1、2018 年 10 月湘南联盟高二质检物理试题一、选择题（每题 4 分，1-8 题每题只有一个选项正确，9-12 题每题有多个选项正确，选全得 4 分，未选全得 2 分，选错得 0 分，共 48 分）1如图所示，光滑绝缘水平面上有三个带电小球 A、B、C（可视为点电荷） ，三球沿一条直线摆放，仅在它们之间的静电力作用下静止，则以下判断正确的是（ ）A A 对 B 的静电力一定是引力B A 对 B 的静电力可能是斥力C A 的电量可能比 B 少D C 的电量一定比 B 少2如图所示，两个等量异种点电荷的连线和其中垂线上有 a、 b、 c 三点，下列说法正确的是 ( )A a 点电势比 b 点电势
2、高B a、 b 两点的场强方向相同， b 点场强比 a 点场强小C b 点电势比 c 点电势高，场强方向相同D 一个电子仅在电场力作用下不可能沿如图所示的曲线轨迹从 a 点运动到 c 点3关于磁通量的概念，以下说法中正确的是( )A 磁通量发生变化，一定是磁场发生变化引起的B 磁感应强度越大，穿过闭合回路的磁通量也越大C 磁感应强度越大，线圈面积越大，则穿过线圈的磁通量也越大D 穿过线圈的磁通量为零，但该处的磁感应强度不一定为零4如图所示，在原来不带电的金属细杆 ab 附近 P 处放置一个正点电荷，达到静电平后A a 端电势比 b 端低B b 端电势与 d 点的电势相等C a 端电势一定不比
3、d 点低D 感应电荷在杆内 c 处的场强方向由 a 指向 b5如图所示，在通电螺线管的周围和内部 a、b、c、d 四个位置分别放置了小磁针，小磁针涂黑的一端是 N 极图中正确表示小磁针静止时的位置是（ ）A. a B. b C. c D. d6用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表 A1、A 2，若把A1、A 2分别采用串联或并联的方式接入电路，如图所示，则闭合开关后，下列有关电流表的示数和电流表指针偏转角度的说法正确的是( )A 图(a)中的 A1、A 2的示数相同B 图(a)中的 A1、A 2的指针偏角相同C 图(b)中的 A1、A 2的示数和偏角都不同D 图(b
4、)中的 A1、A 2的指针偏角相同7.如图所示，电子在电势差为 U1的电场中加速后，垂直射入电势差为 U2的偏转电场，在满足电子能射出偏转电场的条件下，不计电子重力，下列四种情况中，一定能使电子的偏转角变大的是（ ）A U1变大， U2变大 B U1变小， U2变大 C U1变大， U2变小 D U1变小， U2变小8如图所示,图甲实线为方向未知的三条电场线，a、b 两带电粒子从电场中的 P 点静止释放不考虑两粒子间的相互作用,仅在电场力作用下,两粒子做直线运动,a、b 粒子的速度大小随时间变化的关系如图乙中实线所示,虚线为直线,则A a 一定带正电,b 一定带负电 B a 向左运动,b 向右
5、运动C a 电势能减小,b 电势能增大 D a 动能减小,b 动能增大9如图所示，三根平行的足够长的通电直导线 A、 B、 C 分别放置在一个等腰直角三角形的三个顶点上，其中 AB 边水平， AC 边竖直。 O 点是斜边 BC 的中点，每根导线在 O 点所产生的磁感应强度大小均为 B0,则下列说法中正确的有( )A 导线 B、 C 在 O 点产生的总的磁感应强度大小为 2B0B 导线 A、 B、 C 在 O 点产生的总的磁感应强度大小为 B0C 导线 B、 C 在 A 点产生的总的磁感应强度方向由 A 指向 OD 导线 A、 B 在 O 点产生的总的磁感应强度方向水平向右10如图所示， a、
6、b、 c、 d 为一组匀强电场中的等差等势线， A、 B 分别是等势线上的两点带电量为 110-2C 的正电荷在电场中只受电场力作用，该电荷由 A 点运动到 B 点，动能增加了 0.1J，若 A 点电势为 10V，则（ ）A B 点的电势为零B a、 b 之间的电势差 Uab=5VC 电荷运动的轨迹可能是图中曲线D 电荷运动的轨迹可能是图中曲线11如图所示，电源电动势为 E，内阻为 r，平行板电容器 C 的两金属板水平放置G 为灵敏电流计。开关 S 闭合后，两板间恰好有一质量为 m、电荷量为 q 的油滴处于静止状态。则在滑动变阻器 R 的触头 P 向上移动的过程中，下列判断正确的是（ ）A 灵
7、敏电流计 G 中有 ba 的电流B 油滴向上加速运动C 电容器极板所带电荷量将减小D 通过电阻 R2的电流将减小12如图所示，用长 L0.50 m 的绝缘轻质细线，把一个质量 m1.0 g 带电小球悬挂在均匀带等量异种电荷的平行金属板之间，平行金属板间的距离 d5.0 cm，两板间电压U1.010 3 V。静止时，绝缘细线偏离竖直方向 角，小球偏离竖直线的距离 a1.0 cm。取 g10 m/s 2。则下列说法正确的是( )A两板间电场强度的大小为 2.0104 V/mB小球带的电荷量约为 1.0108 CC若细线突然被剪断，小球在板间将做类平抛运动D若细线突然被剪断，小球在板间将做匀加速直线
