1、 第 - 1 - 页古浪五中高二年级物理寒假作业完整版邮箱联系：场强练习二 课后练习详解题一 答案：AC解析：根据两个等量异种电荷的电场线的疏密程度和对称性，可以判定：Ea Eb， EcE d， EaE ba，同一负电荷在电势低处电势能大，故 C错；因 UabU bc，据 WqU 知 WabW bc，D 错。题六答案：(1)正电 q (2)mgdU 2v204g详解：(1)作电场线如图(a)所示，由题意得，只有小球受到向左的电场力，电场力和重力的合力与初速度才可能在一条直线上，如图(b)所示，只有当 F 合 与 v0 在一条直线上才可能使小球做直线运动。所以小球带正电，小球沿 v0 方向做匀减
2、速运动。由图(b)知 qEmg.相邻等势面间的电势差用 U 表示，所以 E ，所以 qUd 。mgE mgdU(2)由图(b)知F 合 mg(因为 qEmg)。（qE）2 （mg）2 2由动能定理F 合 Lmax0 mv ，所以 Lmax 。12 20 mv2022mg 2v204g场强与电势差一 课后练习详解题一 答案：C详解：根据电场线的疏密表示电场强度大小，沿电场线方向电势降落最快，以及电场的对称性可得 EaEb， aEbEc，由公式 UEd 可以判断 UabUbc，所以第 - 5 - 页bR，而图乙的电路中，电流表测的电流比通过 R 的真实电流大，所以 RR2，选项 A 正确。题五 答
3、案：B详解：假设未知电阻的阻值为 500 欧，电压表的电阻是待测电阻的 10 倍，而待测电阻的阻值是电流表内阻第 - 14 - 页的 10000 倍，所以用电流表内接法，误差较小。题六 答案：D详解：在伏安法测电阻的实验中，如果采用电流表外接法，测得的电流偏大，电压准确，测得的电阻小于电阻的真实值，如果采用电流表内接法，测得的电压偏大，电流准确，测量值大于真实值，所以 D 正确。未知电阻的真实值在 90 和 100 之间。电流表 电压表伏安法测电阻一课后练习详解题一 答案：C详解：设电源的电动势和内阻分别为 E 和 r，电压表 V2 的内阻为 R2，根据闭合电路欧姆定律，对题图(甲)和题图(乙
4、)分别有：E 6 V4 V r，E9 V r，解得：E10.8 V。故只有选项 C 正确。2R2题二 答案：5详解：电流表允许加的最大电压为 ，分流电阻分得的电流为： ，所以0.1gUI0.1A52安培表的量程为： 。6A501题三答案：C详解：电流表两端允许加的电压为 ，所以分压电阻承担的电压为.VgIR，所以应串联的电阻为： 。(10.)V.9U 180gIU题四答案：A详解：a 图是电流表外接，误差主要是电压表的分流作用，R x 比 RV 小得越多，电压表的分流作用越小，误差越小，A 正确；b 图是电流表内接，误差主要是电流表的分压作用，R A 比 RX 小得越多，电流表的分压作用越小，
5、误差越小。题五 答案：B详解：如图是电流表的内接法，在这个电路中，由于考虑到电表的内阻，电压表测的是 Rx 两端的实际电压加上电流表两端的电压之和，电流表的读数等于通过 Rx 的实际电流。题六 答案：D详解：由于电路两端电压保持不变，由（1）中电路可知： ，在图（2）的电路中由于电流表的分6VU流作用，电压表的示数小于 6V，在图（1）中，根据欧姆定律： ，在图（2）中，AXRI1，所以在图（2）中，电流表的示数大于 2mA。ARUI并2电流和电阻定律二课后练习详解题一答案：C详解：因为鸟与两脚之间的导线并联，两脚间导线电阻很小，分得的电压很小，所以鸟两脚间的电压很小，几乎为零。故 C 正确，
