1、广东省肇庆市香山中学孔子中学汉台中学高二三校联考化学试题1.下列事实中能证明甲烷分子是以碳原子为中心的正四面体结构的是（ ）A. 甲烷的四个碳氢键的键能相等 B. 甲烷的四个碳氢键的键长相等C. 甲烷的一氯代物只有一种 D. 甲烷的二氯代物只有一种【答案】D【解析】【分析】如果甲烷是正方形的平面结构,则 CH2Cl2有两种结构，相邻或者对角线上的氢被 Cl 取代，而实际上,甲烷的二氯取代物只有一种结构,因此只有正四面体结构才符合。【详解】A.无论甲烷分子是以碳原子为中心的正四面体结构,还是平面正方形结构,甲烷中的四个键均为碳氢键，键能均一样，A 错误；B.无论甲烷分子是以碳原子为中心的正四面体
2、结构，还是平面正方形结构，四个碳氢键的键长相等，B 错误；C. 无论甲烷分子是以碳原子为中心的正四面体结构，还是平面正方形结构，甲烷的一氯代物只有一种， C 错误；D.若甲烷是正方形的平面结构,则 CH2Cl2有两种结构：相邻或者对角线上的氢被 Cl 取代,而实际上,CH 2Cl2只有一种空间结构，因此只有正四面体结构才符合,D 正确；正确选项 D。2.鉴别织物成分是真蚕丝还是“人造丝” ，在如下的各方法中正确的是 滴加浓硝酸 滴加浓硫酸 滴加酒精 灼烧A. 和 B. 和 C. 和 D. 和【答案】C【解析】试题分析：真蚕丝是蛋白质，人造丝是化学纤维。滴加浓硝酸时，真蚕丝会发生颜色反应变为黄色
3、，而人造丝不会变为黄色，因此可以鉴别物质，正确；滴加浓硫酸由于二者都是含有碳元素的化合价，都会发生脱水反应变为黑色碳单质，因此不能鉴别二者，错误；滴加酒精二者都没有明显的变化，因此不能鉴别二者，错误；灼烧真蚕丝有烧焦羽毛的气味，而人造丝会蜷缩形成小圆球，因此现象不同，可以鉴别二者。故鉴别织物成分是真蚕丝还是“人造丝”的方法是和，选项 C 正确。考点：考查真蚕丝还是“人造丝”的鉴别方法正误判断的知识。3.下列各组物质可用分液漏斗分离的正确组合是 ( )乙醇和乙酸 葡萄糖溶液和蔗糖溶液 苯和食盐水苯和苯酚 乙酸乙酯和乙醇 甲酸乙酯和饱和纯碱溶液A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】互不
4、相溶的液体混合物，可用分液漏斗进行分离，结合物质的溶解性来解答。【详解】乙醇和乙酸互溶，应用蒸馏分离，不选；葡萄糖溶液和蔗糖溶液互溶，不能分液，不选；苯不溶于水，和食盐水分层，用分液漏斗分离，选；苯和苯酚互溶，不能分液，不选；乙酸乙酯和乙醇互溶，应用蒸馏分离，不选；甲酸乙酯不溶于水，和饱和纯碱溶液分层，可用分液漏斗分离，选；符合题意的选项；正确选项 A。4.下列各组中的反应，属于同一反应类型的是（ ）A. 由溴丙烷一步制丙醇；由丙烯与水反应制丙醇B. 由甲苯硝化制对硝基甲苯；由甲苯与酸性高锰酸钾制苯甲酸C. 由氯代环己烷制环己烯；由丙烯和 Br2制 二溴丙烷D. 由乙酸和乙醇制乙酸乙酯；由苯甲
5、酸乙酯制苯甲酸和乙醇【答案】D【解析】A、卤代烃的水解属于取代反应，丙烯与水发生加成反应，故 A 错误；B、甲苯的硝化属于取代反应 ，甲苯氧化成苯甲酸属于氧化反应，故 B 错误；C、氯代环己烷生成环己烯，属于消去反应，丙烯生成 1，2二溴丙烷，属于加成反应，故 C 错误；D、乙酸与乙醇发生酯化反应(或取代反应)生成乙酸乙酯，苯甲酸乙酯的水解属于取代反应，故 D 正确。5.欲将蛋白质从水中析出而又不改变它的性质，应加入 （ ）A. (NH4)2SO4溶液 B. 75%的酒精溶液C. CuSO4溶液 D. NaOH 浓溶液【答案】A【解析】【详解】A.(NH 4)2SO4溶液能够降低蛋白质溶解度，
6、蛋白质从水中析出又不改变它的性质，所以 A 能选；B.酒精会使蛋白质失活，改变了它的性质，所以 B 不能选；C.CuSO4为重金属盐，同样会使蛋白质失活，改变了它的性质，所以 C 不能选；D.NaOH 为强碱，同样会使蛋白质失活，改变了它的性质，所以 D 不能选。正确选项 A。【点睛】热、酸、碱、重金属盐、紫外线、苯酚、酒精、甲醛等均能使蛋白质变性，蛋白质变性后，失去了水溶性，失去了生理活性；加入轻金属盐，降低了蛋白质溶解度，蛋白质发生了盐析，没有失去水溶性，也没有失去生理活性。6. 新兴的大脑营养学研究发现，大脑的生长发育与不饱和脂肪酸有密切的关系，从深海鱼油中提取的，被称为“脑黄金”的 D