8、运动二、实验题（每空 2 分，共 20 分）13某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率 步骤如下：(1)用游标为 20 分度的卡尺测量其长度如图甲，由图可知其长度为 L_mm；(2)用螺旋测微器测量其直径如图乙，由图可知其直径 D_mm；(3)用多用电表的电阻“10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻 R，表盘的示数如图，则该电阻的阻值约为_.(4)该同学想用伏安法更精确地测量其电阻 R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻 R电流表 A1(量程 04 mA，内阻约 50 ) 电流表 A2(量程 030 mA，内阻约 30 )电压表 V1(量程 03 V，内阻约 10 k) 电
9、压表 V2(量程 015 V，内阻约 25 k)直流电源 E(电动势 4 V，内阻不计)滑动变阻器 R1(阻值范围 015 ，允许通过的最大电流 2.0 A)开关 S、导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，某同学设计电路时，电流表应选用_、 （选填“A 1”或“A 2”） ，电流表应采用_法（选填“内接”或“外接” ） ，滑动变阻器应采用_式接法（选填“分压”或“限流” ） 。14. 某 同学想测量某电池的电动势 E 和内阻 r，选用器材如下：电流表 A1(量程 50 mA，内阻 RA1约为 10 )电流表 A2(双量程，一量程为 20 mA，另一量程 200 mA)电阻箱 R(
10、0999.9 ) 定值电阻 R0(阻值为 4.0 )开关两个 导线若干该同学设计了如图所示电路，并进行如下操作：(1)实验中电流表 A2选择_量程(2)将开关 S1闭合，S 2断开，调整电阻箱 R，记下电流表 A1、A 2的示数 I130.0 mA、 I2120 mA，则电流表 A1的内阻 RA1_. （ 计 算 结 果 要 保 留 一 位 小 数 ）(3)保持 S1闭合，再闭合 S2，调整电阻箱 R，记下电阻箱阻值分别为 30.0 、90.0 时对应的电流表 A1的示数分别为 25.0 mA、10.0 mA.由此可求得E_V， r_.（ 计 算 结 果 要 保 留 一 位 小 数 ）三、计算
11、题 （共 32 分）15.（本题 6 分）如图所示的电路中，电阻 R1=9 ， R2=15 ，电源的电动势 E=12 V，内电阻 r=1，安培表的读数 I=0.4 A求：（1）流过电阻 R1的电流是多少？（2）电阻 R3的阻值是多大？（3）电阻 R3消耗的电功率是多少？16 （本题 6 分）如图所示, 匀强磁场的磁感应强度方向竖直向上，一倾角为 = 的光滑斜面上，静止一根长为 L=1m，重 G=3 N，通有电流 I=3 A 的金属棒.求：（1）匀强磁场的磁感应强度大小；（2）导体棒对斜面的压力大小.17.（本题 10 分）如图所示，四个电阻阻值均为 R，电键 S 闭合时，有一质量为 m，带电量
12、为 q 的小球静止于水平放置的平行板电容器的中点现打开电键 S，这个带电小球便向平行板电容器的一个极板运动，并和此板碰撞，碰撞过程中小球没有机械能损失，只是碰后小球所带电量发生变化，碰后小球带有和该板同种性质的电荷，并恰能运动到另一极板，设两极板间距离为 d，不计电源内阻，求：（1）电源电动势 E 多大？（2）小球与极板碰撞后所带的电量为多少？18 （本题 10 分）如图所示，在场强为 E 的匀强电场中，一绝缘轻质细杆 L 可绕点 O 点在竖直平面内自由转动，A 端有一个带正电的小球，电荷量为 q，质量为 m将细杆从水平位置自由释放，则：（1）求出小球在最低点时的动能；（2）求在最低点时绝缘杆
13、对小球的作用力2018 年 10 月湘南联盟高二质检物理试题参考答案1、A 2、D 3、D 4、D 5、A 6、B 7、B 8、B 9、ACD 10、AD 11、AB 12、ABD13、 (1) 50.15 (2) 4.700 (3) 120 (4) A 2 外接 分压14、(1)200 mA (2)12.0 (3)4.0 , 7.015、（1） R2的电压 U2=I2R2=0.415 V=6.0 V 1根据闭合电路欧姆定律得： U2=E I1（ R1+r） 1则得流过电阻 R1的电流 I1= = A=0.6 A 1（2）流过电阻 R3的电流 I3=I1 I2=（0.60.4）A=0.2 A
14、1则 R3= =30 1（3）电阻 R3消耗的电功率是 P3=U2I3=60.2 W=1.2 W 116、（1）由左手定则知金属棒受水平向右的安培力， 1对金属棒进行受力分析如图: 1由平衡条件得： F 安 =BIL=Gtan 则 2（2）由上图，根据三角函数关系知： 217、（1）当 S 闭合时，电容器电压为 U，则： 2对带电小球受力分析得： 2由式 解得： 1（2）断开 S，电容器电压为 U，则： U= 2对带电小球运动的全过程，根据动能定理得： q U mg 2由解得： q= 118、（1）小球运动到最低点的过程中，重力和电场力做功，由动能定理得：3-0KBmgLqE解得 2L（2）在最低点，据牛顿运动定律得：22-BvTmgL在最低点速度221KBEv解得：T=3mg+2Eq 1