6、A、B、D 错误。题二答案：D详解：滑片由 a 移至 b 时，电路总电阻未改变，故电路中电流不变，即 I1=I2，电容器两端电压增大，板间电场强度 E 增大，故 增大，即 1v2，选项 B 错误；又恒定电流的电场类似静电场，由 E 得 E1E2，选项 C 正确。UL题六 答案：AC详解：选 AC 。由电流的定义式 I 知 I 110 5(A)，A 正确；整个过程的平均功率 P Qt 66010 6 Wt 310 10(W)(t 代 0.2 或 0.3)，B 错误；由 E 110 6(V/m)，C 正确；整个闪qUt 61.01090.2 Ud 1.01091103电过程向外释放的能量为电场力做
7、的功 WqU610 9(J)，D 错。电流和电阻定律一课后练习详解题一 答案：D详解：R 是电阻的定义式，R 与电压和电流无关，故错误；而 R 是电阻的决定式，横截面积一定，UI lS电阻与导体的长度成反比，长度一定，电阻与导体的横截面积成正比，故正确；电阻率都与温度有关，金属的电阻率随温度的升高而增大，故错误；当温度降低到接近绝对零度的某个临界温度时，导体的电阻率突然变为零的现象叫超导现象，此时的导体叫超导体，故正确。题二 答案：C详解：由欧姆定律 I ，电阻定律 R 和电流微观表达式 IneSv 可得 v ，因此，电压 U 加倍时，vUR lS Unel加倍，l 加倍时 v 减半，故 A、
8、B 选项错误；导线横截面的直径加倍时，v 不变，C 项正确。题三 答案：A详解：题设导体两端加上电压 U，导体中出现一个匀强电场，因此场强 E ，当电场力与阻力平衡时形成Ul了恒定电流，则 Eekv ，即 U ，由欧姆定律得 UIR ，所以 R ，A 选项正确。kvle kvleI kvlenevS klne2S题四 答案：C详解：由图像知 R2 ，若保持长度不变，增大横截面积，则电阻要变小，C 正确。题五 答案：0.5A详解：由电流求解公式： 可得：tqIAtqI5.021题六 答案：D详解：选 D。由电流方向的规定可知，正、负电荷向相反方向定向移动所形成的电流的方向是相同的，所以电流应该是
9、 I ，电流方向按规定应是从 AB。D 选项正确。(n2 n1)et电路中的功率二课后练习详解题一 答案：B详解：电动机的热功率 PI 2r5 21 W25 W ，B 正确，A、C、D 错误。第 - 16 - 页题二 答案：C详解：灯泡能正常发光，说明电解槽和灯泡均分得 110V 电压，且干路电流 II 灯 A，则电解槽消耗PU 611的功率 PP 灯 IU 60 W，C 正确，A 错误；电解槽的发热功率 P 热 I 2R 内 1.3W，B 错误；整个电路消耗的总功率 P 总 220 W120 W，D 错误。60110题三 答案：（1）1 （2） 87.5W （3）144W详解：（1）当 S
10、断开时E= I1（R+r） 代入数据的：r=1 （2）开关 S 闭合时，路端电压为 U2U2=EI2r=36V 流过 R 的电流 IR=U/R=1.5A 流过电动机的电流 IM=I2-IR=2.5A 电动机输出的机械功率P 出 =UIMIM2rM=87.5W (3) PI 2U2=144W 题四 答案：D详解：当变阻器电阻最小时，电路中的电流最大，R 0 上消耗的功率 PI 2R0 最大，D 正确。题五答案：D详解：若按 R3 消耗功率为 4 W，则 R1 消耗功率为 44 W16 W(PI 2)，超过其允许的最大功率再按 R1 消耗的功率为其最大值，则 R2，R 3 消耗的功率各为 P12.