7、HA 就是一种不饱和程度很高的脂肪酸，它的分子中含 6个碳碳双键，化学名称为二十二碳六烯酸，则它的分子组成应为A. C22H39COOH B. C21H42COOH C. C22H33COOH D. C21H31COOH【答案】D【解析】二十二碳六烯酸说明它的烃基含有 21 个碳原子，分子中含有 6 个碳碳双键，比相应的烷基少 12 个 H 原子，则该烃基为 C21H31，所以它的分子式为 C21H31COOH7.下列有机物命名正确的是 （ ）A. 3，3二甲基丁烷 B. 1，2，3三甲基丁烷C. 2乙基丁烷 D. 2，3，3三甲基己烷【答案】D【解析】【分析】烷烃命名原则: (1)长:选最长
8、碳链为主链；(2)多:遇等长碳链时,支链最多为主链； (3)近:离支链最近一端编号；(4)小:支链编号之和最小；(5)简:两取代基距离主链两端等距离时，从简单取代基开始编号：如取代基不同,就把简单的写在前面,复杂的写在后面。【详解】A.3，3二甲基丁烷，丁烷的取代基不能出现 3,3-二甲基,说明支链的编号位次错误，该有机物正确命名应该为:2,2-二甲基丁烷,故 A 错误；B. 1，2，3三甲基丁烷，甲基不可能在 1 号位，主碳链不是 4，应为 5，正确命名：2，3二甲基戊烷，B 错误；C. 2乙基丁烷，丁烷的命名中不能出现 2-乙基，说明选取的主链不是最长碳链，最长碳链应该含有 6 个 C，为
9、己烷，在 3 号 C 含有一个甲基，该有机物正确命名应该为：3-甲基己烷，故 C 错误；D. 2，3，3三甲基己烷，主链为己烷，在 2、3、5 号 C 各含有一个甲基,该命名满足烷烃命名原则,故 D 正确；正确选项 D。8.有机物的结构简式如下图：则此有机物可发生的反应类型有 （ ）取代 加成 消去 酯化 水解 氧化 中和A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】该物质具有苯环、甲基、羟基等结构，可发生取代反应，故选；该物质具有双键和苯环，可发生加成反应，故选；该物质具有羟基，且与羟基相邻的碳原子含有氢原子，可发生消去反应，故选；该物质具有羟基、羧基，可发生酯化反应，故选；该物质具有酯
10、基，可发生水解反应，故选；该物质具有羟基、双键等结构，可发生氧化反应，故选；该物质具有羧基，可发生中和反应，故选。综上分析可知 符合题意；正确选项 C 。9.将下列各种物质以任意比混合，只要混合物的总质量不变，完全燃烧后，产生 CO2的量亦不变的是A. 乙酸和乙醛 B. 甲酸乙酯和丙酸C. 甲酸和甲醇 D. 乙醇和乙醚【答案】B【解析】【分析】只要混合物的质量不变,完全燃烧后产生的 CO2的量不变，这两种物质的碳的质量分数必须相同，据此规律解答。【详解】只要混合物的质量不变,完全燃烧后产生的 CO2的量不变，这两种物质的碳的质量分数必须相同； A 乙醛 CH3CHO 中 C、H、O 的物质的量
11、之比为 2:4:1；乙酸 CH3COOH 中 C、H、O 的物质的量比为 2:4:2；二者比值不等，故碳的质量分数不同 A 错误；B.甲酸乙酯 HCOOCH2CH3中 C、H、O 的物质的量之比为 3:6:2；丙酸 CH3CH2COOH 中 C、H、O 的物质的量之比为 3:6:2，二者比值相等，故碳的质量分数相同，正确；C. 甲酸 HCOOH 中 C、H、O 的物质的量比为 1:2:2；甲醇 CH3OH 中 C、H、O 的物质的量比1:4:1；二者比值不等，错误；D. 乙醇 CH3CH2OH 中 C、H、O 的物质的量比为 2:6:1；乙醚 CH3CH2OCH2CH3中 C、H、O 的物质的
