E1E 2E 0，p1p 2p 0C. 碰撞发生在 MN 中点的左侧D. 两球同
7、时返回 M、N 两点【答案】AD【解析】AB：由动量观点，系统动量守恒，两球速度始终等值反向，也可得出结论：两球同时返回 M、N两点，两球末动量大小相等，末动能大小相等。CD：由动量观点，系统动量守恒，两球速度始终等值反向，也可得出结论：碰撞发生在 M、N 中点，两球同时返回 M、N 两点。故 CD 错误。点睛：综合利用动量、能量解题是处理不需具体分析中间过程问题的快捷方法。6. 直流电路如图所示，在滑动变阻器的滑片 P 向右移动时，电源的( )A. 总功率一定减小B. 效率一定减小C. 内部损耗功率一定减小D. 输出功率一定先增大后减小【答案】AC【解析】试题分析：当滑片向右移动时，变阻器的
8、电阻增大，则电路中总电阻在增大，由 P=U2/R 可得，电路的总功率一定减小，A 正确；效率 =U/E，由于外电路的电阻在增大，路端电压增大，故效率变大，B 正确；由于总电阻增大，电路中的电流变小，则内部损耗的功率 P=I2r 一定会减小，故 C 正确；电源的输出功率也就是变阻器的电功率是变化的，当变阻器的电阻等于电源的内阻时，变阻器消耗的电功率最大，故当滑片向右移动时，由于不知道是人哪个位置移动的，故不能确定变阻器的电阻内阻的大小关系，变阻器的电阻可能先增大后减小，也可能一直减小，也可能一直增大，故 D 错误。考点：电路中电功率、效率及输出功率。7. 如图所示，一带电粒子在匀强电场中从 A
9、点抛出，运动到 B 点时速度方向竖直向下，且在 B 点时粒子的速度为粒子在电场中运动的最小速度，已知电场方向和粒子运动轨迹在同一竖直平面内 ，粒子的重力和空气阻力与电场力相比可忽略不计，则( )A. 电场方向一定水平向右B. 电场中 A 点的电势一定高于 B 点的电势C. 从 A 到 B 的过程中 ，粒子的电势能一定增加D. 从 A 到 B 的过程中 ，粒子的电势能与动能之和一定不变【答案】CD【解析】A：粒子只受电场力，类似重力场中的斜抛运动，由于 B 点速度最小，是等效最高点，故电场力水平向右；由于不知道电荷的电性，故不能确定电场强度的方向；故 A 错误；B：由于不能确定电场强度方向，故不
10、能确定 A 点与 B 点的电势高低，故 B 错误；C：从 A 到 B 的过程中，动能减小，电场力做负功，故电势能增加，故 C 正确；D：从 A 到 B 的过程中，由于只有电场力做功，动能的减少等于电势能的增加，粒子的电势能与动能之和一定不变，故 D 正确。8. 如图所示，一个正方形导线框， 以恒定速度向右进入以 MN 为边界无限大的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，MN 与水平线的夹角为 45，下列有关说法正确的是 ( )A. 导线框中的感应电流方向始终为顺时针B. 导线框中的感应电流方向始终为逆时针C. 导线框中感应电流的大小先增大后减小D. 导线框在完全进入时，线框中的感应电流最大【答案】B
11、C【解析】AB、线框进入磁场时 ，导线框中的磁通量增大，根据楞次定理可知，导线框中的感应电流产生的磁场方向垂直纸面向外，再根据安培定则可判断出导线框中的感应电流方向为逆时针，故 B 正确，A 错误；CD、在导线框以与 MN 平行的对角线进入磁场之前，切割磁感线的等效长度 L 增大，随后切割磁感线的等效长度 L 减小，根据 和 可知，导线框中感应电流的大小先增大后减小，故 C 正确，D 错误；故选 BC。非选择题：包括必考题和选考题两部分。第 22-25 题为必考题，每个试题考生都必须作答。第 33-34 题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题（共 47 分）9. 如图甲所示，是某研究性学习
12、小组做探究动能定理的实验，图中是小车在一条橡皮筋作用下弹出沿木板滑行的情形。这时，橡皮筋对小车做的功记为 W。当我们把 2 条、 3 条完全相同的橡皮筋并在一起进行第 2 次、第 3 次实验时，每次橡皮筋都拉伸到同一位置释放 。小车每次实验中获得的速度由打点计时器所打点的纸带测出。(1)除了图中已给出的实验器材外，还需要的器材有_。(2)平衡摩擦力后， 每次实验得到的纸带上的点并不都是均匀的，为了测量小车获得的速度，应选用纸带的_部分进行测量；(3)下面是本实验的数据记录表，请将第 2 次、 第 3 次实验中橡皮筋做的功填写在对应的位置；(4)从理论上讲， 橡皮筋做的功 Wn 和物体速度 vn
13、 的关系应是 Wn_，请你根据表中测定的数据在如图乙所示的坐标系中作出相应的图象验证理论的正确性_。【答案】 (1). 刻度尺 (2). 点距均匀 (3). (4). 【解析】(1)该实验用到打点计时器，所以需要交流电源，要测量长度，还需要刻度尺；(2) 在正确操作情况下，橡皮条恢复原长时，小车做匀速运动，小车在相等时间内的位移相等，此时小车获得的速度最大，要测量小车的最大速度，应选用纸带的点迹均匀的部分段进行测量；(3). 由动能定理可知，合外力做的功应等于物体动能的变化量，所以 W 与 v2 成正比，即 ，根据表中实验数据，应用用描点法作图，图象如图所示；由图象可得：误差容许的范围内，图象
