1、物理答案 第1页 （共2页） 物理答案 第2页 （共2页） 八市学评 20182019 高三第二次测评 物理（参考答案） 1.【答案】D 【解析】物体受到恒定外力的作用，做匀变速运动，故选项A错误；根据曲线运动的条件，物体受到的合外力方向在运动轨迹凹面一侧，故选项B错误；根据牛顿第二定律和加速度定义式得：=，任意相等的时间内，速度改变量的大小和方向均相同，故选项 C 错误；物体由M点运动至N，外力先做负功后做正功，整体做功正负与外力的方向有关，所以M点速度有可能大于N点速度，选项D正确； 2【答案】B 【解析】乒乓球和铅球碰撞时，相互作用力相等，故A错误；伽利略通过理想实验说明，否定了力是维持
2、物体运动的原因，故B正确；牛顿第一定律是在实验的基础上进一步的推理概括出来的科学理论，而不能直接通过实验得出的，但能接受住实践的检验，故C错误；牛顿根据开普勒第三定律，结合圆周运动向心力公式推出了万有引力与距离平方成反比的结论，故D错误。 3【答案】C 【解析】梯形物块向右移动的过程中，小球受力如图，小球和物块之间的弹力 F0=Mg/cos；竖直墙壁的弹力 N=Mgtan，物块对小球的弹力与竖直方向夹角逐渐增大。则竖直墙壁的弹力逐渐增大，A错误；小球和物块之间的弹力逐渐增大，D 错误；把小球和物块当成整体，地面支持力N 地不变，摩擦力f不变，D错误；F=f+N，则F逐渐增大，C正确 4【答案】
3、D 【解析】由图象可知，4s末甲乙两车共速，此时后面的乙车比甲车多行驶8m。若s=6m，两车不会相遇；若 s=8m，甲乙相遇一次；若 s8m，甲乙相遇两次。若 s=12m，由图象可以求出，10s末两车相距14m。 5【答案】C 【解析】在升降机内加速向上，由牛顿第二定律：Fmg=ma，解得：g=，地球表面重力加速度：g=，近地卫星由重力提供圆周运动向心力：mg=m，解得：v=6【答案】D 【解析】根据加速度a随时间变化的图象可得速度随时间变化的图象如图（a）所示，根据牛顿第二定律可得外力F随时间变化的图象如图（b）所示， 根据两图象有：外力F的最大值为3mg，A错误；3t0外力F的功率最大，最
4、大功率为3mggt0，B错误；外力F前3t0所做的功为mggt02，C错误；摩擦力前3t0的平均功率为mggt0，D正确； 7【答案】AC 【解析】设杆对两球的作用力大小为T，对A球有：T+mg=m，对B球有：Tmg=m，解得：T=3mg，=，AC正确，BD错误； 8【答案】BC 【解析】圆环沿杆下滑过程中，环受力分析如图，当环移动至竖直位置前，杆对环的弹力方向垂直于杆向下，且在逐渐减小；当越过竖直位置后，弹力方向反向，且开始逐渐增大，故选项A错误，选项B正确；整个过程中，绳子的拉力一直减小，绳子达到竖直位置前大于重力，越过竖直后小于重力。故选项C正确，选项D错误。 9【答案】CD 【解析】F
5、对物块做的功等于物块增加的机械能与物块克服摩擦力做的功之和，AB错误，D正确；物块克服重力所做的功等于物块增加的重力势能，C正确； t v t0 2t0 3t0 -(a) t F 2 t0 2t0 3t0 -2 (b) F F 物理答案 第3页 （共6页） 物理答案 第4页 （共6页） 10【答案】AB 【解析】设小球沿斜面运动的最大位移为 s，动摩擦力为 f；小球运动的整个过程有=2，小球向上运动至最高点有=+，解得h=5m，故选项A正确；运动至最大高度一半时，则有=+，Ek=15J，故选项B正确；若小球运动的最大初动能增大一倍，小球沿斜面向上运动的最大位移也增大一倍，返回斜面底端的动能也增