12、量比为 4:10:1；二者比值不等，错误；正确选项 B。10.某有机物分子里由一个C 6H5，一个C 6H4，一个CH 2，一个OH 四个原子团组成，符合这种组成的物质中，与 FeCl3溶液混合后显紫色和不显紫色的种类分别为A. 3 种 3 种 B. 3 种 2 种C. 4 种 3 种 D. 4 种 2 种【答案】A【解析】【分析】该有机物中能使 FeCl3溶液显紫色，则此有机物应为羟基直接连在苯环上, C6H5和OH 只能连在端点上；与 FeCl3溶液混合后不显紫色，羟基不能直接连在苯环上，出现CH 2OH 结构，据此即可得出答案。【详解】该有机物中能使 FeCl3溶液显紫色，则此有机物应为
13、羟基直接连在苯环上, C6H5和OH 只能连在端点上，故可能的碳架结构为: C6H5CH2C6H4OH，即C 6H4上连接 2个基团,可以有邻、间、对三种位置关系；与 FeCl3溶液混合后不显紫色，羟基不能直接连在苯环上,故可能的碳架结构为 C6H5C6H4-CH2OH，即C 6H4上连接 2 个基团，可以有邻、间、对三种位置关系；综合以上分析可知：与 FeCl3溶液混合后显紫色和不显紫色的种类分别为 3 种，3 种；正确选项 A。11.将 1molCH4与 Cl2发生取代反应，待反应完全后，测得四种有机取代物的物质的量相等，则消耗的 Cl2为A. 0.5mol B. 2mol C. 2.5m
14、ol D. 4mol【答案】C【解析】【详解】1molCH 4与 Cl2发生取代反应，欲得到四种取代物的物质的量相等，则生成CH3Cl、CH 2Cl2、CHCl 3、CCl 4各为 0.25mol，该四种取代物中 n(Cl)=0.25mol(1+2+3+4)=2.5mol，根据取代反应的特点知，1molCl 2参加该反应只能向有机物提供 1molCl，所以n(Cl2)=2.5mol；正确选项 C。12.用甘氨酸和丙氨酸缩合最多可以形成（ ）种二肽。A. 5 B. 4 C. 3 D. 2【答案】B【解析】【详解】氨基酸生成二肽，就是两个氨基酸分子脱去一个水分子；当同种氨基酸脱水，生成2 种二肽；
15、当是异种氨基酸脱水：可以是甘氨酸脱去羟基，丙氨酸脱氢；也可以丙氨酸脱羟基，甘氨酸脱去氢，生成 2 种二肽，共 4 种；正确选项 B。【点睛】氨基酸形成肽键原理为羧基提供-OH，氨基提供-H，两个氨基酸分子脱去一个水分子脱水结合形成二肽；既要考虑不同氨基酸分子间生成二肽，又要考虑同种氨基酸分子间形成二肽。13.既能与盐酸反应，又能与烧碱溶液反应的化合物是Al Al 2O3 硬脂酸钠 Al(OH) 3 NaHCO 3 谷氨酸 HCOONH 4A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】Al、Al 2O3 、Al(OH) 3、弱酸的酸式盐、弱酸的铵盐、氨基酸等都能和稀盐酸、NaOH 溶液反应，
16、据此分析解答。【详解】(1)Al 性质较特殊，能和稀盐酸、NaOH 溶液反应生成盐和氢气,但不属于化合物，故错误； (2)Al2O3属于两性氧化物，能和稀盐酸、NaOH 溶液反应生成盐和水，故正确；(3)硬脂酸钠属于弱酸强碱盐,只与盐酸反应，和 NaOH 不反应,故错误； (4) Al(OH)3属于两性氢氧化物,能和稀盐酸、NaOH 溶液发生中和反应生成盐和水,故正确； (5)NaHCO3属于弱酸的酸式盐,能和稀盐酸、NaOH 反应,故正确；(6)谷氨酸含有羧基和氨基,具有两性，能和 NaOH、稀盐酸反应,故正确； (7)HCOONH4属于弱酸的铵盐,能和稀盐酸、氢氧化钠溶液反应,故正确；综合
17、以上分析，只有 符合题意；正确选项 C。14.丁腈橡胶具有 结构，则合成丁腈橡胶的原料是 CH 2=CH-CH=CH2 CH 3-CC-CH 3 CH 2=CH-CNCH 3-CH=CHCN CH 3-CH=CH2 CH 3-CH=CH-CH3A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】该有机物属于加聚反应生成的高聚物，链节主链上存在碳碳双键结构，有 6 个碳原子，其单体必为两种单体，按图示结构断开 ，再将双键中的 1 个碳碳单键打开，然后将半键闭合即可得到该高聚物的单体为：CH 2=CH-CH=CH2与 CH2=CH-CN；正确选项 C。【点睛】本题考察了加聚反应原理及高分子化合物单体