11、5 W，均不超过最大值，故电路允许消耗的最大功14率为 15 W故正确答案为 D。电路中的功率一课后练习详解题一 答案：AD详解：电动机输出功率为 P=mgv=5.7103100.1W=5.7103W；由 UI=P+I2R 解得 R=4.75，选项 A 正确，C 错误；电动机没有输出电压，选项 B 错误；电动机的工作效率为 =P/UI=75%，选项 D 正确。题二 答案：(1)5 A (2)550 W (3)53 kg详解：(1)由电路中的电压关系可得电阻 R 的分压 URUU V(160110)V50 V流过电阻 R 的电流IR A5 AURR 5010即通过电动机的电流IM IR 5 A(
12、2)电动机的分压 UMU V110 V输入电动机的功率P 电 IMUM550 W(3)电动机的发热功率 P 热 I M2r 20 W电动机输出的机械功率 P 出 P 电 P 热 530 W又因 P 出 mgv，所以 m 53 kg。P出gv题三 答案：（1）0.5 ；（2）8W详解：电动机在转子不转动时可看成纯电阻用电器。所以电动机的内阻为：10.54UrI第 - 17 - 页(1) 电动机正常工作时， ，所以：22+UIPr出2-10.5WPIr出（2）转子突然被卡住，电动机又可看成纯电阻用电器。由于正常工作时电压一定，所以此时电动机的发热功率为：题四 答案：ABD详解：由图可知，Rr 时电
13、源有最大输出功率 ，A 正确；电源的功率 PIE，随外电阻 R 的增大而减小，E24rC 错误；由 可知 B、D 正确。IUIE RR r 11 rR题五 答案：C详解：串联后电阻为 R12r，产生的热量为 Q1 t 串 t 串 ；并联后电阻为 R2 ，产生的热量为 Q2U2R2 U22r r2t 并 t 并 ，若要 Q1Q 2，所以有 t 串 t 并 41。U2R2 U2r2电容器和电容二课后练习详解题一 答案：C详解：根据 和 Q=CU 得：d 增大，电容 C 减小，又电压 U 恒定，所以电荷量 Q 减小，电容器S放电，电场强度 E 减小，故答案为 C。题二答案：B详解：保持 S 闭合的分
14、析：因为第种情况下两板间电压 U 不变，所以电场强度 E=U/d，只有 d 减小，E 增大，电场力增大，带电微粒才向上运动打到上极板 M 上，故可以通过下移极板 M 或者上移极板 N 来实现，选项 A 错，B 正确；充电后将 S 断开的分析：因为第种情况下两极板带电荷量 Q 不变，根据 Q=CU，及 E= 可得，E ，可以看出 E 与两板间距离 d 无关，所以无论怎样移动 M、N 两极板dCUQ改变两板间的距离，场强 E、电场力 F 都不变，带电微粒都处于静止状态，选项 C、D 错误，B 正确。题三答案：CD详解：电子从静止开始运动，根据动能定理，从 A 运动到 B 动能的变化量等于电场力做的
15、功。因为保持两个极板间的电势差不变，所以末速度不变，平均速度不变，而位移如果增加的话，时间变长。题四答案：A详解：该仪器类似于平行板电容器，且芯柱进入液面深度越大，相当于两平行板的正对面积越大，电容越大，液面必升高。题五答案：（1）m=810 -8 kg（2）v= 1.32 (m/s)7详解：（1）画出带电液滴的受力图如图所示，由图可得：qEcos=mg，qEsin=ma，第 - 18 - 页E=U/d解之得：m=qUcos/dg代入数据得 m=810-8 kg（2）对液滴由动能定理得： 2021mqU得： q20代入数据有：v= 1.32 (m/s)7电容器和电容一课后练习详解题一 答案 B