6、大一倍，速度增大2倍，故选项C错误；小球运动的初速度增大一倍，初动能增大4倍，返回底端时损失的机械能增大4倍，故选项D错误； 11【答案】4.20 1.20；0.84 【解析】根据S=a，S=(16.209.60)(9.60)=(9.60)，解得：=4.20cm，=1.20m/，根据速度公式：=+2，=.，解得：=0.84/； 12【答案】（1）42244228 （2）=()(3)C 【解析】(1)螺旋测微器的固定刻度读数为 4mm，可动刻度读数为 0.0122.5mm=0.225mm，则h=4.225mm (2)依题意可知：滑块经过光电门的速度=。物块的加速度=()，只要满足=，即=()，可
7、验证：物块质量一定时，加速度与合外力成正比。 (3) 物块的加速度=，只要合外力不变，加速度就不变。 三、计算题 13【解析】（1）由题得OB=h，根据平抛运动公式， 竖直方向：hcos60=2分 水平方向：hsin60=v0t 1分 联立解得：v0=/ 2分 （2）训练者以速度v1跳出，落入沙坑中，则有： 水平方向：x= 1分 竖直方向：y=1分 +=2分 联立解得：t=0.6s 1分 14.【解析】（1）不加电场时，对于小球由平衡条件得： 37= 1分 由题意分析，电场力方向水平向左符合题意，小球沿杆靠近A点运动，由牛顿第二定律得： Eqcos37+mgsin37F=ma 2分 解得：a=
8、48m/s21分 沿BA的方向 1分 （2）当小球沿杆向A球运动时，库仑力F逐渐增大，小球运动的加速度逐渐减小，速度逐渐增加，当小球运动的加速度为零时，小球的速度最大。开始时，由库仑力公式： 37=1分 最大速度时，有： Eqcos37+mgsin37=2分 解得：=0.1 1分 小球向A移动的距离x=l-l1=0.2m 1分 15【解析】（1）物块A滑到B上后，由于(+)，故A在B上滑动过程中，B静止不动，对A受力分析有 =1分 B A 37 N M Eq mg F 物理答案 第5页 （共6页） 物理答案 第6页 （共6页） 解得a1=2.5m/s21分 由运动学公式可知 =1分 解得：t=
9、0.4s 1分 （2）恒力F一直作用上去后，A不会从B上滑下去： 当力最小时A恰好滑到B的右端，A、B恰好共速，以后一起运动，滑动过程中A的加速度仍为a1=2.5m/s2,B的加速度为a2，由运动学公式可知 =1分 = 1分 解得：a2=2m/s2， t= 滑动过程中B的位移为 = 1分 对B分析受力,由牛顿第二定律知 +(+)=1分 解得：F=4.5N 1分 当力F最大时，A、B共速以后一起以加速度a1=2.5m/s2运动， (+)=(+)1分 解得：F=10.5N 1分 即F的取值范围为： 4.2NF10.5N 1分 16【解析】（1）小球滑至B点时，弹力等于小球的向心力，小球a到达B点时
10、的速度大小为v1，有 =1分 b球速度恰好达到最大，则弹力恰好等于小球B的重力，有 =g 1分 解得，小球a到达B点时的速度大小 =22/ 1分 （2）小球从B到C的过程中，机械能守恒，设B点速度为v2，有 =1分 小球a在C点时，细绳弹力为F2，由牛顿第二定律可知 +=1分 解得： =10 1分 （3）小球a到达C点时，细绳弹力仍为Mg，可知此时弹性绳的弹性势能与小球a在B处时相等。设小球a到达C点时，弹性绳的弹性势能为EP， 弹性绳的伸长量 =1分 B球下落的高度 =+ 1分 由能量守恒定律可知 +=+()2分 解得，弹性细绳劲度系数 =100/ 1分 小球a到达C点时弹性绳的弹性势能 =1分 解得：EP=0.5J 1分