18、的求算方法，题目难度中等；先确定高聚物是加聚产物和缩聚产物,然后加聚反应生成的高聚物单体的判断:(1)凡链节的主链只有两个碳原子的高聚物,其合成单体必为一种,将两个半键闭合即可；(2)凡链节主链上有四个碳原子,且链节无双键的高聚物,其单体必为两种,在正中央划线断开,然后两个半键闭合即可；(3)链节主链上只有碳原子,并存在 C=C 结构的高聚物,其规律是:“凡双键,四个碳;无双键,两个碳”划线断开,然后将半键闭合,即单双键互换。15.分子式为 C5H12O 且可与金属钠反应放出氢气的有机物有（不考虑立体结构） （ ）A. 8 种 B. 7 种 C. 6 种 D. 5 种【答案】A【解析】【分析】
19、分子式为 C5H12O 的有机物，能与金属钠反应放出氢气，说明分子中含有OH，该物质为戊醇，可以看作羟基取代戊烷中的一个氢形成的醇，戊烷有正戊烷、异戊烷、新戊烷，结合等效氢判断。【详解】分子式为 C5H12O 的有机物，能与金属钠反应放出氢气，说明分子中含有OH，该物质为戊醇，可以看作羟基取代戊烷中的一个氢形成的醇，戊烷有正戊烷、异戊烷、新戊烷三种结构，CH 3CH2CH2CH2CH3分子中有 3 种 H 原子，被OH 取代得到 3 种醇；CH 3CH2CH（CH 3） 2分子中有 4 种 H 原子，被OH 取代得到 4 种醇；C（CH 3） 4分子中有 1 种 H 原子，被OH 取代得到 1
20、 种醇；所以该有机物的可能结构有 8 种；正确选项 A。【点睛】本题考查有机物的推断、同分异构体的书写等，难度中等，可以利用烃基异构判断，甲基结构为 1 种，乙基结构为 1 种，丙基结构为 2 种，丁基结构有 4 种，戊基结构有 8 种，所以羟基与戊基结合的产物有 8 种。16.下列各组物质不属于同分异构体的是 （ ）A. 2，2-二甲基丙醇和 2-甲基-1-丁醇 B. 甲基丙烯酸和甲酸丙酯C. 2-甲基丁烷和戊烷 D. 邻氯甲苯和对氯甲苯【答案】B【解析】【详解】A 项，2,2-二甲基丙醇的结构简式为： ，分子式为 C5H12O，2-甲基丁醇的结构简式为： ，分子式为 C5H12O，二者分子
21、式相同，结构不同，属于同分异构体，故 A 项正确；B 项，甲基丙烯酸的结构简式为： ，分子式为 C4H6O2，甲酸丙酯的结构简式为： ，分子式为 C4H8O2，二者分子式不同，不属于同分异构体，故B 项错误；C 项，2-甲基丁烷的结构简式为： ，戊烷的结构简式为：CH3CH2CH2CH2CH3，二者分子式相同，结构不同，属于同分异构体，故 C 项正确。D 项，邻氯甲苯和对氯甲苯分子式相同，只是 Cl 的位置不同，属于同分异构体，故 D 项正确；正确选项 B。17.乙醇分子中不同的化学键如图所示：关于乙醇在各种不同反应中断键的说法不正确的是 （ ）A. 和金属钠反应键断裂B. 在 Ag 催化下和
22、 O2反应键断裂C. 和浓硫酸共热 140时，键或键断裂，170时键断裂D. 和氢溴酸反应键断裂【答案】D【解析】【分析】A、乙醇与金属钠反应生成乙醇钠,脱去羟基上的氢原子；B、乙醇在银催化下和 O2反应生成乙醛，结合结构式判断；C、乙醇与浓硫酸共热至 140发生分子间脱水，醇与浓硫酸共热至 170发生消去反应；D、与氢卤酸反应时,键断裂；【详解】A、乙醇与金属钠反应生成乙醇钠，脱去羟基上的氢原子，即键断裂；A 选项正确；B、乙醇在银催化下和 O2反应生成乙醛,乙醇中的键断裂，B 选项正确； C、乙醇与浓硫酸共热至 140发生分子间脱水,一个乙醇脱去羟基,另一个乙醇脱去羟基上的氢,即键 或键断
23、裂;醇与浓硫酸共热至 170发生消去反应,脱去羟基和相邻碳原子上的氢,即键 、断裂，C 选项正确；D、与氢卤酸反应时，属于取代反应，键断裂,故 D 选项错误；正确选项 D。18.将等质量的四块铜片在酒精灯上加热后，分别插入下列溶液中，放置片刻铜片质量增加的是 （ ）A. 硝酸 B. 无水乙醇 C. 石灰水 D. 盐酸【答案】C【解析】【分析】铜片在酒精灯上加热后生成氧化铜,氧化铜是碱性氧化物,能和酸反应,氧化铜在加热条件下能和乙醇反应，据此分析解答。【详解】A.铜片在酒精灯上加热后生成氧化铜,氧化铜是碱性氧化物,能和硝酸反应生成硝酸铜，所以铜片质量减少,故 A 错误；B.铜片在酒精灯上加热后生