16、详解：静电计的指针张角大小表示电压的大小；电容器的电量不变，根据 可知：增大两极板之间dSC的距离，电容变小，根据 Q=CU，可知：电容器两板上的电压变大，张角变大，A 错；同理 B 正确；C 错误。若将 A 板拿走，B 板的电荷重新分布，张角变大。 D 错。题二答案：AD详解 ： A 板不动， 增大说明板间场强在增大，若 S 保持闭合，即 A、B 两板间的电压不变，故必有板间距离在减小，选项 A 对，B 错. 若 S 断开，则极板所带电荷量不变，此时若改变两板间的距离，由 及 ，有 ，场强 ，故板间场强不变， 也应不变，选kdsC4UQkd4SkdUE4项 C 不对；若 S 断开,当将 B
17、板向上( 下)平移时,正对面积变小，由 ，可知场强 E 在增大，选项D 也对，故该题的正确选项为 AD。题三答案 D详解：由平行板电容器的电容 C 可知，当 P、Q 之间的距离 d 增大时，电容器的电容 C 减小，A 错误；rS4kd而电容器两极板之间的电势差不变，根据 QCU 可知，电容器两极板上的电荷量减小，B 错误；此时电容器对外放电，故 M 点的电势高于 N 点的电势，D 正确。题四答案：B详解：由于电容器始终与电源相连，所以两极板间的电压 U 不变，当压力 F 作用于可动膜片电极上时，两极板间距离 d 减小，电容 C 增大，由 C= ， 可知 Q 增大，电容器两极板间电量增加，即对电
18、容器有一短暂的充电过程，又因为上极板带正电，所以灵敏电流计指针向右偏转；当压力使膜片稳定后，电容不变，两极板带电量不变，电流计指针重新回到零刻度处，故只有 B 对。题五答案：A详解：0 时间内粒子做初速度为零的匀加速直线运动， T 时间内做匀减速直线运动，由对称性可知，T2 T2在 T 时刻速度减为零。此后周期性重复，故 A 对。电势和电势差二课后练习详解题一答案：D详解：1、3 两点的电场强度都等于两点电荷在该点的电场强度之和，根据对称性可知两点电场强度一定相同，所以选项 A 正确；5、6 两点的电场强度方向都是水平向左，根据对称性可以判断两点的电场强度大小第 - 19 - 页相同，所以选项
19、 B 正确。由于中垂线为等势面，所以 4、5 两点的电势相同，所以选项 C 正确。由于两点电荷连线的电场线方向由正电荷指向负电荷，所以 3 点电势要高于 1 点电势，所以选项 D 错误。题二答案：D详解：因负电荷 q 从 ab 和从 ad 电场力做功相同，据 WqU abqU ad 得 b d。若电场为由 b 指向 d 的匀强电场时， bd，故错。若电场是点电荷产生的，因 Wab 和 Wad 都是克服电场力做功，所以 c 处不可能是正点电荷，对错。题三答案：C详解：根据电场线从正电荷出发到负电荷终止可知，P 带正电荷，Q 带负电荷，选项 A 错误；由顺着电场线方向电势逐渐降低可知，c 点电势高
20、于 d 点电势，选项 B 错误；由离子从 a 点运动到 b 点的轨迹弯曲方向可知，离子在运动过程中受到 P 的吸引，选项 C 正确；离子从 a 到 b，电场力做负功，选项 D 错误。题四答案：C详解：运动可能由 a，再到 b，然后到 c，也有可能反过来运动，所以 A 错误；由于是平行且等间距的等势面，所以此区域内是匀强电场，电场力的大小相等，所以 B 错误；粒子在 b 点动能最小，在 C 点动能最大，所以 C 正确；带电粒子从电势高的地方到电势低的地方电场力做正功，电势能减小，所以 D 错误。题五答案：（1） M1.210 6 V， N7.210 5 V；（2）U MN4.810 5 V，电场
21、力做功 WqU MN510 -94.8105 J2.410 -3 J。详解：本题考查电势、电势差及电场力做功的计算，根据相关公式解决。(1)将该电荷从 M 或 N 点移到无穷远处，由定义式得：UMO V1.210 6 VWMOq 610 3510 9UNO V7.210 5 VWNOq 3.610 3510 9所以 M1.210 6 V， N7.210 5 V。(2)M、N 两点间的电势差 UMN M-N4.810 5 V，电场力做功 WqU MN510 -94.8105 J2.410 -3 J。电势和电势差一课后练习详解题一答案：D详解：电场线与等势面垂直，且由电势较高的等势面指向电势较低的