14、是经过原点的直线，说明 与 成正比。【点睛】该实验用到打点计时器，所以需要交流电源，要测量长度，还需要刻度尺；要测量最大速度，应该选用点迹恒定的部分；根据动能定理可知，合外力做的功应等于物体动能的变化量，所以 W 与 v2 成正比，用描点法作出图象。10. 某同学用如图甲所示的电路测量两节干电池串联而成的电池组的电动势 E 和内阻 r，R 为电阻箱。干电池的工作电流不宜超过 0.5 A。实验室提供的器材如下：电压表(量程 03 V ，内阻约 3 k)；电阻箱(阻值范围0999.9 )；开关、导线若干 。(1)请根据图甲的电路在图乙中画出连线，将器材连接成实验电路_。(2)实验时，改变电阻箱 R
15、 的值， 记录电压表的示数 U，得到若干组 R、U 的数据。根据实验数据绘出如图丙所示的 图线。由图象得出电池组的电动势 E_V，内阻 r_。(3)关于这个实验中存在的误差以及减小误差的各种方法，下列说法正确的是（_）A电压表的分流作用引起的误差属于偶然误差B该同学读电压表读数引起的误差属于系统误差C本实验用图象法处理数据可以减小偶然误差D如果将电压表的内阻计算在内就可以减小系统误差【答案】 (1). (2). 2.86(2.852.87 均可) (3). 6.07(6.066.08 均可) (4). CD【解析】 (1)如图所示：(2)根据闭合电路欧姆定律： 则 ，所以图象的纵截距： ，解得
16、： ，斜率为： ，解得： (3)A：电压表分流作用引起的是系统误差，故 A 项错误。B：读数引起的是偶然误差，故 B 项错误。C：图像法可以减小偶然误差，故 C 项正确。D：电压表的电阻计算在内可以减小系统误差，故 D 项正确。点睛：图象法处理数据时，要根据物理规律写出横纵坐标之间的关系式。结合图象的截距、斜率等求解。11. 如图所示，在竖直平面内，AB 为水平放置的绝缘粗糙轨道，CD 为竖直放置的足够长绝缘粗糙轨道，AB与 CD 通过四分之一绝缘光滑圆弧形轨道平滑连接，圆弧的圆心为 O，半径 R0.50 m ，轨道所在空间存在水平向右的匀强电场，电场强度的大小 E1.010 4 N/C，现有
17、质量 m0.20 kg，电荷量 q8.010 4 C 的带电体(可视为质点)，从 A 点由静止开始运动，已知 xAB1.0 m，带电体与轨道 AB、CD 间的动摩擦因数均为0.5。假定带电体与轨道之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等。求：(g 取 10 m/s2)(1)带电体运动到圆弧形轨道 C 点时的速度大小。(2)带电体最终停在何处。【答案】(1)v10m/s (2)距 C 点【解析】试题分析：（1）据题意，带电体从 A 点开始运动，受到摩擦力、重力和电场力作用，当运动到C 点时由动能定理得到：（2 ）从 C 点开始往上运动，由动能定理得到：考点：动能定理、摩擦力、电场力名师点睛：本题分析时
18、注意分阶段进行受力分析，在 AB 端水平方向受到电场力 F，电场力做正功，还受到摩擦力，摩擦力做负功，在 BC 端受到重力，该力做负功，还电场力，该力做正功，在 ABC 段根据动能定理可得： ；在 C 点以上摩擦力做负功，摩擦力的正压力来自于电场力，重力做负功，根据动能定理有： 。12. 如图所示，光滑斜面的倾角 30， 在斜面上放置一矩形线框 abcd，ab 边的边长 l11 m， bc 边的边长l20.6 m，线框的质量 m1 kg，电阻 R0.1 ，线框通过细线与重物相连 ，重物质量 M2 kg，斜面上ef(efgh)的右方有垂直斜面向上的匀强磁场，磁感应强度 B0.5 T， 如果线框从
19、静止开始运动，进入磁场的最初一段时间做匀速运动，ef 和 gh 的距离 x11.4 m ，(取 g10 m/s 2)，求：(1)线框进入磁场前重物的加速度；(2)线框进入磁场时匀速运动的速度 v.【答案】(1)a5 m/s 2 (2) v6m/s【解析】(1)线框进入磁场前，仅受细线的拉力 F，斜面的支持力和线框的重力的作用，重物受自身的重力和细线的拉力 F的作用。对线框由牛顿第二定律得 Fmgsin ma对重物由牛顿第二定律得 MgFMa又 FF联立解得线框进入磁场前重物的加速度 a 5 m/s2(2)因为线框进入磁场的最初一段时间做匀速运动，则重物受力平衡：Mg F 1线框 abcd 受力
20、平衡：F 1mgsin F 安ab 边进入磁场切割磁感线，产生的感应电动势 EBl 1v回路中的感应电流为 ，ab 边受到的安培力为 F 安 BIl 1联立解得 Mgmgsin 代入数据解得 v6 m/s。选考题：共 15 分。请考生从给出的 2 道题中任选一题作答。如多做，则按所做的第一题计分。13. 对分子动理论和物体内能的理解， 下列说法正确的是（_）A温度高的物体内能不一定大，但分子平均动能一定大B外界对物体做功，物体内能一定增加C温度越高 ，布朗运动越显著D当分子间的距离增大时，分子间作用力就一直减小E当分子间作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的减小而增大【答案】ACE【解析】温度高的物体内能不一定大，内能还与质量有关，但分子平均动能一定大，因为温度是平均动能的标志，故 A 正确；改变内能的方式有做功和热传递，若外界对物体做功的同时物体放热，内能不一定增