24、成氧化铜，在加热条件下,氧化铜和乙醇反应生成铜,所以铜的质量不变,故 B 错误； C.铜片在酒精灯上加热后生成氧化铜，石灰水溶液和氧化铜不反应，所以铜片质量增加，故C 正确； D.铜片在酒精灯上加热后生成氧化铜,氧化铜是碱性氧化物,能和盐酸反应生成氯化铜,所以铜片质量减少,故 D 错误；正确选项 C。19.药物阿司匹林的结构简式为： ，则 1mol 阿司匹林与足量的氢氧化钠溶液反应，消耗氢氧化钠的物质的量是 （ ）A. 1mol B. 2mol C. 3mol D. 4mol【答案】C【解析】【详解】该有机物含有羧基，能够与氢氧化钠溶液发生反应；含有酯基水解后生成的酚和羧酸均能与氢氧化钠溶液发
25、生反应，因此 1mol 阿司匹林与足量的氢氧化钠溶液反应，消耗氢氧化钠的物质的量是 3mol；正确选项 C 。【点睛】本题考查有机物的结构与性质，注意把握有机物官能团与性质的关系来解答；能够与氢氧化钠发生反应的有机物有：卤代烃、酚、羧酸、酯类；其中要注意酚酯水解的产物为苯酚和羧酸，消耗的氢氧化钠的量要比醇酯多 1 倍。20.3.42 克蔗糖与 3.24 克淀粉混和并完全水解，若共生成 m 克葡萄糖和 n 克果糖，则 m n为A. 13 B. 15 C. 51 D. 31【答案】D【解析】【分析】根据蔗糖水解的化学方程式 C12H22O11+H2OC 6H12O6(葡萄糖)+C 6H12O6(果
26、糖)和淀粉水解的化学方程式（C 6H10O5） n+ nH2OnC 6H12O6解题。【详解】由蔗糖水解的化学方程式 C12H22O11+H2OC 6H12O6(葡萄糖)+C 6H12O6(果糖)，3.42 克（为 0.01mol）蔗糖水解可以计算得到 0.01mol 葡萄糖和 0.01mol 果糖；由淀粉水解的化学方程式（C 6H10O5） n+ nH2OnC 6H12O6知,3.24 克淀粉（0.02/n mol）水解可以计算得到0.02mol 葡萄糖；葡萄糖的量为 0.01+0.02=0.03mol，果糖的量为 0.01mol，由于葡萄糖和果糖的摩尔质量相等，则 mn=3:1；正确选项
27、D。21.CH3COOH 是一种弱酸，而氯乙酸 ClCH2COOH 的酸性强于 CH3COOH，这是因为-Cl 是一种强吸电子基团，能使-OH 上的 H 原子具有更大的活动性，有的基团具有斥电子基团，能减弱-OH上 H 原子的活动性，这些作用统称为“诱导效应” ，据上规律，填空：（1）HCOOH 显酸性，而 H2O 显中性，这是由于 HCOOH 分子中存在_ (填吸或斥)电子基团，这种基团是_。（2）CH 3COOH 的酸性弱于 HCOOH，这是由于 CH3COOH 分子中存在_(填吸或斥)电子基团，这种基团是_。（3）C 6H5-也属于吸电子基团，故 C6H5COOH 的酸性比 CH3COO
28、H_。（4）下列酸中：CF 3COOH、CCl 3COOH、CHCl 2COOH、CH 2ClCOOH，酸性最强的是_。【答案】 (1). 吸 (2). HCO (3). 斥 (4). CH3 (5). 强 (6). CF3COOH【解析】【分析】根据信息知，若分子中存在含有强吸引电子基团,能使-OH 上的 H 原子活泼性增强而使该物质的酸性增强；若存在斥电子基团,能减弱-OH 上 H 原子的活性而使该物质的酸性减弱，据此分析。【详解】(1)HCOOH 显酸性，而 H2O 呈中性,说明甲酸中存在强吸引电子基团，能使-OH 上的 H原子活泼性增强而使该物质的酸性大于水,甲酸中含有醛基，醛基属于强
29、吸引电子基团；正确答案：吸；HCO。 （2）CH 3COOH 的酸性弱于 HCOOH,说明乙酸分子存在斥电子基团，能减弱-OH 上 H 原子的活性而使该物质的酸性减弱，乙酸中含有-CH 3,所以-CH 3属于斥电子基团，导致乙酸的酸性小于甲酸；正确答案：斥 ； CH 3。 （3）C 6H5-也属于吸电子基团，-CH 3属于斥电子基团，所以 C6H5COOH 的酸性比 CH3COOH 的酸性强；正确答案：强。 （4）由于吸电子的能力：-F-Cl-H，所以酸性最强的是 CF3COOH；正确答案：CF 3COOH。22.酚酞是常用的指示剂，其结构简式为 。（1）酚酞的分子式为_。（2）从其结构上看，