22、等势面，再根据负电荷周围电场线的特点知， dcefa b，故正电荷在 c 点的电势能小于在 d 点的电势能，将正电荷由 c 点移到 d 点电场力做负功，B 错误，同理知 C 错误；正电荷沿虚线由 e 点移到 f 点，电势能先减小后增大，D 正确；a 、b 两处电场强度方向不同，故电场强度不同，A 错误。题二答案：D详解：将立体图画成平面图，如右图所示，P为 P 在 xOy 平面上的投 影，P 与P具有相等的电势，可见 P点沿电场线方向为 MN 的四等分线，P点的电势为 34V，故 P 点的电势为 V，A、B 、C 错误，D 正确。34题三答案：A详解：由粒子的运动轨迹和电场线的方向，可判断出粒
23、子带正电，由 M 至 N 过程中电场力做正功，电势能减少，动能增加，速度增加，故 B、D 错。由电场线的方向和疏密程度可判断电势 MN, 电场强度EMW1， 0，且 和 均大W1q W2 q W2q W1q W2q于 0，则 N6 A，保险丝会熔断，故 B 正确。题二答案：C详解：电动机先启动后，灯泡才可发光，电动机未启动，灯泡不发光，符合该要求的是 C 电路。第 - 21 - 页题三答案：12.5km详解：A、B 间距离 l=40km，导线总长为 2l，总电阻 R=800，设 A 与短路处距离为 x，短路导线总长为2x，总电阻为 Rx。由欧姆定律得 Rx=U/I=250由电阻定律得 R=2l
24、/S，R x=2x/S得 x=12.5km即短路处距 A 端 12.5km.。题四答案：B详解：灯泡的工作电流 I A0.3 APU 1.86故其电阻为 RL 20 ，此时 A、C 间电阻 R1 10 ，UI 60.3 U1I 9 60.3故 CB 间电阻 R2RR 120 ，故 B 选项正确。题五答案：A详解：由 WqU 知电路电压 U 110 V，A 错误；由 PIU 得 I 1 A，B 正确；由 WPt 得通过时Wq PU间 t 3 s，C 正确；由 R ，得 R110 ，D 正确。WP UI欧姆定律与电路分析二课后练习详解题一答案：B详解：由部分电路欧姆定律有 R ，UI由电阻定律有
25、R ，联立解得 S ，B 正确。2LS 2ILU题二答案：C详解：判断电灯能否正常发光，就要判断电灯两端的电压是否是额定电压，或电流是否是额定电流。由 P和已知条件可知，R A110 V，B 灯被烧坏，两灯不能正常发光。对于 B 电路，由于 RA110 V，B 灯被烧坏，两灯不能正常发光。对于 C 电路，B 灯与变阻器并联，并联电阻可能等于 RA，所以可能有 UAU B110 V，两灯可以正常发光。对于 D 电路，若变阻器的有效电阻等于 A、B 的并联电阻，则 UAU B110 V，两灯可以正常发光。比较 C、D 两个电路，由于 C 电路中变阻器功率为( IAI B)110 V，而 D 电路中
26、变阻器功率为(I AI B)110 V，所以 C 电路消耗的电功率最小。题三答案：C详解：灯 L1 发光，L 1 中一定有电流通过，不可能断路，A 错误；L 2、L 3 均不发光，A 1 有读数，A 2 没读数。说明 A1 中有电流通过，L 2、L 3、A 2 中均没有电流通过，则 L2 一定是短路。选项 C 正确。题四答案：D详解：根据电位器结构和连线可知：连接 A、B 使滑动触头顺时针转动时回路电阻增大，回路电流减小，灯泡变暗，A 错误；同理，D 正确；连接 A、C 时，滑动触头不能改变回路电阻，灯泡亮度不变，故 B、C 错误。题五答案：A详解：两电阻消耗电功率 PI 2R，因 ，要使电功
27、率相等，电流之比 ，通过分析知只有 A 正确。R1R2 41 I1I2 12欧姆定律与电路分析一课后练习详解第 - 22 - 页题一答案：23.0，0.57，320详解：首先在表盘上找到直流电流的刻度，直流的符号是“” ，表盘中间的那个刻度是直流的刻度，电流为100mA 量程，对应读数为 23.0 mA；电压为 2.5 V 量程，对应读数为 0.57 V；欧姆挡上对应读数 3.2 ，再乘以倍率应为 320 。题二答案：（1）B A（2）断开 6 e、f 12.7 欧姆表测量时灯泡未工作，灯泡温度低，电阻小详解：（1）因电源为四节干电池，故电动势 E6 V，则应选电压表 10 V 量程挡较合适；
28、因 c、d 间电压为 5.8 V，而 e、f 间电压为零，故应为 A 灯丝断开，B 灯丝完好。（2）用欧姆表测电路中电阻的阻值时，一定要将电路断开测量；由乙图读数知电阻阻值为 6 ，应为灯泡B 的阻值，即测量的为 e、f 间电阻；由 R 得 R12.7 ，与欧姆表测得阻值相差较大，是因为欧姆表测UI得的电阻是未通电工作时的电阻，温度较低，电阻率偏小，阻值偏小。题三答案：（1）C E （2）见详解图甲 （3）见详解图乙详解：由于 I 额 250 mA，故电流表应选 C；因要求小电珠两端的电压从零开始变化，滑动变阻器应采PU用分压接法，应选小阻值的 E。（1）实验中电流表应选 C，滑动变阻器应选用
29、 E。（2）实验电路图如图甲所示。（3）实物连接图如图乙所示。题四答案：（1）U2I1.5 1.5 2 （2）见详解详解：（1）设直线方程为 UaIb，把坐标(0 ，1.5)和(0.75 ，0)代入方程解得：a2，b1.5，得出直线方程为 U2I1.5；由闭合电路的欧姆定律得： EIR IrUIr，对比图象可得：E 1.5 V，r 2 。（2）在小灯泡的 U-I 特性曲线坐标纸上作出电源的 U-I 图线，如图所示，两图线的交点即为小灯泡接在该电源上工作时的电压与电流，由图象知，U0.90 V，I 0 .30 A，所以小灯泡工作时的功率为PUI 0.900.30 W0.27 W 。稳定电流实验小
30、结二课后练习详解题一答案：见详解详解：a.选择开关从 “10”挡拨到“100”挡时，必须重新调零；b多用电表使用后不能把选择开关置于欧姆挡，应置于交流电压最高挡或“OFF”挡。题二答案：AD第 - 23 - 页详解：待测电阻不跟别的元件断开时，可能是与其他元件并联，测量值可能偏小；测电阻时，两手碰表笔的金属杆，人体电阻与待测电阻并联，测量值偏小；测量电阻时，如果电路不和电源断开，欧姆表两端的电压可能过大，从而烧坏电表；用多用电表测量灯泡的电阻，测量的是灯泡不发光时的电阻，灯泡用额定电压和额定功率计算出的电阻是灯泡正常发光时的电阻，灯泡正常发光时温度很高，电阻较大。故应选 A、D。题三答案：A
31、2 甲详解：本题考查用伏安法测小电珠电阻的实验方法，并考查学生分析实验，根据实验要求确定电流表的内、外接法及滑动变阻器的两种接法。（1）电流表选 A2，由 P 得 R 灯 10 U2R 421.6Im A0.45 A450 mA，所以选 A2。4.510（2）根据电流表、电压表内阻及小电珠、电阻之间的关系，R 珠 10 200 ，应选用电流表外RVRA接法，故选甲电路。题四答案：（1）见详解图 （2）U-I 图线见详解 1.48 0.364详解：（1）测量电路的实物连接图如图甲所示。（2）按照实验值作出的 U-I 图线如图乙所示。从图象可以得出，图线在 U 轴上的截距为 2.96 V，则每节电