30、酚酞属于_或_类衍生物。（3）酚酞分别在 1mol/LHCl 和 1mol/LNaOH 溶液中溶解，在_中溶解度较大，其原因是_。【答案】 (1). C 20H14O4 (2). 酚 (3). 酯 (4). NaOH (5). 酚酞与 NaOH反应生成盐是离子化合物，易溶于水【解析】【详解】 （1）由所给结构简式可知，酚酞分子中有三个苯环含 63=18 个碳原子，再加上环外有 2 个碳原子，共有 20 个碳原子，氢原子数为 14 个，氧原子个数为 4，在此基础上可确定酚酞的分子式为 C20H14O4；正确答案：C 20H14O4。（2）酚酞分子结构中含有酚羟基（OH）和-COO-结构，故酚酞属
31、于酚类或酯类衍生物；正确答案：酚 、酯。(3)因酚酞在碱性条件下水解程度大于酸性条件下的水解程度，且与碱作用生成的酚钠及羧酸的钠盐易溶于水，故在 NaOH 溶液中的溶解度大；正确答案：NaOH，酚酞与 NaOH 反应生成盐是离子化合物，易溶于水。23.菠萝酯是一种有菠萝香气的食用香料，是化合物甲与苯氧乙酸发生酯化反应的产物。苯氧乙酸的结构简式为： 。（1）甲一定含有的官能团的名称是_。（2）5.8g 甲完全燃烧可产生 0.3molCO2和 0.3molH2O。甲蒸气对氢气的相对密度是 29，甲分子中不含甲基，且为链状结构，则甲的结构简式是_。（3）苯氧乙酸有多种酯类的同分异构体，其中能与三氯化
32、铁溶液发生显色反应，且苯环上有 2 种一硝基取代物的同分异构体是（写出任意 2 种的结构简式）_。（4）已知：RCH 2COOH RCHClCOOHRONa ROR（R、R代表烃基）菠萝酯的合成路线如下：试剂 X 不可选用的是（选填字母）_。ACH 3COONa 溶液 BNaOH 溶液CNaHCO 3溶液 DNa丙的结构简式是_，反应的反应类型是_。反应的的化学方程式是_。【答案】 (1). 羟基 (2). CH2=CH-CH2OH (3). 、（3 选 2） (4). A,C (5). CH2Cl-COOH (6). 取代反应 (7). 【解析】【详解】 （1）菠萝酯是由化合物甲与苯氧乙酸发
33、生酯化反应的产物，其中苯氧乙酸的结构简式为： ，所以甲一定含有的官能团的名称是羟基；正确答案：羟基。（2）由题意可知，甲中含有羟基,甲蒸气对氢气的相对密度是 29，相同条件下的气体密度之比等于其相对分子质量之比，所以甲的相对分子质量为 58，甲的物质的量=5.8/58=0.1mol；质量守恒可知,参加反应的氧气的质量=0.344+0.318-5.8=12.8g，氧气物质的量=12.8/32=0.4mol；根据氧原子守恒,可知 5.8g 甲中 n(O)=0.32+0.3-0.42=0.1mol；根据原子守恒可知，甲分子中 N（C）=0.3/0.1=3，N(H)=0.32/0.1=6，N(O)=0
34、.1/0.1=1，故甲的分子式为 C3H6O，甲分子中不含甲基，且为链状结构,其结构简式是 CH2=CH-CH2OH；正确答案：CH 2=CH-CH2OH。()能与氯化铁溶液发生显色反应说明含有酚羟基,且有 2 种一硝基取代物，说明苯环上有2 个取代基且处于对位位置,所以其同分异构体是、 （3 选 2） ；正确答案： 、 、（3 选 2） 。 ()苯酚和氢氧化钠或钠反应生成苯酚钠,催化剂条件下，乙和氯气反应生成丙，丙和苯酚钠反应生成 ,结合反应信息可知,丙是 CH2Cl-COOH， 故乙为乙酸；CH 2=CH-CH-OH 和 发生酯化反应生成菠萝酯；苯酚具有酸性但酸性弱于醋酸、碳酸，所以苯酚能
35、和钠、氢氧化钠反应生成苯酚钠,不能和醋酸钠、碳酸氢钠反应；正确选项：A,C。 通过以上分析知, 丙的结构简式为：CH 2Cl-COOH ；乙酸和氯气在一定条件下发生取代反应生成丙，所以反应属于取代反应；正确答案：CH 2Cl-COOH ；取代反应。在催化剂、加热条件下, CH 2=CH-CH-OH 和 发生酯化反应生成菠萝酯，反应方程式为：；正确答案：。【点睛】本题考查有机物的推断，需要学生对给予的信息进行利用，注意根据有机物的结构与反应信息确定丙的结构突破口，答题时注意把握题给信息，注意养成仔细审题的良好习惯。24.某化学小组采用类似制乙酸乙酯的装置（如图） ，以环己醇制备环己烯：（1）制备