32、池的电动势为：E 2.96 V1.48 V。图线斜率的绝对值为：k 0.727，即电源的内阻为：r 电12 2.96 2.01.320.727 ，每节电池的内阻为：r r 电 0.364 。12稳定电流实验小结一课后练习详解题一答案：C详解：R 1、R 2 和 A2 内阻之和恒定，不妨把它们看作一只滑动变阻器，而 A1 左端相当于滑动变阻器的滑动触头，本题相当于将滑动触头由 A2 的右端滑到左端。初态上下支路的电流分别为 3mA 和 2mA，说明 R1 和 A2内阻之和小于 R2，末态上面支路的电阻更小，结果是回路总电阻减小，A 1 的电流必然增大；R 2 的电流、通过电流表 A2 的电流必然
33、减小；R 1 的电流必然增大。题二答案：D详解：当滑动触头 P 在 AB 的中央时，电路的阻值实际上是灯泡电阻与 RPB 并联后再与 RPA 串联，因为并联电路的电阻小于任一支路的电阻，所以 RPB 上电压将小于未并联灯泡时的电压。未考虑灯泡的电阻并联在电路上对整个电路的影响是造成错解的原因。首先求出灯泡的电阻为 20UL由图看出 RL 和 RPB 并联再与 RPA 串联，要使灯泡正常发光需要使并联部分与 AP 段的电压相等均为 6V，故有： 。PBLPBAP代入数据解得 RPB=20，可见选项 D 正确。题三答案：B第 - 24 - 页详解：在滑动变阻器的滑片由 a 端移向 b 端的过程中，
34、如图所示电路的外电阻逐渐减小，根据闭合电路的欧姆定律可知：通过电源的电流 I 逐渐增大，路端电压 逐渐减小，加在电容器 C 上的电压逐渐减IrEU小，C 为固定电容器，其所带电量逐渐减少，所以只有选项 B 正确。题四答案： 4.210C详解：当 K 闭合，待电路稳定后，电容 C1 和 C2 分别充得的电量为：Q20=0当 K 断开，待电路稳定后，电容 C1 和 C2 分别充得的电量为：Q1=C1E= ， Q2=C2E=430430故断开 K 后流过电阻 R1 的电量为：。41202()().题五答案：50详解：设所求阻值 R2，当灯 L1 和 L2 正常发光时，加在灯两端电压为额定电压 UL。
35、当 K 闭合时， 1=UL+I1(R1+r+R2)当 K 断开时， 2=UL+I2(R1+r+R2)，又 1=2= I1=2I2=2I，(I 为额定电流)得 = UL2I( R1rR 2) =ULI( R1rR 2) I(R 1r2R 2- R2)=0 但 I0，R 1+r2R 2=R2， 即 R2=20+2+214=50。稳定电流章节总结二课后练习详解题一答案：B详解：采用甲电路时，测得的电阻是电阻 Rx 与电压表内阻 RV 的并联电阻，测得的电阻偏小，采用甲电路的条件是 RV Rx，选项 A、C 错误；采用乙电路时，测得的电阻是电阻 Rx 与电流表内阻 RA 的串联电阻，误?差是电流表的内
36、阻引起的，选项 B 正确；若先后采用甲、乙两电路测量，发现电流表读数有显著变化，说明甲电路电流的测量误差较大，为了使电流测量准确，应选用乙电路测量，选项 D 错误。题二答案：A详解：小灯泡是否能正常发光取决于它两端所加的电压是否等于它的额定电压，而不是取决于电源的电动势，必须利用闭合电路欧姆定律计算出小灯泡两端的实际电压为多少，才能做出正确的判断。当电键 S 接 2 时，由 E=U+rU/R，解得电源内阻为 。灯泡电阻 。当2RUEr 2PURL电键 S 接 1 时，由于电源内阻和小灯泡电阻相等，内、外电压之和为电源电动势；所以灯泡实际工作电压为1.6V，低于灯泡额定电压，灯泡发光很暗，甚至不
37、亮，选项 A 正确。题三答案：B详解：可以求得电灯 A 的电阻 RA=10，电灯 B 的电阻 RB=3.2，因为 ，所以，当滑动触头abBAR由 a 向 b 端滑动的过程中，总电阻一直减小。即 B 选项正确。题四答案：0；E详解：合上开关瞬间，电路里有电流，电容器被充电；当电路达到稳定状态后，电路里没有电流，故电压表中因无电流通过而读数为零，且电压表相当于一个大电阻将电容器 C1 短路，电源电压 E 全加在电容器 C2 的两端，故与电容器 C2 并联的静电计的读数为 E。402.8第 - 25 - 页题五答案：R 1=1.2，R 2=598.8 ，R 3=9.7 k详解：先依据电流（压）表改装