36、粗品将 12.5 mL 环己醇加入试管 A 中，再加入 l mL 浓硫酸，摇匀后放入碎瓷片，缓慢加热至反应完全，在试管 C 内得到环己烯粗品。A 中碎瓷片的作用是_，导管 B 除了导气外还具有的作用是_。试管 C 置于冰水浴中的目的是_。（2）制备精品环己烯粗品中含有环己醇和少量酸性杂质等。加入饱和食盐水，振荡、静置、分层，环己烯在_层(填上或下)，分液后用_ (填入编号)洗涤。aKMnO 4溶液 b稀 H2SO4 cNa 2CO3溶液再将环己烯按下图装置蒸馏，冷却水从_口进入，目的是_。收集产品时，控制的温度应在_左右，实验制得的环己烯精品质量低于理论产量，可能的原因是（_）a蒸馏时从 70
37、 开始收集产品b环己醇实际用量多了c制备粗品时环己醇随产品一起蒸出（3）以下区分环己烯精品和粗品的方法，合理的是_。a用酸性高锰酸钾溶液 b用溴水溶液 c测定沸点【答案】 (1). 防暴沸 (2). 冷凝回流 (3). 防止环己烯挥发 (4). 上层 (5). c (6). g（或下口） (7). 冷却水与气体形成逆流 (8). 83 oC (9). c (10). c【解析】【详解】 （1）根据实验室制乙烯可以知道，发生装置 A 中碎瓷片的作用是防止暴沸，导管B 比较长，能增加与空气的接触面积，其作用是导气和将生成的气体物质冷凝回流；因此，本题正确答案是：防止暴沸；冷凝回流。冰水浴的目的是降
38、低环己烯蒸气的温度，使其液化；因此，本题正确答案是：防止环己烯挥发。（2）环己烯是烃类，不溶于氯化钠溶液，且密度比水小，振荡、静置、分层后环己烯在上层；环己烯中含有碳碳双键，可以被 KMnO4溶液氧化，稀 H2SO4不能除去，反而能引入新的酸性杂质，只有 Na2CO3溶液，不能与环己烯反应，可以与酸性杂质反应，可选；因此，本题正确答案是：上层；c。再将环己烯按下图装置蒸馏，冷却水从 g（或下口）口进入，目的是冷却水与气体形成逆流，保证冷凝效果；正确答案：g（或下口） ；冷却水与气体形成逆流。根据表中数据可以知道,馏分环己烯的沸点为 83oC,故收集产品应控制温度在 83oC 左右； a、蒸馏时
39、从 70oC 开始收集产品，提前收集，产品中混有杂质，实际产量高于理论产量,故 a错误； b、环己醇实际用量多了，制取的环己烯的物质的量增大，实验制得的环己烯精品质量高于理论产量,故 b 错误；c、若粗产品中混有环己醇，导致测定消耗的环己醇量增大，制得的环己烯精品质量低于理论产量，故 c 正确；因此，本题正确答案是：83 oC；c。（3）环己烯粗品中含有环己醇，酸性高锰酸钾溶液既能与环己烯反应而褪色，也能与环己醇反应而褪色，因此无法鉴别环己烯精品和粗品，a 错误；环己烯能够与溴水发生加成反应导致溴水褪色，而环己烯粗品也能与溴水发生加成反应而导致溴水褪色，因此无法鉴别环己烯精品和粗品，b 错误；
40、环己烯精品为纯净物，有固定的熔沸点，而环己烯粗品属于混合物，无有固定的熔沸点，因此通过测定环己烯精品和粗品的沸点可以鉴别开两种物质，c 正确；正确答案：c。【点睛】能够使酸性高锰酸钾溶液褪色的有机物有：烯烃、炔烃、苯的同系物、醇类、酚类、醛类、葡萄糖、麦芽糖等；本题在鉴别环己烯粗品和精品时，不能使用酸性高锰酸钾溶液，因为环己烯和环己醇均能被酸性高锰酸钾溶液氧化，溶液褪色，无法区分两种物质，这一点容易被忽视。25.以有机物 A 为基础物质，可以通过不同的反应制得下列物质。（1）写出 AC 的化学方程式：_。（2）推断 B 物质的结构简式_；X 反应类型是_；由 D E 所需的试剂是_。（3）R