38、原理，弄清电路的连接关系，然后再用串并联的特点求解。对 I1 挡，由图可知是 R1、R 2 串联再与表头 G 并联，则有 IgRg=（I I-Ig） （R 1+R2）对 I2 挡，由图可知是 R2 和 Rg 串联再与 R1 并联，则有 Ig（R g+R2）=（I 2-Ig）R 1联立解上述两方程得：R 1=1.2，R 2=598.8 对于 10V 电压挡，由图可知是 R1、R 2 串联后与 Rg 并联，然后再跟 R3 串联，设 R1、R 2 串联与 Rg 并联的总电阻为 R，则 068.59.)(60)(21ggIg=1 mA，则表头的满偏电压是 U g=I gR g=110 -3300 V=
39、0.3 V根据串联电路特点 U=U g+I gR 3，解得： R 3=9.7 k。稳定电流章节总结一课后练习详解题一答案：A详解：偏转距离 s at2，a ，t ，所以 s U ，要提高灵敏度，即提高 的值，结12 eUmd lv0 12eUmdl2v20 12 el2mdv20 el2mdv20合选项可知，A 正确。题二答案 ACD详解：第一滴油滴在电容器中运动时，只受重力作用。设板长为 l，板间距为 d，由平抛运动的知识有 v0l2.当第 N1 滴油滴恰好离开电容器时，必定是沿下极板的边缘飞出，油滴的加速度为 ag ，由类平gd Eqm抛运动知 t2，又 t ，而 E ，可以求得 N ，A
40、 正确由动能定理有 EkW d2 12(g Eqm) lv0 Ud NqCd 3Cdmg4q2 d2mg .因为电场力做了负功，电势能增加了，而电场力做功为 W 。14 mgd8 3mgd8题三答案 AD详解：由曲线运动条件可知，所受电场力应指向曲线弯曲的内侧，所以粒子受到电场力的方向指向 B 板，该粒子带正电，选项 A 正确；因为不计重力，粒子运动过程中只受电场力的作用，加速度恒定，选项 B 错误；由粒子运动轨迹可知，电场力先做负功后做正功，所以电势能先增大后减小，动能先减小后增大，选项 C 错，D 对。题四答案：eU 1eU2L24d2U1详解：电子在加速电场加速时，根据动能定理eU1 m
41、v12 2x进入偏转电场后 Lv xt，v yat，aeU2md射出偏转电场时合速度 v ，v2x v2y以后匀速到达荧光屏。由以上各式，得 Ek mv2eU 1 。12 eU2L24d2U1带电粒子在电场中的运动课后练习详解题一答案 B详解：一价氢离子( H)和二价氦离子( He)的比荷不同，经过加速电场的末速度不同，因此在加速电场及偏124转电场的时间均不同，但在偏转电场中偏转距离相同，所以会打在同一点。选 B。题二答案 D详解：由题意可知小球到 P 点时水平位移和竖直位移相等，即 v0t vPyt12第 - 26 - 页合速度 vP v0v02 vPy2 5EkP mvP2 mv02，故选 D。12 52题三答案 BD详解：将电容器上板或下板移动一小段距离，电容器带电荷量不变，由公式 E 可知，电容器Ud QCd 4kQrS产生的场强不变，以相同速度入射的小球将仍沿原轨迹运动。下板不动时，小球沿原轨迹由下板边缘飞出；当下板向上移动时，小球可能打在下板的中央。题四答案：B详解：电子在 YY和 XX间沿电场方向均作初速度为零的匀加速直线运动，由位移公式 s at2 t2，知水12 12eUmd平位移和竖直位移均与电压成正比。在 t0 时刻，U Y0 知竖直位移为 0，故 A、C 错误。在 t 时刻，t12UY 最大知竖直位移最大，故 B 正确，D 错误。