41、物质属于 A 的同分异构体，其性质如下：试写出符合条件的 R 的同分异构体的结构简式(任写两种)：_；_。【答案】 (1). (2). (3). 取代反应 (4). 浓硫酸 (5). (6). 【解析】【分析】A 发生缩聚反应生成高分子化合物 C,A 和 HBr 发生取代反应生成 ，发生反应生成 B,B 和溴发生加成反应 ，则应该发生消去反应生成 B,所以 B 的结构简式为 ，和 NaOH 的水溶液加热发生取代反应生成 ，在浓硫酸作催化剂、加热条件下发生酯化反应和消去反应生成 ,R 物质属于 A 的同分异构体,R 在稀硫酸条件下能水解生成 M、N,M 遇氯化铁溶液显紫色,说明有酚羟基,1mol
42、M 能与 2mol 氢氧化钠反应,说明 R 中有一个酚羟基外还有一个酯基,据此分析解答。【详解】A 发生缩聚反应生成高分子化合物 C,A 和 HBr 发生取代反应生成， 发生反应生成 B,B 和溴发生加成反应，则 应该发生消去反应生成 B,所以 B 的结构简式为 ， 和 NaOH 的水溶液加热发生取代反应生成 ， 在浓硫酸作催化剂、加热条件下发生酯化反应和消去反应生成 ；（1）根据题给信息可知，AC 为缩聚反应，化学方程式为：；正确答案：。（2） 应该发生消去反应生成 B,所以 B 的结构简式为； 和 NaOH 的水溶液加热发生取代反应生成， 所以 X 反应类型是取代反应；由 D E 发生的是
43、取代反应，所需的试剂是浓硫酸；因此，本题正确答案是: ；取代反应；浓硫酸。 (3)R 物质属于 A 的同分异构体，R 在稀硫酸条件下能水解生成 M、N，N 易造成人体眼睛失明为甲醇；M 遇氯化铁溶液显紫色,说明有酚羟基，1molM 能与 2mol 氢氧化钠反应,说明 R 中有一个酚羟基外还有一个酯基，酯基的结构为 CH3O0C-，所以符合条件的的同分异构体的结构简式为 、 ；正确答案：、 。【点睛】本题考查有机推断与有机合成、有机反应方程式的书写、同分异构体、信息获取与迁移应用等，综合性较强，需要学生完全凭借已知反应规律和合成路线进行推断，对学生的思维能力提出了更高的要求。26.将含有 CH、
44、O 的有机物 3.24 g，装入元素分析装置，通入足量的 O2使它完全燃烧，将生成的气体依次通过氯化钙干燥管 A 和碱石灰干燥管 B。测得 A 管质量增加了 2.16g，B 管增加了 9.24g。已知该有机物的相对分子质量为 108。（1）燃烧此化合物 3.24g，须消耗氧气的质量是多少_？（2）求此化合物的分子式_？（要有简单计算过程）（3）该化合物 1 分子中存在 1 个苯环和 1 个羟基，试写出它的同分异构体的结构简式_。 （计算要有文字说明过程）【答案】 (1). 8.16g (2). C7H8O (3). 【解析】【分析】将生成的气体依次通过 CaCl2管(A)和碱石灰(B),A 管
45、质量增加了 2.16g，应为水的质量，B管增加了 9.24g，应为二氧化碳的质量，根据有机物的相对分子质量可以知道一定物质的量的有机物中含有的 C、H 原子个数，结合质量守恒计算是否含有 O，并计算 O 原子个数，以此计算分子式，从质量守恒的角度计算耗氧量，结合有机物的性质判断可能的结构。【详解】(1)A 管质量增加了 2.16g 为生成水的质量，B 管增加了 9.24g 为生成二氧化碳的质量，根据质量守恒可知，消耗氧气的质量=2.16+9.24-3.24=8.16g；正确答案：8.16g。(2)试管 A 吸水质量增加 2.16g ,为生成水的质量,水的物质的量=2.16/18=0.12mol
46、,含 H 为0.24mol，碱石灰吸 CO2增加 9.24g ,即生成二氧化碳的物质的量=9.24/44=0.21mol，该有机物物质的量为=3.24/108=0.03mol，所以有机物分子中：N(C)=0.21/0.03=7， N(H)=0.122/0.03=8，N(O)=(108-127-8)/16=1，所以有机物的分子式为：C 7H8O ；正确答案：C7H8O。(3)若该有机物属于芳香族化合物,含有 1 个苯环, C 7H8O 的不饱和度=（27+2-8）/2=4，侧链不含不饱和键，若只有 1 个侧链，则为-CH 2OH 或-OCH 3；若侧链有 2 个，为-OH、-CH 3,有邻、间、对三种位置关系；该化合物 1 分子中存在 1 个苯环和 1 个羟基，故符合条件的有机物的结构简式为: ；正确答案： 。
